2025年人教新课标必修1物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教新课标必修1物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、伽利略对自由落体运动的研究；是科学实验和逻辑思维的完美结合，如图所示，可大致表示其实验和思维的过程，对这一过程的分析，下列说法正确的是。

A.伽利略用该实验证明力不是维持物体运动的原因B.其中丁图是实验现象，甲图是经过合理外推得到的结论C.运用甲图实验，可“冲淡”重力的作用，更方便进行实验测量D.运用丁图实验，可“放大”重力的作用，从而使实验现象更明显2、如图所示；我国航天员在“天宫课堂”演示喝再生水的过程中，我们看到水滴呈球形漂浮在空间站内，处于完全失重状态。下列在地面上运动过程中的物体也处于此状态的是（）

A.沿水平方向抛出的小钢球B.沿水平面加速行驶的火车C.沿斜面匀速滑下的小木块D.沿竖直方向减速下降的电梯3、如图所示，物块m与车厢后壁间的动摩擦因数为μ，当该车水平向右加速运动时，m恰好沿车厢后壁匀速下滑；则车的加速度为（）

A.gB.μgC.D.μg4、2021年8月5日，跳水运动员全红婵以五跳三满分，总成绩466.2分打破世界纪录。在全红婵下落过程中，下列说法正确的是（）A.全红婵下落时，感觉水面是静止的B.以跳台为参考系，全红婵向上运动C.以水面为参考系，全红婵向下运动D.以跳台或水面为参考系，全红婵都是向上运动的5、2021年4月13日的苏州奥体中心，在近万名现场球迷的加油声中，中国女足战胜韩国女足，拿到了东京奥运会的入场券。如图所示，若运动员将足球以12m/s的速度踢出，足球沿草地做加速度大小为2m/s2的匀减速直线运动；踢出的同时运动员以恒定速度8m/s去追足球，则运动员追上足球所需时间为（）

A.2sB.4sC.6sD.8s6、已知两个共点力的合力为50N，分力F1的方向与合力F的方向成30°角，分力F2的大小为30N。则（）A.F1的大小是唯一的B.F2的方向是唯一的C.F2有两个可能的方向D.F2可取任意方向7、一斜劈静止于粗糙的水平地面上，在其斜面上放一滑块m，若给m一向下的初速度v0，则m正好保持匀速下滑，如图所示。现在m下滑的过程中再加一个作用力；则以下说法正确的是()

A.在m上加一竖直向下的力F1，则m将保持匀速运动，M对地有水平向右的静摩擦力的作用B.在m上加一个沿斜面向下的力F2，则m将做加速运动，M对地有水平向左的静摩擦力的作用C.在m上加一个水平向右的力F3，则m将做减速运动，在m停止前M对地有向右的静摩擦力的作用D.无论在m上加什么方向的力，在m停止前M对地都无静摩擦力的作用评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)8、彩虹圈有很多性质和弹簧相似；在弹性限度内彩虹圈间的弹力随着形变量的增加而增大，但彩虹圈的重力不能忽略。用手拿起彩虹圈的上端，让彩虹圈的下端自由下垂且离地面一定高度，然后由静止释放。设下落过程中彩虹圈始终没有超出弹性限度且相邻的圈接触后不会弹开。则（）

A.刚释放瞬间彩虹圈上端的加速度大于当地的重力加速度B.刚释放瞬间彩虹圈下端的加速度等于当地的重力加速度C.刚开始下落的一小段时间内彩虹圈的长度变长D.彩虹圈的下端接触地面前彩虹圈的长度变短9、由运动质点a、b；c、d的图像可知。

A.时刻a、b两质点相遇B.时刻c、d两质点共速C.从到时间内，b和d两个质点的速率先减小后增大D.从到时间内，a、b两质点平均速度相同，c、d两质点平均速度相同10、在“探究弹力与弹簧伸长量的关系”的实验中，以下说法正确的是（）A.弹簧被拉伸时，不能超出它的弹性限度B.用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力时，应竖直悬挂弹簧，挂在弹簧下端的钩码应处于静止状态C.用直尺测得弹簧的长度即为弹簧的伸长量D.用几个不同的弹簧，分别测出它们所受的拉力与伸长量，可得出拉力与伸长量之比相等11、在防恐军事演习中，某空降兵从飞机上跳下，先做自由落体运动，在t1时刻，速度达到较大值v1时打开降落伞，做减速运动，在t2时刻以较小速度v2着地；他的速度图像如图所示。下列说法正确的是（）

