2025年人教A新版高二物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教A新版高二物理上册阶段测试试卷48考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、我国《道路交通安全法》中规定各种小型车辆前排乘坐的人（包括司机）必须系好安全带．从高一物理知识的角度看，这是因为（）A.系好完全带可以减小人的惯性B.系好安全带可以增大人的惯性C.系好安全带可以防止因人的惯性而造成的伤害D.系好安全带可以让人更加舒适2、对于给定的电容器，描述其电容C、电荷量Q、电压U之间相应关系的图应是下图中的（）A.B.C.D.3、如图甲所示，在水平地面上有一长木板B

其上叠放木块A

已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力.

用一水平力F

作用于BAB

的加速度与F

的关系如图乙所示，g=10m/s2

则下列说法中正确的是()

A.A

的质量为0.5kg

B.B

的质量为1.5kg

C.B

间的动摩擦因数为0.4

D.B

与地面间的动摩擦因数为0.3

4、下列几组共点力，可能使物体处于平衡状态的有（）A.5N。1N。2NB.2N。8N。3NC.2N。3N。4ND.2N。3N。5、某原子电离后其核外只有一个电子，若该电子在核的静电力作用下绕核做匀速圆周运动，那么电子运动(

)

A.半径越大，加速度越大B.半径越小，周期越大C.半径越大，角速度越小D.半径越小，线速度越小6、A

和B

是绕地球做匀速圆周运动的卫星，mA=mB

轨道半径RB=2RA

则A

与B

的()

A.加速度之比为4隆脙1

B.周期之比为22隆脙1

C.线速度之比为1隆脙2

D.角速度之比为2隆脙1

7、如图，在汽缸内活塞的左边封闭着一定质量的理想气体，压强和大气压相同。把汽缸和活塞固定，使汽缸内气体升高一定的温度，气体吸收的热量为Q1，内能的增加量为△U1；如果让活塞可以自由滑动（活塞与气缸间无摩擦，不漏气），也使汽缸内气体温度升高相同温度，其吸收的热量为Q2，内能的增加量为△U2，则（）A.Q1＞Q2B.Q1＜Q2C.△U1＜△U2D.△U1＜△U2评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)8、如图所示；甲是回旋加速器的原理图，乙是研究自感现象的实验电路图，丙是欧姆表的内部电路图，丁图是动圈式话筒的原理图，下列说法正确的是（）

A.甲图是加速带电粒子的装置，其加速电压越大，带电粒子最后获得的速度越大B.乙图电路开关断开瞬间，灯泡A一定会突然闪亮一下C.丙图在换档后，需两表笔短接，调节R1使指针指向0ΩD.丁图利用了电磁感应的原理，声波使膜片振动，从而带动音圈产生感应电流9、如图1

所示；两根光滑平行导轨水平放置，间距为L

其间有竖直向下的匀强磁场，磁感应强度为B.

垂直于导轨水平对称放置一根均匀金属棒.

从t=0

时刻起，棒上有如图2

的变化电流I

周期为T

电流值为Im

图1

中I

所示方向为电流正方向.

则金属棒(

)

A.一直向右移动B.速度随时间周期性变化C.受到的安培力恒定不变D.受到的安培力在一个周期内做正功10、一弹簧振子振幅为A，从最大位移处需时间t0第一次到达平衡位置。若振子从最大位移处经过t0时的速度大小和加速度大小分别为v1和a1；而振子位移为A时的速度大小和加速度大小分别为v2和a2．那么（）A.v1＞v2B.v1＜v2C.a1＞a2D.a1＜a211、如图所示，在粗糙绝缘的水平碗上有一物体A

带正电，另一带正电的点电荷B

沿着以A

为圆心的圆弧由P

到Q

缓慢地从A

的上方经过，若此过程中A

始终保持静止，AB

两物体可视为质点且只考虑它们之间的库仑力作用.

