2025年北师大新版选择性必修2物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年北师大新版选择性必修2物理下册月考试卷847考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示，在铁芯上、下分别绕有匝数n1=800和n2=200的两个线圈，上线圈两端u=51sin314tV的交流电源相连，将下线圈两端接交流电压表，则交流电压表的读数可能是

A.2.0VB.9.0VC.12.7VD.144.0V2、如图所示，用粗细均匀的铜丝制成的等腰直角三角形线圈abc置于垂直线圈所在平面的匀强磁场（图中未画出）中，线圈中通有如图所示的恒定电流I。若ab边所受的安培力大小为F，则线圈的bc边受到的安培力大小为（）

A.FB.FC.2FD.2F3、如图所示，把长为的导体棒置于垂直纸面向里的匀强磁场中，磁感应强度为当导体棒中通以方向向左的恒定电流时；下面关于通电导体棒在磁场中受到的安培力大小和方向正确的是（）

A.大小为方向竖直向上B.大小为方向竖直向上C.大小为方向竖直向下D.大小为方向竖直向下4、如图边界PQ的右侧区域内，存在着磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面的匀强磁场。边长为l的正方形金属线框由粗细均匀同种材料制成，ab刚好位于边界PQ上，现使线框绕过边界PQ转轴匀速转动，角速度为如图所示，则在ad边开始转入磁场的瞬间cd两端的电势差为（）

A.B.C.D.5、如图所示，表示磁场对直线电流的作用力示意图中正确的是（）A.B.C.D.6、如图所示的LC振荡电路中，充好电的电容器两极板水平放置，振荡电路的周期为T。开关S断开时；极板间有一带负电灰尘恰好静止。从开关S闭合开始计时，则以下说法错误的是（）

A.时，电路中的电流方向为逆时针B.时，带电灰尘的加速度大小为gC.时，线圈的自感电动势最小D.增大电容器两极板间距，振荡电路向外辐射电磁波的能力变强7、如图所示，匀强磁场限定在一个圆形区域内，磁感应强度大小为B，一个质量为m，电荷量为q，初速度大小为v的带电粒子沿磁场区域的直径方向从P点射入磁场，从Q点沿半径方向射出磁场，粒子射出磁场时的速度方向与射入磁场时相比偏转了θ角，忽略重力及粒子间的相互作用力，下列说法错误的是（）

A.粒子带正电B.粒子在磁场中运动的轨迹长度为C.粒子在磁场中运动的时间为D.圆形磁场区域的半径为8、如图所示，磁控管内局部区域分布有竖直向上的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场。电子从点由静止释放，沿图中轨迹依次经过两点，且点离虚线最远。已知磁感应强度为电场强度为电子质量为电荷量为点为零电势点；电子重力不计，则（）

A.电子在点的速率为B.点离虚线的距离为C.电子在点的电势能为D.两点的距离为9、光滑的足够长平行金属导轨宽度L=1m，导轨所在的平面与水平面夹角θ=37°，导轨下端电阻R=1.8Ω，导轨放在竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度B=0.5T。电阻为r=0.2Ω，质量为m=0.1kg的金属棒ab从上端由静止开始下滑，下滑距离为d=9m时速度达到最大（sin37°=0.6，g=10m/s2）；从释放到运动到最大速度的过程中，下列说法正确的是（）

A.金属棒的最大速度为4.8m/sB.通过电阻R的电荷量为2.25CC.系统产生的热量为4.248JD.所用的时间为2.45s评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)10、如图甲所示，光滑平行金属导轨MN、PQ所在平面与水平面成θ角，M、P两端接一电阻R，整个装置处于方向垂直导轨平面向上的匀强磁场中。t=0时对金属棒施加一平行于导轨的外力F，使金属棒ab由静止开始沿导轨向上运动，导轨电阻忽略不计。已知通过电阻R的感应电流I随时间t变化的关系如图乙所示。下列关于金属棒运动速度v、外力F、流过R的电荷量q、以及闭合回路中磁通量的变化率随时间t变化的图像正确的是（）

A.B.C.D.11、如图所示，足够长的斜面MN与水平方向夹角为45°，位于竖直平面内有范围足够大且垂直向外、磁感应强度为B的匀强磁场中，现有一质量为m、电量为+q的粒子，沿纸面内以初速度v0从P点水平向右射出，经过一段时间后，恰好打在MN上的Q点，不计粒子的重力，则（）