A.在0～t1内，该空降兵的平均速度B.在t1～t2内，该空降兵的平均速度C.在t1～t2内，该空降兵的平均速度D.在t1～t2内，该空降兵的平均速度12、如图所示，一圆环处于竖直平面内，圆心为O。用两根轻质细线将一质量为m的小球悬挂于O点，细线的另一端分别固定于圆环上的M点和N点，OM水平，OM与ON之间的夹角为现让圆环绕过O点且与圆面垂直的轴沿顺时针缓慢转过重力加速度为g，圆环半径为R；两根细线不可伸长。在转动过程中，下列说法正确的是（）

A.细线ON拉力逐渐增大B.细线ON拉力的最大值为C.细线OM拉力的最大值为mgD.细线OM拉力先变大后变小评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)13、如图所示，竖直放置在水平面上的轻弹簧上放着质量为2kg的物体A，处于静止状态，若将一个质量为3kg物体B竖直向下轻放在A上的一瞬间，则B对A的压力大小为__________N（g取10m/s2）

14、如图所示，物体A和B的重力分别为10N和4N，不计弹簧测力计和细线的重力和一切摩擦，则弹簧测力计读数大小为______N，地面对A的支持力为______N。

15、子弹恰能穿过三块质地相同、厚度相同的木板，设子弹在木板里的加速度是恒定的，则子弹依次穿过三块木板所用时间之比是：_____．作匀变速直线运动的物体通过某一段距离s的时间为t1，通过下一段同样长距离s的时间为t2，求物体的加速度_____．16、如图甲所示，一人用由零逐渐增大的水平力F推静止于水平地面上质量为5kg的木箱，木箱所受的摩擦力f与F的关系如图乙所示，g取10m/s2，木箱所受的最大静摩擦力为___________N，木箱与地面间的动摩擦因数为___________。

17、电磁打点计时器和电火花计时器都是使用交流电源的计时仪器，电磁打点计时器工作的电压是8V，电火花计时器工作的电压是_______V，电源频率是50Hz时，每隔0.02s打一个点。如图所示为物体运动时打点计时器打出的一条纸带，图中相邻的点间还有四个点未标出，已知打点计时器接50Hz的交流电源，则打d点的瞬时速度约为________m/s，加速度为__________m/s2（结果保留三位有效数字）

评卷人得分四、作图题(共3题，共9分)18、用轻绳悬挂一个小球，如图所示，在图中画出小球的受力示意图。19、如图所示，某人在A点用与水平方向成45°；大小为60N的力斜向左上方拉小车；请作出该力的图示。

20、如图，A、B两物体叠放在一起，由静止释放后沿光滑固定斜面下滑，下滑过程中A。B始终保持相对静止，B上表面水平，请画出物体A，B的受力示意图。评卷人得分五、实验题(共4题，共36分)21、某同学利用如图丙所示的装置来验证力的平行四边形定则在竖直木板上铺有白纸，在A、B两点固定两个光滑定滑轮，用一个轻绳跨过两滑轮悬挂钩码组用另一轻绳C在O点打一结，悬挂钩码组每个钩码的质量相等当系统达到平衡时；记录各组钩码个数，回答下列问题：

（1）改变钩码个数，可以完成实验的是______

A.钩码的个数

B.钩码的个数

C.钩码的个数

D.钩码的个数

（2）在拆下钩码和绳子前，必须的一个步骤是______

A.记录OA、OB、OC三段绳子的方向。

B.用刻度尺测出OA、OB、OC三段绳子的长度。

C.用天平测出钩码的质量。

（3）在操作正确的前提下，你认为甲、乙两图比较合理的是______图填“甲”或“乙”