则下列说法正确的是(

)

A.物体A

受到地面的支持力先增大后减小B.物体A

受到地面的支持力保持不变C.物体A

受到地面的摩擦力先减小后增大D.库仑力对点电荷占先做正功后做负功12、下列关于两列波相遇时叠加的说法中正确的是（）A.相遇后，振幅小的一列波将减弱，振幅大的一列波将加强B.相遇前后，两列波的振动情况与相遇前完全相同C.在相遇区域，任一点的总位移等于两列波分别引起的位移的矢量和D.几个人在同一房间说话，相互间听得清楚，这说明声波在相遇时互不干扰评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)13、如图甲所示；为某同学测绘额定电压为2.0V的小灯泡的I-U特性曲线的实验电路图．

（1）根据电路图甲；用笔画线代替导线，将图乙中的实验电路连接完整．

（2）开关S闭合之前，图乙中滑动变阻器的滑片应该置于____端（选填“A”；“B”或“AB中间”）

（3）根据实验数据描绘出如图所示U-I图象；由图可得到小灯泡在1.5V电压下的实。

际功率____W．

14、某电解池，如果在1s钟内共有5×1018个二价正离子和1.0×1019个一价负离子通过某截面，那么通过这个截面的电流是______．15、如图所示，真空中有一电子束，以初速度v0

沿着垂直场强方向从O

点进入电场.

以O

点为坐标原点，垂直场强方向为x

轴，沿场强方向为y

轴建立坐标系.

沿x

轴取ABC

三点，且OA=AB=BC

再自ABC

点作y

轴的平行线与电子径迹分别交于MNP

点，则AMBNCP=

______，电子束经MNP

三点时沿x

轴的分速度之比为______．16、如图所示O、O′两轮通过皮带传动不打滑的匀速转动，已知两轮半径之比为2：1，A、B两点为两轮边沿的点，那么两点线速度的比____，角速度的比____．

17、把一个满偏电流为1mA、内电阻为600Ω的电流表头改装成量程为3A的电流表，则需要____联一个____Ω的电阻；若将这个表头改装成量程为6V的电压表，则应____联一个____Ω的电阻．18、为了消除和利用烟气中煤粉，可采用如图所示的静电除尘装置，它是由金属管A和悬在管中的金属丝B组成，A接到高压电源正极，B接到高压电源负极，且A要接地，其目的是______．A、B间有很强的电场，且距B越近电场______（填“越强”或“越弱”）．19、如图所示；ACB为光滑弧形槽，弧形槽半径为R，C为弧形槽最低点，R远大于AB的弧长。甲球从弧形槽的球心处自由下落，乙球从A点由静止释放，问：

（1）两球第1次到达C点的时间之比为______；

（2）在圆弧的最低点C的正上方h处由静止释放小球甲，让其自由下落，同时将乙球从圆弧左侧由静止释放，若在乙球第2次通过C点时，甲乙两球相遇，则甲球下落的高度是______。（不计空气阻力，不考虑甲球的反弹）评卷人得分四、判断题(共1题，共4分)20、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

评卷人得分五、计算题(共3题，共15分)21、如图甲所示，固定的光滑平行导轨（电阻不计）与水平面夹角为θ=30°，导轨足够长且间距L=0.5m，底端接有阻值为R=4Ω的电阻，整个装置处于垂直于导体框架向上的匀强磁场中．一质量为m=1kg、电阻r=1Ω、长度也为L的导体棒MN在沿导轨向上的外力F作用下由静止开始运动，拉力F与导体棒速率倒数关系如图乙所示．已知g=10m/s2．求：

