2025年人教B版选修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教B版选修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、由a和b两种频率的光组成的光束，经玻璃三棱镜折射后的光路如图所示。a光是氢原子由n=4的能级向n=2的能级跃迁时发出的。下列说法确的是（）

A.该三棱镜对a光的折射率较大B.在真空中，a光的传播速度大于b光的传播速度C.b光可能是氢原子从n=3的能级向n=2的能级跃迁时发出的D.用同一双缝干涉装置进行实验，a光干涉条纹的间距大于b光干涉条纹的间距2、如图所示，一定质量的理想气体由状态A经过状态B变为状态C的图像，图中AB与横轴平行，B点，C点与坐标原点在一条直线上，AC与竖直轴平行；则（）

A.单位体积的分子数，状态A小于状态BB.由状态A变化到状态B的过程需要释放热量C.分子运动速率大的分子数，状态B小于状态CD.单位时间内撞击单位面积器壁的分子数，状态A大于状态C3、关于磁场和磁感线的描述，正确的说法是A.磁感线可以相交B.小磁针静止时S极指向即为该点的磁场方向C.磁感线的疏密程度反映了磁场的强弱D.地球磁场的N极与地理北极重合4、如图所示，匀强磁场的磁感应强度B=0.5T，边长L=0.1m的正方形线圈共N=100匝，线圈总电阻r=1线圈绕垂直于磁感线的对称轴OO匀速转动，转速为r/s，外电路中的电阻R=4图示位置线圈平面与磁感线平行，以下说法中正确的是（）

A.如从图示位置计时，线圈中产生电流按正弦规律变化B.线圈从图示位置转动30°，流经R上的电荷量为0.05CC.每转动一周线圈上产生的热量为JD.电阻R上的电压为8V5、如图所示；平行板电容器与电源相接，充电后切断电源，然后将电介质插入电容器极板间，则两板间的电势差U及板间场强E的变化情况为()

A.U变大，E变大B.U变小，E变小C.U不变，E不变D.U变小，E不变6、如图所示，C﹑D两水平带电平行金属板间的电压为U，A﹑B为一对竖直放置的带电平行金属板，B板上有一个小孔，小孔在C﹑D两板间的中心线上，一质量为m﹑带电量为＋q的粒子（不计重力）在A板边缘的P点从静止开始运动，恰好从D板下边缘离开，离开时速度大小为v0；则A﹑B两板间的电压为（）

A.B.C.D.7、如图（甲）所示为一阴极射线管；接通电源后，电子射线由阴极向右射出，在荧光屏上会到一条亮线．要使荧光屏上的亮线向上偏转，如图（乙）所示．在下列措施中可采用的（）

A.加一电场，电场方向竖直向上B.加一磁场，磁场方向竖直向上C.加一磁场，磁场方向垂直荧光屏向外D.加一磁场，磁场方向垂直荧光屏向里8、关于电子的运动规律,以下说法正确的是()A.电子如果表现出粒子性，则无法用轨迹来描述它们的运动，其运动遵循牛顿运动定律B.电子如果表现出粒子性，则可以用轨迹来描述它们的运动，其运动遵循牛顿运动定律C.电子如果表现出波动性，则无法用轨迹来描述它们的运动，空间分布的概率遵循波动规律D.电子如果表现出波动性，则可以用轨迹来描述它们的运动，其运动遵循牛顿运动定律评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)9、回热式制冷机是一种深低温设备，制冷极限约50K．某台回热式制冷机工作时，一定量的氦气（可视为理想气体）缓慢经历如图所示的四个过程：已知状态A和B的温度均为27℃，状态C和D的温度均为-133℃，下列判断正确的是（）