A.P到Q所用时间为B.若增大速度v0，则粒子打到斜面的时间变长C.若粒子以速度v0竖直向上从P点射出，则粒子一定打到Q点D.若在P点向MN右侧沿纸面不同方向发射速率为v0的粒子，则粒子打在MN区域的长度为12、在电磁学发展过程中，许多科学家做出了贡献．下列说法正确的是（）A.奥斯特发现了电流磁效应；法拉第发现了电磁感应现象B.麦克斯韦预言了电磁波；楞次用实验证实了电磁波的存在C.库仑发现了点电荷的相互作用规律；密立根通过油滴实验测定了元电荷的数值D.安培发现了磁场对运动电荷的作用规律；洛仑兹发现了磁场对电流的作用规律13、如图所示，先后以速度v1和v2将一矩形线圈匀速拉出有理想边界的匀强磁场区域，v2=2v1；下列两种情况下的判断正确的是（）

A.线圈中的感应电流之比I1∶I2=2∶lB.作用在线圈上的外力大小之比F1∶F2=1∶2C.线圈中产生的焦耳热之比Q1∶Q2=1∶4D.通过线圈某截面的电荷量之比q1∶q2=1∶114、有关接入交流电的元件，下列说法正确的是（）A.频率越大的交流电越容易通过电容器B.最大耐压为的电容器可以接入的照明电路中C.电流互感器其原线圈的匝数远超过副线圈的匝数D.电压互感器其原线圈的匝数远超过副线圈的匝数15、如图所示，R0为热敏电阻（温度降低电阻增大），D为理想二极管（正向电阻为零，反向电阻无穷大），C为平行板电容器，C中央有一带电液滴刚好静止，M点接地；开关K闭合。下列各项单独操作可能使带电液滴向上运动的是（）

A.变阻器R的滑动头P向上移动B.将热敏电阻R0加热C.开关K断开D.电容器C的上极板向上移动16、关于波的现象，下列说法正确的有（）A.当波从一种介质进入另一种介质时，频率不会发生变化B.透过平行于日光灯的窄缝观察正常发光的日光灯时看到彩色条纹，这是光的色散现象C.波源沿直线匀速靠近一静止接收者，则接收者接收到波信号的频率会比波源频率低E.电磁波具有偏振现象E.电磁波具有偏振现象评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)17、如图所示，一电子以速度1.0×107m/s与x轴成30°的方向从原点出发，在垂直纸面向里的匀强磁场中运动，磁感应强度B=1T.那么圆周运动的半径为______m，经过______S时间，第一次经过x轴.（电子质量m=9.1×10-31kg）18、如图所示，在磁感应强度为B的匀强磁场中，有半径为r的光滑圆形导体框架，OC为一能绕O在框架上滑动的导体棒，Oa之间连一个电阻R，导体框架与导体电阻均不计，若要使OC能以角速度ω匀速转动，则导体棒产生的电动势是______，外力做功的功率是______．

19、传感器的定义：能够感受诸如力、温度、光、声、化学成分等被测量，并能把它们按照一定的规律转换为便于传送和处理的可用信号输出。通常是电压、电流等______，或转换为电路的_______20、位移传感器测距离，发射器固定在运动物体上，能同时发射_________。___________固定在轨道的顶端，接收红外线和超声波。21、判断下列说法的正误．

（1）输电线上电功率的损失，与输电线的电阻成正比，与输电线电流的平方成正比。()

（2）由P＝可知，输电电压越小，输电线上电功率的损失就越小。()

（3）使用变压器进行远距离输电，用户得到的电压可以高于发电机输出的电压。()

（4）远距离输电时，若升压变压器匝数比为1∶n，降压变压器匝数比为n∶1，则升压变压器的输入电压和降压变压器的输出电压相等。()22、如图所示为磁流体发电机的发电原理图，将一束等离子体（即高温下电离的气体，含有大量带正电和带负电的微粒，而从整体上来说呈电中性）喷入磁场，由于等离子体在磁场力的作用下运动方向发生偏转，磁场中的两块金属板A和B上就会聚集电荷，从而在两板间产生电压．请判断：在图示磁极配置的情况下，金属板____（选填“A”或“B”）的电势较高，通过电阻R的电流方向是____（选填“a→b”或“b→a”）．23、如图所示，光滑的形金属导轨水平放置，不计电阻，宽度左端的间接有定值电阻电阻的金属棒垂直导轨放置在两条导轨上，并用水平绝缘细线通过光滑的定滑轮连接质量的重物，重物静止在地面上，细线拉直，已知间距离某时刻开始，导轨平面内有竖直向上的匀强磁场，磁感应强度从零开始随时间均匀增大，变化率则重物未离开地面前通过的电流为_______当重物对地面的压力为零时，磁场的磁感应强度大小为_______．(取)