22、在“探究小车速度随时间变化规律”的实验中，打点计时器使用的交流电源的频率为记录小车运动的纸带如图所示，在纸带上选择6个计数点A、B、C、D、E、F；相邻两计数点之间还有四个计时点未画出。

（1）要取得理想的实验效果需要选取合适的实验器材及进行科学的操作；下列说法正确的是(2分)___________。

A．电火花打点计时器和电磁打点计时器的计时原理相同。

B．电磁打点计时器在纸带上打点的是墨粉和电火花。

C．进行实验时应该先释放小车；后接通电源。

D．在用打点计时器研究小车速度变化时需要用到钟表。

（2）从打A点开始计时，为了求出时刻的瞬时速度大小；需要测出纸带上(2分)___________（写出一个即可）两点间的距离。

（3）若小车做匀加速直线运动，测得段纸带的长度为段纸带的长度为则可求出小车的加速度大小为(2分)___________（结果保留两位有效数字）23、用如图甲所示的实验装置测定滑块的加速度大小，将气垫导轨调整水平并安装光电门A，滑块上固定一遮光条，滑块用跨过气垫导轨左端定滑轮的轻质细线与钩码相连，调整定滑轮高度使细线水平，滑块每次都从同一位置B由静止释放，光电门A的位置可以改变，光电门A与位置B间的距离L可以由固定在气垫导轨上的标尺直接读出。

（1）实验前用20分度游标卡尺测得滑块上的遮光条宽度d如图乙所示，则d=__________cm。

（2）本实验中__________（填“需要”或“不需要”）保证所挂钩码的质量m远小于滑块（包括遮光条）的质量M。

（3）滑块上的遮光条通过光电门A的时间t可直接读出，通过光电门A的速度由公式计算获得。保持钩码质量不变，通过改变光电门A的位置获得多组数据，作出v2-L图像如图丙所示，则滑块的加速度大小为__________m/s2（结果保留两位有效数字）。24、用图（a）所示的装置测量木板与滑块间的动摩擦因数时，两支柱间距L=80.00cm，打点计时器所用交流电的周期T=0.02s。当垫块高度为h=40.00cm时，获得的纸带如图（b）所示，相邻两点间还有四个点没有画出（取g=10m/s2；结果保留两位小数）。

（1）打下B点时滑块的速度值为___________m/s；

（2）滑块的加速度值为___________m/s2；

（3）测得加速度后，可利用方程式求得动摩擦因数的大小，如考虑纸带与打点计时器的摩擦及空气阻力等因素影响，则所求的动摩擦因数值与实际值相比___________（填“相等”；“偏大”、“偏小”）。

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】试题分析：伽利略的时代无法直接测定瞬时速度；就无法验证v与t成正比的思想，伽利略通过数学运算得到，若物体初速度为零，且速度随时间均匀变化，即v正比于t，那么它通过的位移与所用时间的二次方成正比，只要测出物体通过不同位移所用的时间就可以验证这个物体的速度是否随时间均匀变化．由于伽利略时代靠滴水计时，不能测量自由落体所用的时间，伽利略让铜球沿阻力很小的斜面滚下，由于沿斜面下滑时加速度减小，所用时间长得多，所以容易测量．这个方法叫“冲淡”重力．所以C正确，D错误．AB选项中，甲乙丙均是实验现象，丁图是经过合理的外推得到的结论，所以AB均错．