A.气体由状态A到B过程，温度先升高后降低B.气体由状态B到C过程，内能保持不变C.气体由状态C到D过程，分子间的平均间距减小D.气体由状态C到D过程，气体对外做功10、下列说法正确的是（）A.温度高的物体动能不一定大，但分子平均动能一定大B.雨伞伞面上有许多细小的孔，却能遮雨，是因为水的表面张力作用C.橡胶无固定的熔点，是非晶体E.气体很容易充满整个容器，这是分子间存在斥力的宏观表现E.气体很容易充满整个容器，这是分子间存在斥力的宏观表现11、如图甲所示，一光滑的平行金属导轨ABCD竖直放置．AB、CD相距L，在A、C之间接一个阻值为R的电阻；在两导轨间的abcd矩形区域内有垂直导轨平面向外、高度为5h的有界匀强磁场，磁感应强度为B．一质量为m电阻为r长度也为L的导体棒放在磁场下边界ab上（与ab边重合）．现用一个竖直向上的力F拉导体棒，使它由静止开始向上运动，导体棒刚要离开磁场时恰好做匀速直线运动，导体棒与导轨始终垂直且保持良好接触，导轨电阻不计，F随导体棒与初始位置的距离x变化的情况如图乙所示；下列判断正确的是（）

A.导体棒离开磁场时速度大小为B.离开磁场时导体棒两端电压为C.导体棒经过磁场的过程中，通过电阻R的电荷量为D.导体棒经过磁场的过程中，电阻R产生焦耳热为-12、下列说法正确的是（）E.未饱和汽的压强小于同温度时饱和汽的压强A.空气的绝对湿度可以用空气中所含水蒸汽的压强来表示B.30°时水的饱和汽压大于40°时水的饱和汽压C.露珠呈球形是由于液体表面张力的作用E.E.13、一定质量的理想气体从状态A依次经过状态B；C和D后又回到状态A．其中C→D→A为等温过程．该循环过程如图所示；下列说法正确的是__________

A.A→B过程中，单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增加B.B→C过程中，气体分子内能减少C.状态A和状态C，气体分子平均动能相同E.气体状态变化的全过程中气体对外做的功等于该图象围成的面积E.气体状态变化的全过程中气体对外做的功等于该图象围成的面积14、在如图所示宽度范围内，用电场强度为E的匀强电场可使初速度是的某种正粒子偏转角．在同样宽度范围内，若改用方向垂直于纸面向外的匀强磁场，匀强磁场的磁感应强度为B，使该粒子穿过该区域，并使偏转角也为（不计粒子的重力）．则。

A.电场强度E与磁感应强度B的比为B.电场强度E与磁感应强度B的比为C.粒子穿过电场和磁场的时间之比是D.粒子穿过电场和磁场的时间之比是评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)15、图甲是研究光电效应现象的装置．某同学用该装置探究遏止电压．与入射光频率之间的关系，得到图乙图象．图中电源____端为正极(填“左”或“右")．该装置阴极K的逸出功为____J.已知普朗克常量h=（结果保留三位有效数字）

16、上午教室内的温度是空气的相对湿度是60%，已知时饱和汽压是则绝对湿度为___________如果教室内绝对湿度不变，下午温度升高到则相对湿度________________（选填“变大”或“不变”或“变小”）。17、一定质量的理想气体由状态A变化到状态B再变化到状态C，过程如图所示，A到B过程图线与横轴平行，B到C过程图线的反向延长线过原点，则气体从A→B过程中___________（填“吸收”或“放出”）热量，从B→C过程中___________（填“吸收”或“放出”）热量。

18、一定质量的理想气体从状态A变化到状态B再变化到状态C，其变化过程的V-T图像如图所示，BC的反向延长线通过坐标原点O。已知该气体在状态A时的压强为1.5×105Pa，则该气体在状态C时的压强为__________Pa；该气体从状态A到状态C的过程中吸收的热量为__________J。