（1）v=5m/s时拉力的功率．

（2）匀强磁场的磁感应强度．

（3）当棒的加速度a=8m/s2时，导体棒受到的安培力．22、某发电站通过升压器、输电线和降压器把电能输送给用户，输电站输出功率是100kW，输出电压是250V，升压器原副线圈的匝数之比为1：25，输电线上功率损失为4%，用户所需电压为220V，求输电线的电阻和降压变压器的匝数比是多少？23、某小型实验水电站输出功率是20kW，输电线总电阻是6Ω。（1）若采用400V输电，求输电线路损耗的功率。（2）若改用4000V高压输电，用户端利用n1:n2=20:1的变压器降压，求用户得到的电压。评卷人得分六、推断题(共2题，共12分)24、人工合成有机化合物rm{H}的路线可简单表示如图：已知：rm{F}的核磁共振氢谱有四个峰，峰的面积比为rm{1}rm{1}rm{3}rm{3.}请回答下列问题：rm{(1)A}的名称rm{(}系统命名rm{)}为______；rm{C}中官能团的结构简式为______；rm{(2)G+F隆煤H}的反应类型为______；rm{H}的结构简式为______．rm{(3)C隆煤D}的离子方程式为______．rm{(4)E}在一定条件下生成的高分子化合物的结构简式为______．rm{(5)X}是rm{F}的同分异构体，它同时符合下列rm{3}个条件：rm{垄脵}能发生水解反应rm{垄脷}不含甲基rm{垄脹}能发生银镜反应，则rm{X}可能的结构简式为______、______rm{(}写出任意两种rm{)}．25、食品添加剂肉桂酸是一种香精，其合成路线如下：已知：

请回答下列问题：rm{(1)B}的名称是_______________。rm{A}和rm{C}常温下都是无色微溶于水的液体，对两者进行鉴别的试剂是_________________________rm{(2)}上述变化中属于消去反应的是__________rm{(}填反应编号rm{)}rm{(3)E}的结构简式为___________________________________________________反应rm{垄脵}的化学方程式是___________________________________________________________反应rm{垄脷}的化学方程式是___________________________________________________________rm{(4)}同时符合下列要求的肉桂酸的同分异构体有________种rm{(}不包括肉桂酸rm{)}写出其中一种的结构简式______________________________。Ⅰrm{.}含有苯环；Ⅱrm{.}能与rm{NaHCO_{3}}溶液反应；Ⅲrm{.}能使溴的四氯化碳溶液褪色参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】解；A；质量是物体惯性大小的唯一的量度；系好安全带不可以改变人的惯性，故AB错误；

C；安全带系在人的身上；对人有一定的作用力，可以改变人的运动状态，所以系好安全带可以防止因人的惯性而造成的伤害，故C正确，D错误．

故选：C．

物体总保持原来运动状态不变的特性叫做惯性；质量是物体惯性大小的唯一的量度，与物体的运动状态和所处的位置无关．力是改变物体运动状态的原因．

本题考查了惯性的基本概念及影响因数，同学们只要记住质量是惯性的唯一量度，与其它任何因数无关就可以了．该题难度不大，属于基础题．【解析】【答案】C2、B【分析】解：是电容的定义式，电容器电容的大小与电容的带电量Q以及电容器两极板之间的电压无关，电容器电容的决定式为：只要电容器不变其电容就不发生变化，故ACD错误，B正确．

故选：B．

电容器的电容由本身的性质决定；与Q和U无关．

解决本题的关键掌握电容的定义式为知道C与Q和U无关，根据Q=CU，知Q与U成正比，同时理解电容器电容大小与那些因素有关．【解析】【答案】B3、C【分析】【分析】对图象进行分析，明确物体的运动状态和加速度的变化情况，再根据牛顿第二定律以及摩擦力公式进行分析，列式求解即可得出AB