考点：本题考查伽利略对自由落体运动的研究2、A【分析】【详解】

A．沿水平方向抛出的小钢球只受重力作用，加速度为g；为完全失重状态，选项A正确；

B．沿水平面加速行驶的火车竖直方向加速度为零；不是完全失重状态，选项B错误；

C．沿斜面匀速滑下的小木块；加速度为零，不是完全失重状态，选项C错误；

D．沿竖直方向减速下降的电梯；加速度向上，处于超重状态，选项D错误。

故选A。3、C【分析】【详解】

设物块m与车厢后壁间的弹力大小为FN，物块的加速度大小为a，对物块由牛顿第二定律得

竖直方向有

联立解得

故C项正确；ABD三项错误。

故选C。4、C【分析】【详解】

A．全红婵下落时；感觉水面是向上运动的，A错误；

BCD．以跳台为参考系；全红婵向下运动；以水面为参考系，全红婵向下运动，故C正确，BD错误。

故选C。5、B【分析】【分析】

【详解】

设足球的初速度为v0，运动运的速度为v，经时间t追上，满足

代入数据解得t=4s

此时足球的速度为

还未停止运动；符合匀减速运动规律，故运动员追上足球所需时间为4s。

故选B。6、C【分析】【详解】

作F1、F2和F的矢量三角形图。

因F2＝30N＞F20＝Fsin30°＝25N

且F2＜F，所以F1的大小有两种，即F1′和F1″，F2的方向有两种，即F2′的方向和F2″的方向；故选项ABD错误，C正确；

故选C。7、D【分析】【分析】

【详解】

m原来保持匀速下滑，M静止，以滑块和斜面整体为研究对象，根据平衡条件可知，整体受到重力及地面支持力作用，地面对斜面没有摩擦力，设斜面倾角为对m有

即得

A．当施加竖直向下的力时，相当于滑块重力增大，满足

对整体受力分析，在竖直方向合力为零，水平方向合力为零，故地面对M无摩擦力，m仍做匀速运动；A错误；

B．在m上加一沿斜面向下的力物块所受的合力将沿斜面向下，故做加速运动，但m与斜面间的弹力大小不变；故滑动摩擦力大小不变，即物块所受支持力与摩擦力的合力仍竖直向上，则斜面所受摩擦力与压力的合力竖直向下，则斜面水平方向仍无运动趋势，故仍对地无摩擦力作用，B错误；

C．在m上加一水平向右的力沿斜面方向满足

故物体做减速运动，对物块，所受支持力增加了则摩擦力增加即支持力与摩擦力均成比例的增加，其合力方向还是竖直向上，如图所示。

则斜面所受的摩擦力与压力的合力仍竖直向下；水平方向仍无运动趋势，则不受地面的摩擦力，C错误；

D．无论在m上加上什么方向的力，m对斜面的压力与m对斜面的摩擦力都是以的比例增加；则其合力的方向始终竖直向下，斜面便没有运动趋势，始终对地面无摩擦力作用，D正确。

故选D。二、多选题(共5题，共10分)8、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．由于彩虹圈重力的作用；刚释放瞬间彩虹圈上端会受到其下面向下的拉力，则其合力大于重力，所以刚释放瞬间彩虹圈上端的加速度大于当地的重力加速度，故A正确﹔

B．彩虹圈下端会受到上面彩虹圈的向上的拉力；其合力小于重力，则刚释放瞬间彩虹圈下端的加速度小于当地的重力加速度，故B错误；

C．由于彩虹圈上端的加速度大于其下端的加速度；则刚开始下落的一小段时间内彩虹圈的长度变短，故C错误；

D．开始时由于彩虹圈上端的加速度大于其下端的加速度；长度会变短，当相邻的圈相接触后就不会弹开，直到缩短为原长后就不变了。则彩虹圈下落过程缩短。重力的效果是使整个彩虹圈产生加速度，对形变不影响，故D正确。

故选AD正确。9、A:B:C【分析】【详解】

A．第一个图像为位移时间图像，可知时刻a、b两质点在同一位置，所以时刻a、b两质点相遇。故A正确；

B．第二个图像为速度时间图像，由图像可知时刻c；d两质点速度共速。故B正确；

C．位移时间图像上任意点的切线斜率大小表示该点时刻质点的速度大小，所以从到时间内，质点b速率先减小后增大；速度时间图像；d两个质点的速率先减小后增大，故C正确；

D．从到时间内，由第一个图像可知：时刻a、b两质点在同一位置，时刻a、b两质点也在另一相同位置，所以从到时间内，a、b两质点平均速度相同。由第二个图像可知：从到时间内；c；d两质点通过的位移不同，时间相同，c、d两质点平均速度不相同，故D错误。

故选ABC。10、A:B【分析】【分析】

【详解】

A．弹簧被拉伸时；不能超出它的弹性限度，A正确；

B．用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力时；应竖直悬挂弹簧，挂在弹簧下端的钩码应处于静止状态，B正确；