19、从年，出生于云南的航海家郑和先后7次下西洋。在一望无际的茫茫大海中，利用指南针导航。指南针指南的一端是______极选填“N”或“S”20、位于坐标原点O处的波源产生一个沿x轴正方向传播的脉冲波，波速v=20m/s．已知t=0时刻波刚好传播到x=10m处，如图所示．若传播过程中无能量损失，由图可知振源只振动了_____s，再经____s波刚好传播到x=20m处，t=0时刻后x=8m处的质点运动的路程为___cm．

21、在如图所示，x轴上方有一匀强磁场，磁感应强度的方向垂直于纸面向里，大小为B，x轴下方有一匀强电场，电场强度的大小为E，方向与y轴的夹角θ为45o且斜向上方．现有一质量为m电量为q的正离子，以速度v0由y轴上的A点沿y轴正方向射入磁场，该离子在磁场中运动一段时间后从x轴上的C点进入电场区域，该离子经C点时的速度方向与x轴正方向夹角为45o．不计离子的重力，设磁场区域和电场区域足够大，则离子第三次穿越x轴时速度的大小为_______，C点横坐标为_________．

22、如下左图所示，楔形木块A固定在水平放置压力传感器上，A的斜面是光滑的．某同学将质量不同的小钢球从斜面顶端静止释放，记录小钢珠在斜面上运动时压力传感器的示数．重力加速度g="9.8"m/s2.记录实验数据后；根据数据做出F-m图像，如下右图．

（1）由图像知，木块A的质量M=____kg（保留小数点后一位）

（2）若斜面倾角为θ，由图像知，_____（保留小数点后两位）

（3）不同质量的小钢珠在斜面上运动的时间______________（填“相同”或“不相同”）

评卷人得分四、作图题(共3题，共9分)23、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

24、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

25、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共12分)26、（1）螺旋测微器的读数：____mm

（2）游标卡尺的读数：____cm．27、有一量程为3V的电压表V，现要测量其内阻RV。可选用的器材有：

滑动变阻器甲；最大阻值10Ω；

滑动变阻器乙；最大阻值10kΩ；

电阻箱R2；最大阻值9999Ω；

电源E；电动势约为4V，内阻不计；

开关两个；导线若干。

(1)某小组采用的测量电路如图甲所示；在实物图中，已正确连接了部分导线，请完成剩余部分的连接________。

(2)连接好实验电路后；进行实验操作，请你将下面操作步骤补充完整：

①断开开关S2和S1，将R1的滑片移到最左端的位置；

②闭合开关S2和S1，调节R1的滑片位置；使电压表V满偏；

③断开开关S2，保持R1的滑片位置不变，调节R2，使电压表V示数为1.00V，读取并记录此时电阻箱的阻值为R0。则测出的电压表内阻R测=___________，它与电压表内阻的真实值RV相比，R测________RV（选填“＞”、“=”或“＜”）。28、小明同学用如左图所示的电路来测量电池电动势和内电阻，根据测得的数据他作出了如右图所示的图线认为各电表均为理想电表由图可知电动势______V，内电阻______

评卷人得分六、解答题(共2题，共6分)29、体积为的带塞的烧瓶，内盛Pa、300K的氧气，加热到400K时，塞子被顶开（不考虑此时瓶内氧气温度的变化），立即塞好塞子并停止加热，烧瓶又逐渐降温到300K。设外界大气压强恒为Pa。求。

(1)瓶中所剩氧气的压强；

(2)瓶中所剩氧气占原有氧气的比例。30、如图所示的正方形盒子开有a、b、c三个微孔，盒内有垂直纸面向里的匀强磁场。一束速率不同的带电粒子（质量、电量均相同，不计重力）从a孔沿垂直磁感线方向射入盒中，发现从c孔和b孔有粒子射出；试分析下列问题：

（1）判断粒子的电性；

（2）从b孔和c孔射出的粒子速率之比v1：v2；

（3）它们在盒内运动时间之比为t1：t2。

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【分析】

【详解】

AC．由图可知，三棱镜对b光的折射率较大，所以a光的频率小于b光，a光是氢原子由n=4的能级向n=2的能级跃迁时发出的，而b光的能量大于a光，b光不可能是氢原子从n=3的能级向n=2的能级跃迁时发出的；故AC错误；