的质量和摩擦因数。本题考查了木块与滑板模型，根据图象，分析加速度随力的变化情况，再由牛顿第二定律以及摩擦力公式进行分析即可。【解答】由图可知，AB

二者开始时对地静止，当拉力为3N

时开始AB

一起运动，故B与地面间的最大静摩擦力为：fmax=3N

当拉力为9N

时，AB

发生相对滑动，此时A

的加速度为：aA=4m/s2

当拉力为13N

时，B

的加速度为：aB=8m/s2

A

相对于B

滑动时，由牛顿第二定律，对A

有：aA=娄脤1mAgmA=娄脤1g=4m/s2

解得AB

之间的动摩擦因数为：娄脤1=0.4

对B

有：13鈭�3鈭�娄脤1mAg=mB隆脕8

对整体有：9鈭�3=(mA+mB)隆脕4

联立解得：mA=0.5kgmB=1.0kg

则由2(mA+mB)g=3

解得，B

与地面间的动摩擦因数为：娄脤2=0.2

故AC正确，BD错误。故选AC。

【解析】C

4、C【分析】解：A；5N与1N合成最大6N；最小4N，不可能为2N，故三力的合力不可能为零，故A错误；

B；2N和8N合成最大10N；最小6N，不可能为3N，故三力的合力不可能为零，故B错误；

C；2N和3N合成最大5N；最小1N，可能为4N，故与第三个力可能平衡，故C正确；

D；2N和3N合成最小1N；最大5N，不可能为10N，故三力的合力不可能为零，故D错误；

故选：C．

三力合成；先将其中的两个力合成，再与第三个力合成，合成时，三力同向合力最大，两个力合成的合力有个范围，用与第三个力最接近的数值与第三个力合成求最小合力．

该题考查力的合成与分解，要明确在三力平衡，三个力中任意两个力的合力必然与第三个力等值、反向、共线．【解析】【答案】C5、C【分析】解：根据原子核对电子的库仑力提供向心力；由牛顿第二定律得。

ke2r2=ma=m4娄脨2rT2=m娄脴2r=mv2r

可得a=ke2mr2

T=m4娄脨2r3ke2

娄脴=ke2mr3

v=ke2mr

A；半径越大；加速度越小，故A错误；

B；半径越小；周期越小，故B错误；

C；半径越大；角速度越小，故C正确；

D；半径越小；线速度越大，故D错误。

故选：C

根据库仑定律求出原子核与核外电子的库仑力．

根据原子核对电子的库仑力提供向心力；由牛顿第二定律求出角速度，加速度，周期，线速度进行比较．

能够根据题意找出原子核与核外电子的库仑力提供向心力；并列出等式求解．

对于等效环形电流，以一个周期为研究过程求解．【解析】C

6、A【分析】略【解析】A

7、B【分析】解：对一定量的气体内能由温度决定，两种情况下气体温度变化情况相同，气体内能变化量相等，即：△U1=△U2=△U；

第一种情况，气缸与活塞都固定不动，气体体积不变，气体不做功，W1=0；第二种情况，活塞自由移动，气体体积增大；

气体对外做功，W2＜0，由热力学第一定律：△U=W+Q可知：Q1=△U1-W1=△U1=△U，Q2=△U2-W2=△U-W2＞△U＞Q1；故ACD错误B正确。

故选：B。

对一定量的理想气体内能由温度决定；温度变化量相同，物体内能变化相同；根据题意判断气体做功情况，应用热力学第一定律分析答题。

气体体积不变，气体不做功，气体体积变大时气体对外做功；对一定量的理想气体内能由温度决定，温度变化量相同，物体内能变化相同；应用热力学第一定律即可解题。【解析】B二、多选题(共5题，共10分)8、CD【分析】解：A、根据得，粒子的最大速度可知最大速度与加速电压无关．只和磁场区域的半径有关；故A错误．

B；电键断开的瞬间；由于线圈对电流有阻碍作用，通过线圈的电流会通过灯泡A，所以灯泡A不会立即熄灭，若断开前，通过电感的电流大于灯泡的电流，断开开关后，灯泡会闪亮一下然后逐渐熄灭．若断开前，通过电感的电流小于等于灯泡的电流，断开开关后，灯泡不会闪亮一下．故B错误．