评卷人得分四、作图题(共4题，共16分)24、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

25、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

26、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

27、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共2题，共4分)28、在“探究电磁感应的产生条件”实验中；实物连线后如图1所示。感应线圈组的内外线圈的绕线方向如图2粗线所示。已知所选G表指针偏转规律为“左进右偏，右进左偏”。

(1)接通电源，闭合开关，G表指针会有大的偏转，几秒后G表指针停在中间不动。将滑动变阻器的触头迅速向右滑动时，G表指针__________（填“不动”“右偏”“左偏”或“不停振动”）；迅速抽出铁芯时，G表指针__________（填“不动”“右偏”“左偏”或“不停振动”）。

(2)断开开关和电源，将铁芯重新插入内线圈中，把直流输出改为交流输出，其他均不变接通电源，闭合开关，G表指针__________（填“不动”“右偏”“左偏”或“不停振动”）。29、温度有时能明显地影响导体的导电性能。

（1）在实际应用中，常用纵坐标表示电流I、横坐标表示电压U；画出导体的伏安特性曲线。如图甲所示为某导体的伏安特性曲线。

①由图甲可知，随着电压升高，该导体的电阻逐渐_______（选填“变大”或“变小”）；

②若将该导体与电动势内阻的电源，阻值的定值电阻连接成图乙所示电路，电路闭合后导体的实际功率为_______W。

（2）如图丙所示为一个简单恒温箱的温控装置的原理电路图，电磁铁与热敏电阻R、滑动变阻器串联接在电源E两端。当通过电磁铁的电流大于或等于15mA时，吸引衔铁，使触点断开，加热器停止工作。已知电磁铁的电阻热敏电阻在不同温度下的阻值如下表所示：。t/℃30.040.050.060.070.080.0R/Ω208145108826249

①现有下列实验器材可供选择：电源E1（电动势为3V，内阻1Ω）、电源E2（电动势6V，内阻2Ω）、滑动变阻器R1（0~500Ω）、滑动变阻器R2（0~2000Ω）。为使该装置实现对30~80℃之间任意温度的控制且便于调节，电源E应选用_________（选填“”或“”），滑动变阻器应选用_________（选填“”或“”）；

②如果要使恒温箱内的温度保持在40℃，滑动变阻器连入电路的阻值为_______Ω。评卷人得分六、解答题(共1题，共7分)30、如图所示，A是浮子，B是金属触头，C为住宅楼房顶上的蓄水池，M是带水泵的电动机，D是弹簧，E是衔铁，F是电磁铁，S1、S2分别为触头开关，S为开关，J为电池．请利用上述材料；设计一个住宅楼房顶上的自动注水装置．

(1)连接电路图；

(2)简述其工作原理(涉及的元件可用字母代替)参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、A【分析】【详解】

由得其中得因此题中两线圈并非处于理想状态，会出现漏磁，所以交流电压表的读数小于9.0V，故选项A正确．2、C【分析】【详解】

设ab边长为L，电阻为R，由几何关系可知，bc边长为由电阻定律可知，ac边的电阻也为R，而bc边的电阻为由并联电路电流分配规律可知，通过ab的电流为

通过bc的电流为

由安培力公式可知，ab边所受的安培力

bc边所受的安培力

故C正确；ABD错误。

故选C。3、C【分析】【详解】

根据左手定则可知，通电直导线受的安培力方向竖直向下，由于此时电流与磁场方向垂直，因此安培力大小为

故选C。4、D【分析】【详解】

当边刚转入磁场时，部分切割磁感线，切割长度为、两个端点间的距离感应电动势大小

由右手定则知，边中电流方向为故点电势比点高；设线框每个边的电阻为、两点间的电势差为

故

故D正确。5、A【分析】【分析】

【详解】

A．伸开左手；拇指与手掌垂直且共面，磁感线向里穿过手心，则手心垂直纸面向外，四指指向电流方向：向右，根据左手定则判断可知，拇指指向安培力方向：垂直导线向上，A正确；