C．用直尺测得弹簧的长度减去原长为弹簧的伸长量；C错误；

D．在“探究弹力和弹簧伸长量之间的关系”的实验中必须使用相同的弹簧；D错误。

故选AB。11、A:D【分析】【详解】

A．空降兵在0～t1时间内做自由落体运动，为匀变速直线运动，故

故A正确；

BCD．在t1～t2时间内做加速度不断减小的减速运动，位移等于速度时间图线与时间轴包围的面积，此面积比做匀减速运动（直线）时的面积小，故

故BC错误；D正确。

故选AD。

【点睛】

本题关键根据速度时间图像与坐标轴包围的面积表示位移以及匀变速直线运动的平均速度等于该段时间内的初速度与末速度的平均值来进行分析计算。12、B:D【分析】【详解】

对小球进行受力分析，如图所示，mg的对角始终为设FTM的对角为α，FTN的对角为β，在缓慢转过过程中，小球始终处于平衡状态，由正弦定理得

α角由减小至则FTM先增大后减小，当α=时，FTM最大，最大值为β角由增加至FTN逐渐减小至0，当β=时，FTN最大，最大值为故AC错误，BD正确。

故选BD。

三、填空题(共5题，共10分)13、略

【分析】【详解】

设放上去一瞬间AB之间的作用力为FN，AB一起加速，即加速度相等，故

联立解得FN=12N【解析】1214、略

【分析】【详解】

物体B悬空静止，绳中张力满足

由此可知弹簧测力计的读数大小为

左侧拉A的绳子绳中张力为

物体A处于平衡状态，地面都A的支持力为则有

解得【解析】4615、略

【分析】【详解】

[1]子弹逆过来看做初速度为零的匀加速直线运动，在连续通过三段相等位移内的时间比为1：（﹣1）：（﹣），在通过连续相等时间内的位移之比为1：3：5，则子弹按先后顺序穿过三块木板所用的时间之比为：

[2]第一段时间内中间时刻的瞬时速度v1=第二段时间内中间时刻的瞬时速度v2=则加速度：a==【解析】；；16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由图可知；木箱所受的最大静摩擦力为21N；

[2]木箱与地面间的滑动摩擦力为20N，则动摩擦因数【解析】①.21②.0.417、略

【分析】【详解】

［1］电火花计时器工作用的是220V的交流电；

［2］把c到d到e这段看成一个匀变速直线运动，则

［3］根据逐差公式有【解析】2203.28

11.8四、作图题(共3题，共9分)18、略

【分析】【详解】

小球受到两个力作用：重力和绳的拉力；重力方向竖直向下，拉力方向竖直向上，示意图如图所示：

【解析】19、略

【分析】【详解】

确定标度为在拉力方向画一条带箭头的线段，力的示意图如下。

【解析】20、略

【分析】【分析】

【详解】

整体向下匀加速直线运动，加速度方向沿斜面向下，则A的加速度方向沿斜面向下。根据牛顿第二定律知，A的合力沿斜面向下，则A一定受到水平向右的摩擦力以及重力和支持力；对B，受重力、A对B的压力，斜面的支持力，根据牛顿第三定律，A对B有水平向左的静摩擦力；

【解析】见解析五、实验题(共4题，共36分)21、略

【分析】【详解】

（1）对O点受力分析。

OAOBOC分别表示三个力的大小，由于三共点力处于平衡，所以OC等于因此三个力的大小构成一个三角形．

A；2、2、4不可以构成三角形；则结点不能处于平衡状态，故A错误．

B、3、3、4可以构成三角形，则结点能处于平衡故B正确．

C、4、4、4可以构成三角形，则结点能处于平衡故C正确．

D、3、4、8不可以构成三角形，则结点不能处于平衡故D错误．

故选BC．

（2）为验证平行四边形定则，必须作受力图，所以先明确受力点，即标记结点O的位置，其次要作出力的方向并读出力的大小，最后作出力的图示，因此要做好记录，是从力的三要素角度出发，要记录砝码的个数和记录OA、OB、OC三段绳子的方向；故A正确，BC错误．故选A．

（3）