C、丙图为多用电表的欧姆档；需要进行欧姆调零；故在换档后，需两表笔短接，调节R1使指针指向0Ω．故C正确．

D；丁图利用了电磁感应的原理；声波使膜片振动，从而带动音圈产生感应电流．故D正确．

故选：CD．

回旋加速器加速粒子；最终速度与加速电压无关；断开开关的瞬间，电感对电流有阻碍作用，根据通过灯泡的电流与之前比较，判断是否会闪一下．欧姆表在使用时每次换档均要进行一次欧姆调零；动圈式话筒通过声波使膜片振动，从而带动音圈产生感应电流．

本题考查了回旋加速器、自感现象、多用电表的使用以及话筒的原理等基础知识点，难度不大，关键要理解各种现象的原理，即可轻松解决．【解析】【答案】CD9、AB【分析】解：AB

根据左手定则知，导体棒开始所受的安培力方向水平向右，根据F=BIL

知，安培力在第一个T2

内做匀加速直线运动，在第二个T2

内；安培力方向水平向左，大小不变，做匀减速直线运动，根据运动的对称性知，一个周期末速度为零，金属棒的速度方向未变.

知金属棒一直向右移动，先向右做匀加速直线运动，再向右做匀减速运动，速度随时间周期性变化，而位移一直增大.

故A正确；B正确．

C；因为电流周期性变化；则安培力也周期性变化.

故C错误．

D；在一个周期内；动能的变化量为零，则安培力在一个周期内做功为零.

故D错误．

故选：AB

根据左手定则判断出安培力的方向；结合加速度方向与速度方向的关系判断金属棒的运动规律.

从而得出速度；安培力随时间的变化规律．

解决本题的关键掌握安培力的方向判断，会根据金属棒的受力情况判断其运动情况是解决本题的基础．【解析】AB

10、BC【分析】解：由题意，振子从最大位移处需时间t0第一次到达平衡位置，从最大位移处到平衡位置处运动，振子的速度增大，加速度减小，所以经过时通过的位移小于振子越靠近平衡位置速度越大，加速度越小，所以v1＜v2，a1＞a2．故AD错误；BC正确。

故选：BC。

从平衡位置到最大位移处速度减小，加速度增大，经过时间，质点的位移大于

解决本题的关键掌握从最大位移处到平衡位置处运动，振子的速度增大，加速度减小。【解析】BC11、AC【分析】解：当质点B

由P

点运动到最高点的过程中；对物体A

受力分析，如图，受重力G

地面的支持力N

摩擦力f

以及静电力F

将静电力正交分解；由共点力平衡条件得到：

Fsin娄脠鈭�f=0垄脵

N鈭�Fcos娄脠鈭�mg=0垄脷

由垄脵垄脷

两式可解得：

N=mg+Fcos娄脠

f=Fsin娄脠

其中G

与F

不变；娄脠

逐渐减小为零，因而支持力N

逐渐变大，f

逐渐变小；

当质点B

由最高点运动到Q

点的过程中；再次对物体A

受力分析，如下图，受重力G

地面的支持力N

摩擦力f

以及静电力F

将静电力正交分解；由共点力平衡条件得到：

Fsin娄脠鈭�f=0垄脹

N鈭�Fcos娄脠鈭�mg=0垄脺

由垄脹垄脺

两式可解得：

N=mg+Fcos娄脠

f=Fsin娄脠

其中G

与F

不变；娄脠

由零逐渐增大，因而支持力N

逐渐变小，f

逐渐变大；

综合以上两个过程可知：物体A

受到地面的支持力N

先增大后减小；物体A

受到地面的摩擦力先减小后增大，故A；C正确，B错误；

质点A

对质点B

的静电力与质点B

的速度总是垂直；因而其瞬时功率一直为零，由W=PtA

对B

不做功，故D错误；

故选AC．

解答本题应掌握：点电荷B

从P

到最高点过程与从最高点到Q

过程中；质点A

一直处于平衡状态，由共点力平衡条件可以分析出其所受各个力的变化情况；以A

为圆心的圆弧为等势线，因此移动过程中电场力不做功．

本题关键对物体受力分析后，运用共点力平衡条件求解，关于静电力的功，要明确电场力做功特点．【解析】AC

12、BCD【分析】解：A；当左列波和右列波相遇时；叠加时的振动方向相同的，则相互加强；当振动方向相反时，则相互抵消，即若加强则两列波都加强，若减弱则两列波都减弱，而不是一列波减弱一列波加强，故A错误；