B．真空光的速度都为c；故B错误；

D．由于a光的频率小于b光，故a光的波长大于b光的波长；由。

可得用同一双缝干涉装置进行实验，a光干涉条纹的间距大于b光干涉条纹的间距；故D正确。

故选D。2、D【分析】【详解】

A．从状态A到状态B发生等压变化，根据

可知从状态A到状态B；温度升高，体积膨胀，因此单位体积内的分子数减少，A错误；

B．从状态A到状态B温度升高，内能增加；体积膨胀对外做功，根据热力学第一定律

可知气体需要吸收热量；B错误；

C．由于状态B的温度比状态C的温度高，因此分子运动速率大的分子数，状态B大于状态C；C错误；

D．状态A与状态C温度相同，分子的平均速率相同，而状态A的压强大于状态C的压强，因此单位时间内撞击单位面积器壁的分子数，状态A大于状态C；D正确。

故选D。3、C【分析】磁感线外部由N指向S，内部由S指向N，形成闭合曲线，磁感线不相交、不相切，故A错误．磁场中某点的磁场方向就是小磁针在该点时N极静止时的指向，即N极的受力分析，故B错误．磁感线的疏密描述磁场的强弱，故C正确．地球磁场的N极在地理南极附近，选项D错误；故选C.4、B【分析】【详解】

A；图示位置；线圈平面与磁感线平行，此时产生的电动势最大，可知线圈中产生电流按余弦规律变化，A错误。

B、根据可得：B正确。

C、线圈旋转产生的最大电动势正弦式交流电的有效值是峰值的线圈转一周产生的热量C错误。

D、电阻R上的电压为D错误5、B【分析】【详解】

在空气平行板电容器两极板间插入电介质，根据电容的决定式分析得知，电容C增大，因切断电源，则两极板所带电荷量Q一定，由电容的定义式得到，板间电压U减小．根据可知，电场强度E减小，故B正确，ACD错误；6、A【分析】【详解】

在AB两板间做直线加速，由动能定理得

而粒子在CD间做类平抛运动，从中心线进入恰好从D板下边缘离开，根据动能定理

联立两式可得

故选A。

【点睛】

根据题意分析清楚粒子运动过程是解题的前提与关键，应用动能定理、牛顿第二定律与运动学公式即可解题。7、C【分析】【详解】

A；若加一电场；电场方向竖直向上，电子受到的电场力方向向下，电子束向下偏转，故A错误；

B；若加一方向向上的磁场；根据左手定则，洛伦兹力方向向里，则电子束不会向上偏转，故B错误．

C；若加一方向向外的磁场；根据左手定则，洛伦兹力方向向上，亮线向上偏转，故C正确．

D、若加一方向向里的磁场，根据左手定则，洛伦兹力方向向下，亮线向下偏转，故D错误．8、C【分析】【详解】

AB.电子运动对应的物质波是概率波.少量电子表现出粒子性；无法用轨迹描述其运动，也不遵循牛顿运动定律，A；B错误；

CD.大量电子表现出波动性，无法用轨迹描述其运动，可确定电子在某点附近出现的概率，且概率遵循波动规律，C正确，D错误二、多选题(共6题，共12分)9、A:D【分析】【详解】