B．通电导线与磁场方向平行；没有安培力，B错误；

C．伸开左手；拇指与手掌垂直且共面，磁感线向里穿过手心，则手心向左，四指指向电流方向：垂直纸面向外，根据左手定则判断可知，拇指指向安培力方向：垂直导线向上，C错误；

D．伸开左手；拇指与手掌垂直且共面，磁感线向里穿过手心，则手心向下，四指指向电流方向：向右，根据左手定则判断可知，拇指指向安培力方向：垂直导线向外，D错误。

故选A。6、B【分析】【详解】

开关S断开时，极板间有一带负电灰尘恰好静止。说明，开关S断开时，上极板带正电。且静电力

A．时；上极板带正电，电容器正在放电，电路中的电流方向为逆时针。A正确；

B．时，电流最零，电容器所带电荷量最大且下极板带正电，静电力向下且

带电灰尘的加速度大小

B错误；

C．时；电流最大，电流的变化率为零，线圈的自感电动势最小，C正确；

D．增大电容器两极板间距由

得电容减小。由

得频率变大。振荡电路向外辐射电磁波的能力变强。D正确。

选错误的，故选B。7、D【分析】【分析】

【详解】

A．根据粒子的偏转方向；由左手定则可以判断出粒子带正电，A不符合题意；

B．由洛伦兹力提供向心力可得

解得粒子在磁场中运动时，其轨迹的半径为

由几何关系可知其对应的圆心角为则粒子在磁场中运动的轨迹长度为

B不符合题意；

C．粒子做匀速运动的周期为

则粒子在磁场中运动的时间为

C不符合题意；

D．设圆形磁场区域的半径为R，由

解得

D符合题意。

故选D。8、C【分析】【详解】

AB．设电子在运动过程中的任意一点Q的速度为v，则该速度可以分解为水平速度vx和竖直速度vy，M点到Q点的竖直距离为d，我们选水平向左为x轴正方向，竖直向下为y轴正方向，对电子从M点到Q点用动能定理有