B；两列波各自的波形和传播方向与相遇前完全相同；即每列波能保持各自的传播规律而不互相干扰，波具有独立性，故B正确，D正确；

C；在波的重叠区域里各点的振动的物理量等于各列波在该点引起的物理量的矢量和。故C正确。

故选：BCD。

波的叠加原理：介质中同时存在几列波时；每列波能保持各自的传播规律而不互相干扰．在波的重叠区域里各点的振动的物理量等于各列波在该点引起的物理量的矢量和．

本题考查了波的叠加原理，要熟记：介质中同时存在几列波时，每列波能保持各自的传播规律而不互相干扰．在波的重叠区域里各点的振动的物理量等于各列波在该点引起的物理量的矢量和．【解析】BCD三、填空题(共7题，共14分)13、略

【分析】

（1）根据原理图连接实物图如下所示：

（2）为了安全和保护仪器不被烧坏；开关S闭合之前，应该移动滑片，使测量电路短路，即将片滑移动到A端．

故答案为：A．

（3）根据实验数据描绘出如图所示U-I图象可知当小灯泡为U=1.5V时；电流I=0.46A．

故灯泡的输出功率为：P=UI=0.69W；在0.68～0.70W范围内皆可．

故答案为：0.69（0.68～0.70）

【解析】【答案】（1）根据实验原理图连接即可；注意电压表；电流表的量程不要选错，正负极不能连反，滑动变阻器采用分压接法．

（2）采用分压接法时；开始实验时为了安全和保护仪器，要使输出电压为零，即将测量电路短路．

（3）根据所画出的U-I图象；得出小灯泡在1.5V电压下的电流，根据P=UI可以求出其实际功率．

14、略

【分析】解：由题，1s内通过截面正离子的电量为q1=2n1e，负离子的电量绝对值为q2=n2e，则电流为I==

将n1=5×1018个，n2=1×1019个，e=1.6×10-19C代入解得；I=3.2A

故答案为：3.2A

由题计算出1s内通过截面正离子与负离子电量绝对值之和，根据电流的定义式求解电流．一价离子所带电量大小为e=1.6×10-19C．

本题是电流定义式的应用，关键确定通过导体截面的电量，当电流由正负离子向相反方向定向移动形成时，电量等于正离子与负离子电量绝对值之和．【解析】3.2A15、略

【分析】解：设电子电量e

电场强度E

粒子穿过电场时，粒子做类平抛运动，由水平方向上的直线运动和竖直方向上的匀加速直线运动；

所以三段运动时间相同均为t

竖直方向位移为：

yAM=12at2

yBN=12a(2t)2

yCP=12a(3t)2

即沿y

轴方向的位移之比yAMyBNyCP=149

则AMBNCP=149

由于水平方向电子不受力；做匀速直线运动，电子束经MNP

三点时沿x

轴的分速度相等，即电子束经MNP

三点时沿x

轴的分速度之比为：111

．

故答案为：149111

电子穿过电场时做类平抛运动；由水平方向上匀速直线运动和竖直方向上匀加速直线运动的规律，列式可得出竖直位移之比；水平方向上做匀速直线运动，水平分速度不变．

带电粒子在电场中的类平抛运动，研究的方法是平抛运动相似，是运动的合成与分解，再运用运动学规律进行求解．【解析】149111

16、略

【分析】

通过皮带传送，轮子边缘上的点具有相同的线速度大小，所以两点线速度之比为1：1；根据v=rω；线速度一定，角速度与半径成反比，所以角速度之比为1：2．

故本题答案为：1：1；1：2．

【解析】【答案】两轮通过皮带传动不打滑的匀速转动，即边缘上的点在相同时间内通过的弧长相等，具有相同的线速度大小．再根据v=rω分析角速度的关系．

17、并0.2串5400【分析】【解答】解：把电流表改装成3A的电流表需要并联一个分流电阻；

分流电阻阻值：R==≈0.2Ω；

改装成6V的电压表；需要串联一个分压电阻；