A．由题意可知，气体在状态时的温度相等，两状态在同一等温线上，由理想气体状态方程可知

由图示图线可知，气体由状态到过程，先变大后变小；则气体温度温度先升高后降低，故A正确；

B．由图示图线可知，气体由状态到过程；气体体积不变而压强减小，由理想气体状态方程可知，气体温度降低，气体内能减小，故B错误；

C．由图示图线可知，气体由状态到过程；气体体积增大，分子间的平均间距增大，故C错误；

D．由图示图线可知，气体由状态到过程；气体体积增大，气体对外做功，故D正确；

故选AD。10、A:B:C【分析】【分析】

【详解】

A．温度是分子热运动的平均动能的标志；并非分子动能的标志，A正确；

B．液体的表面张力使液体具有收缩的趋势；B正确；

C．橡胶无固定的熔点；是非晶体，C正确；

D．根据热力学第二定律可知；不可能从单一热源吸收热量，使之完全变成功，而不产生其他影响，第二类永动机是不可能制成的，热机的效率不可能是100%，D错误；

E．气体很容易充满整个容器；是分子热运动的表现，E错误。

故选ABC。11、B:D【分析】【详解】

试题分析：根据安培力与速度的关系式和平衡条件结合求导体棒离开磁场时的速度大小．根据求通过电阻R的电荷量．根据欧姆定律求离开磁场时导体棒两端电压．根据功能关系求出电阻R产生的焦耳热．本题是电磁感应与力学知识的综合应用，对于这类问题一定要正确分析安培力的大小和方向，要掌握安培力经验公式做选择题时直接运用可节省时间．

设导体棒离开磁场时速度大小为v．此时导体棒受到的安培力大小为由平衡条件得由图2知：联立解得A错误；离开磁场时，由得导体棒两端电压为B正确；导体棒经过磁场的过程中，通过电阻R的电荷量为C错误；导体棒经过磁场的过程中，设回路产生的总焦耳热为Q．根据功能关系可得：而拉力做功为：电阻R产生焦耳热为联立解得：D正确．12、A:C:E【分析】【详解】

A：空气的绝对湿度用空气中所含水蒸汽的压强来表示；故A项正确。

B：水的饱和汽压随温度的升高而增大；故B项错误。

C：露珠呈球形是由于液体表面张力的作用；故C项正确。

D：浸润液体在细管里升高的现象和不浸润液体在细管里降低的现象；叫做毛细现象。故D项错误。

E：未饱和汽的压强小于同温度时饱和汽的压强，故E项正确。13、B:C:E【分析】【详解】

A→B过程中，压强不变，体积变大，温度升高，则气体分子的平均速率变大，碰撞力变大，而气体的分子数密度减小，单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数减小，选项A错误；B→C过程中，气体体积不变，压强减小，温度降低，则分子内能减少，选项B正确；状态A和状态C，气体的温度相同，则气体分子平均动能相同，选项C正确；D→A过程气体温度不变，内能不变，气体体积减小，外界对气体做功，则放出热量，选项D错误；根据W=P∆V可知，从A→B气体对外做功为从B→C气体体积不变，则W2=0;从D→A气体体积减小，外界对气体做功：其值等于曲线下方的面积，则气体状态变化的全过程中气体对外做的功等于该图象ABCD围成的面积，选项E正确；14、B:C【分析】【详解】

在电场中偏转时做类平抛运动，水平方向匀速直线，竖直方向匀加速直线运动，故则由牛顿第二定律可知则为竖直方向速度和水平方向速度的夹角；故解得在磁场中偏转时，由几何关系可知速度偏转角等于粒子在磁场中做圆周运动的圆心角；解得：故A错误，B正确；在磁场中运动的时间为则时间之比为：C正确，D错误．三、填空题(共8题，共16分)15、略

【分析】【详解】

因为是研究遏止电压的装置，所以所加电压应为反向电压，阻值光电子到达A极板形成光电流，所以A极板接电源负极，K级板接电源正极，电源右端为正极；根据图像乙可知，当频率为时，所需遏止电压为零，说明此时对应频率为截止频率所以逸出功：【解析】右3.38×10-1916、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]．24.11℃时饱和汽压3.0kPa；相对湿度是60%，绝对湿度为。