分压电阻阻值：R=﹣Rg=﹣600=5400Ω；

故答案为：并；0.2；串；5400．

【分析】把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，改装成大量程电流表需要并联分流电阻，应用串并联电路特点与欧姆定律可以求出电阻阻值．18、略

【分析】解：B接到高压电源负极；且A要接地，其目的是防止静电，避免出现高压放电危险．

电极截面如图所示，由电场线可判断越靠近B场强越强；粉尘吸附电子后带负电，因此向正极A运动．

故答案为：防止静电；越强．

电极A；B间接高电压后；之间产生了很强的电场，气体分子被电离成为电子和正离子，电子较轻，容易被粉尘吸附，故粉尘带负电，被正极A吸引，从而达到除尘的目的．

本题涉及静电除尘的原理，关键是电子容易被吸附到灰尘上，故灰尘会吸附带带正电的A上．【解析】防止静电；越强19、【分析】解：（1）甲球做自由落体运动R=gt

所以：t1=乙球沿圆弧做简谐运动（由于B→C≪R；可认为摆角θ＜5°）。此振动与一个摆长为R的单摆振动模型相同，故此等效摆长为R，因此乙球第1次到达C处的时间为：

t2=T=×2π所以t1：t2=

（2）甲球从离弧形槽最低点h高处开始自由下落，到达C点的时间为t甲=由于乙球运动的周期性；所以乙球到达C点的时间为。

t乙=+=n=0，1，2，

由于甲、乙在C点相遇，故t甲=t乙

解得h=π2Rn=0；1，2，

当n=2时，h=

故答案为：

（1）甲球做自由落体运动；乙球近似看做单摆，根据各自的规律即可求得时间的比值；

（2）若使甲；乙两球在圆弧最低点C处相遇；要考虑到乙运动的周期性，然后列出等式即可。

该题的第二问看似是第一问的重复，而实际上要考虑到乙运动的周期性，写出乙到达最低点的时刻的通式是解题的关键。【解析】四、判断题(共1题，共4分)20、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．五、计算题(共3题，共15分)21、略

【分析】

（1）拉力F的功率为图象的斜率；根据P=Fv来计算；

（2）根据右图可知；当速度v=10m/s时导体棒匀速运动，根据共点力的平衡条件求解磁感应强度；

（3）当棒的加速度a=8m/s2时；根据牛顿第二定律列方程求解此时的速度大小，再根据安培力的计算公式求解；

对于电磁感应问题研究思路常常有两条：一条从力的角度，重点是分析安培力作用下导体棒的平衡问题，根据平衡条件列出方程；另一条是能量，分析涉及电磁感应现象中的能量转化问题，根据动能定理、功能关系等列方程求解．【解析】解：（1）根据P=Fv可得：由此可见拉力F的功率为图象的斜率，是一个定值，所以v=5m/s时的功率可以根据来计算；

所以：P=Fv=7×10W=70W；

（2）根据右图可知；当速度v=10m/s时导体棒匀速运动，根据共点力的平衡条件可得：F=mgsinθ+BIL；

而I=F=7N；

代入数据可得：B=2T；

（3）当棒的加速度a=8m/s2时；拉力设为F′，速度为v′，根据牛顿第二定律可得：F′-mgsinθ-BIL=ma；

而：BIL=

整理可得：v′2+65v′-350=0

解得：v′=5m/s（或v′=-70m/s舍去）

所以此时的安培力为：F=BIL==．

答：（1）v=5m/s时拉力的功率为70W；

（2）匀强磁场的磁感应强度2T；

（3）当棒的加速度a=8m/s2时，导体棒受到的安培力为1N．22、略

【分析】

根据升压变压器的输入电压；结合匝数比求出输出电压，从而得出输送电流，根据损失的功率得出输电线的电阻，根据电压损失得出降压变压器的输入电压，结合用户得到的电压求出降压变压器的匝数比．

解决本题的关键知道：1、输送功率与输送电压、电流的关系；2、变压器原副线圈的电压比与匝数比的关系；3、升压变压器输出电压、降压变压器输入电压、电压损失的关系；4、升压变压器的输出功率、功率损失、降压变压器的输入功率关系．【解析】解：根据得；

升压变压器副线圈两端电压U2=U1=6250V

副线圈的电流I2==16A

输电线电阻R上损失的功率为I22R=4%P

则R==15.6Ω

降压变压器原线圈的电压为：U1′=U2-I2R=6×103V

则降压器上原、副线圈的匝数比：．

答：输电线的电阻为15.6Ω，降压变压器的匝数比是300：11．23、略

【分析】【解析】试题分析：（1）输电线上的电流为50A输电线路损耗的功率为15000W（2）改用高压输电后，输电线上的电流为5A用户端在变压器降压前获得的电压为3970V根据用户得到的电压为198.5V考点：远距离输电．【解析】【答案】（1）15000W（2）用户得到的电压为198.5V六、推断题(共2题，共12分)24、rm{(1)2-}甲基rm{-1-}丁烯rm{-OH}rm{-CHO}

rm{(2)}酯化反应rm{CH_{3}CH篓TC(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}

rm{(3)}rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}}rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}

}

rm{+Cu_{2}O隆媒+3H_{2}O}

rm{(4)}rm{(5)HCOOCH_{2}CH_{2}CH=CH_{2}}【分析】【分析】

本题考查有机物推断；有机反应方程式、同分异构体书写等；注意根据反应条件进行推断，需要学生熟练掌握官能团的性质与转化，难度中等。

【解答】

rm{A}与溴水发生加成反应生成则rm{A}为．发生水解反应生成rm{B}为rm{B}发生氧化反应生成rm{C}为rm{C}发生氧化反应生成rm{D}rm{D}酸化得到rm{E}为rm{E}发生消去反应生成rm{F}为rm{CH_{3}CH=C(CH_{3})COOH}溴乙烷发生水解反应生成rm{G}为rm{CH_{3}CH_{2}OH}rm{F}与rm{G}发生酯化反应生成rm{H}为rm{CH_{3}CH=C(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}．

rm{(1)A}为rm{A}的名称rm{(}系统命名rm{)}为rm{2-}甲基rm{-1-}丁烯；rm{C}为含有官能团的结构简式为：rm{-OH}rm{-CHO}

故答案为：rm{2-}甲基rm{-1-}丁烯；rm{-OH}rm{-CHO}

rm{(2)G+F隆煤H}的反应类型为酯化反应，rm{H}的结构简式为rm{CH_{3}CH篓TC(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}

故答案为：酯化反应；rm{CH_{3}CH篓TC(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}

rm{(3)C隆煤D}的离子方程式为：rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}}rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}

}

故答案为：rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}}rm{+Cu_{2}O隆媒+3H_{2}O}

rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}

}为rm{+Cu_{2}O隆媒+3H_{2}O}在一定条件下发生缩聚反应生成的高分子化合物为

故答案为：

rm{(4)E}为rm{E}符合下列条件的rm{(5)F}的rm{CH_{3}CH=C(CH_{3})COOH}种同分异构体的结构简式：rm{F}能发生水解反应，属于酯类rm{3}不含甲基，rm{垄脵}能发生银镜反应，应是甲酸形成的酯，符合条件的rm{垄脷}的结构简式有