P=3.0×0.6=1.8kPa[2]．因为绝对湿度=相对湿度×饱和气压，则绝对湿度不变时，温度升高，则饱和气压变大，相对湿度变小。【解析】1.8变小17、略

【分析】【详解】

[1]气体从状态A变化到状态B；发生的是等容变化，气体对外不做功，但温度降低，内能减少，根据热力学第一定律可知气体放出热量。

[2]从B变化到C过程，气体发生的是等压膨胀，气体对外做功，同时温度升高，内能增大，根据热力学第一定律可知，气体一定吸收热量。【解析】放出吸收18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]气体从状态A到状态B，发生的是等容变化，由查理定律得

解得在状态B时的压强为pB=1.0×105Pa

气体从状态B到状态C，发生是等压变化，有pC=pB=1.0×105Pa

由于状态A与状态C的温度相同，所以该气体从状态A到状态C的过程中，内能变化量

气体从状态A到状态B不做功，从状态B到状态C的过程中气体对外做功，做功大小为

由热力学第一定律

知整个过程中吸收的热量为Q=100J【解析】1.0×10510019、略

【分析】【分析】

根据磁体之间的相互作用的特点分析指南针.

【详解】

根据对磁体磁场的N、S极的规定可知，指南针指南的一端是S极.

【点睛】

该题考查磁场的方向的规定、磁场的基本特点以及洛伦兹力的定义，都是和磁场有关的几个基本概念，记住即可正确解答.【解析】S20、略

【分析】【详解】

由图可知λ=6m，则λ=8m，周期则由图可知振源只振动了波刚好传播到x=20m处还需要的时间：t=0时刻后x=8m处的质点只振动了T/2，则运动的路程为2A=10cm．【解析】0.30.51021、略

【分析】【详解】

[1]离子在空间中的运动情况如图所示。

离子从A点开始做匀速圆周运动，第一次经过x轴后做匀减速直线运动，速度减为零后又做匀加速直线运动，根据可逆性可知，离子第二次回到x轴的速率和离开时相同，第二次进入磁场，然后做匀速圆周运动，所以离子第三次穿越x轴的速度大小为v0；

[2]磁场中带电粒子在洛仑兹力作用下做圆周运动，由牛顿第二定律得：

解得：

由几何知识知【解析】22、略

【分析】【详解】

试题分析：（1）当m=0时，传感器的示数即为木块A的重力，则有：Mg=4.80N，解得：

（2）对小球受力分析；根据平衡条件可知，A对小球的支持力N=mgcosθ；

根据牛顿第三定律可知；小球对A的压力为mgcosθ；

对A受力分析可知；传感器对A的支持力F=Mg+mgcosθcosθ；

则传感器的示数为F=Mg+mgcos2θ

则F-m图象的斜率k=gcos2θ；

则有：

解得：cos2θ=0.82

（3）根据牛顿第二定律得小球下滑的加速度为：a＝gsinθ；则不同质量的小钢珠在斜面上运动情况完全相同，所以运动的时间也相同．

考点：研究加速度与物体质量；受力的关系.

【名师点睛】

本题考查研究加速度与物体质量、受力的关系实验；解题的关键是搞清实验的原理及分别对小球和A受力分析，求出传感器的示数F与m的表达式，注意F-m图象斜率和截距所表示的含义，难度适中．【解析】0.50.80（0.77~0.83）相同四、作图题(共3题，共9分)23、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】24、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】25、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共3题，共12分)26、略

【分析】试题分析：（1）螺旋测微器的固定刻度读数为13．5mm；可动刻度读数为：0．01×37．0mm=0．370mm，所以最终读数为：13．5mm+0．370mm=13．870mm，（2）游标卡尺的固定刻度读数为5cm，游标尺上第3个刻度游标读数为0．05×3mm=0．15mm=0．015cm，所以最终读数为：5cm+0．015cm=5．015cm；

考点：螺旋测微器；游标卡尺的使用．菁优网版权所有。

【名师点睛】螺旋测微器是依据螺旋放大的原理制成