对电子从M点到Q点水平方向用动量定理有

则当Q点为N点时，有

联立以上数据解得

故AB错误。

C．由以上分析得电子在N点的动能为

设电子在N点的电势能为从M到N对电子用能量守恒定律得

则得N点电子的电势能为

C正确；

D．如下图设P、M中间点为O点，对电子从M点到O点竖直方向用动量定理有

由图得电子的运动具有周期性，也可认为电子的运动为一个竖直平面的匀速圆周运动和一个竖直方向的匀变速直线运动的合运动。对于匀速圆周运动有

得运动周期为

即电子从M点到O点的运动时间为

所以

由周期性得两点的距离为

故D错误。

故选C。9、D【分析】【详解】

A．当金属棒最大速度时受力平衡，根据平衡条件有BILcos????=mgsinθ

解得

代入数据解得vm=7.5m/s

故A错误；

B．根据电荷量的计算公式可得

其中

所以

代入数据解得q=1.8C

故B错误；

C．从开始下滑到达到最大速度过程中，对金属棒根据动能定理可得mgdsinθ−W安=mvm2−0

代入数据解得克服安培力做的功W安=2.5875J

根据功能关系可得Q=W安=2.5875J

故C错误；

D．取沿导轨向下为正方向，根据动量定理可得mgtsinθ−Bt____cosθ=mvm﹣0

其中t=q=1.8C

代入数据解得t=2.45s

故D正确。

故选D。二、多选题(共7题，共14分)10、A:B【分析】【分析】

【详解】

A．设金属棒的电阻为r，金属棒长为L，由闭合电路欧姆定律知通过电阻R的感应电流。

由图乙可知I=kt；由以上两式解得。

即金属棒做匀加速运动；A正确；

B．由法拉第电磁感应定律得；平均感应电动势。

由闭合电路欧姆定律得。

由图乙可知。

由以上三式解得。

B正确；

C．金属棒做匀加速运动；由牛顿第二定律得。

则。

其中是一个定值，电流I与时间成正比，因此F-t图象是一条不过坐标原点的倾斜直线；C错误；

D．流过电阻R的电荷量。

所以q-t是一条开口向上的抛物线；D错误。

故选AB。11、A:C【分析】【详解】

A．粒子水平射出，则经过Q点时速度方向竖直向下，转过的角度为90°，则用时间选项A正确；

B．增大粒子的速度；则粒子做圆周运动的半径变大，达到斜面上时转过的角度还是90°，因粒子的周期不变，则粒子运动的时间不变，选项B错误；

C．若粒子以速度v0竖直向上从P点射出，则粒子速度方向与斜面夹角为45°，运动半径不变，则一定打到Q点；选项C正确；

D．若在P点向MN右侧沿纸面不同方向发射速率为v0的粒子，则垂直斜面向上射出的粒子打在MN上的距离最远，最远距离为

即区域的长度为选项D错误。

故选AC。12、A:C【分析】【详解】

A；奥斯特发现了电流磁效应；法拉第发现了电磁感应现象，故A正确；

B；麦克斯韦预言了电磁波；赫兹用实验证实了电磁波的存在，故B错误；

C；库仑发现了点电荷的相互作用规律；密立根通过油滴实验测定了元电荷的数值，故C正确；

D、洛伦兹发现了磁场对运动电荷的作用规律，安培发现了磁场对电流的作用规律，故D错误．13、B:D【分析】【详解】

A．回路中的感应电流

可知，感应电流之比

故A错误；

B．线圈所受安培力大小

由于线圈匀速运动，作用在线圈上的外力与安培力大小相等，因此

故B正确；

C．整个过程产生的焦耳热

由于题中速度关系可知，拉出磁场所用时间关系

因此

故C错误；

D．电荷量

因此

故D正确。

故选BD。14、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．电容器对交流电有阻碍作用；根据。

可知频率越高；容抗越小，所以电容器对于高频交变电流的阻碍作用小于它对低频交变电流的阻碍作用，故A正确；

B．电容器的耐压值为交流电的最大值；220V照明电路电压的最大值为311V，大于250V，该电容器不能接入照明电路中，故B错误；

C．电流与匝数成反比；电流互感器原线圈匝数少于副线圈匝数，故C错误；

D．电压互感器是降压变压器；把高电压转换成安全电压，其原线圈的匝数远超过副线圈的匝数，故D正确。

故选AD。15、B:C【分析】【详解】

A．变阻器R的滑动头P向上移动时，R的阻值减小；则电容器两端的电压减小，电容器放电，但是由于二极管的单向导电性使得电容器上的电量不变，场强不变，则油滴不动，故A错误；

B．液滴受向上的电场力和向下的重力作用；将热敏电阻R0加热，则阻值减小，滑动变阻器R上的电压变大；则电容器两端的电压变大，两板间场强变大，则液滴向上运动，故B正确；

C．开关K断开时；电容器两端的电压等于电源的电动势，则电容器两板间的场强变大，液滴向上运动，故C正确；

D．电容器C的上极板向上移动，d增大，则电容C减小，由于二极管具有单向导电性，电荷不会向右流出，电量无法减小只能不变，由

知电容器两端的电势差增大；由

得

由于极板上的电量不变，而场强E与极板之间的距离无关，所以电场强度E不变；液滴仍然静止，故D错误。

故选BC。16、A:D:E【分析】【分析】

【详解】

A．波的频率是由波源决定的；与介质无关，所以当波从一种介质进入另一种介质时，频率不变，A正确；

B．透过平行于日光灯的窄缝观察正常发光的日光灯时看到彩色条纹；这是光的衍射现象，B错误；

C．波源沿直线匀速靠近一静止接收者；两者距离减小，产生多普勒效应，接收者接收到波信号的频率会比波源频率高，C错误；

D．赫兹第一次用实验证实了电磁波的存在；D正确；

E．电磁波是横波；具有偏振现象，E正确。

故选ADE。三、填空题(共7题，共14分)17、略

【分析】【分析】

【详解】

电子所受到的洛伦兹力提供它做匀速圆周运动的向心力，即解得：圆周运动的半径代入数据可得：．

电子在磁场中运动轨迹如图。

则电子第一次经过x轴所用时间又联立解得：．【解析】18、略

【分析】【详解】

导体棒产生的产生的感应电动势大小为：

因为导体棒OC匀速转动，因此根据能量守恒可得外力的功率和电阻发热的功率大小相等，即有：【解析】19、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】电学量通断20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]位移传感器测距离，发射器固定在运动物体上，能同时发射红外线和超声波脉冲。接收器固定在轨道的顶端，接收红外线和超声波。【解析】①.红外线和超声波脉冲②.接收器21、略

【分析】【详解】

略【解析】①.正确②.错误③.正确④.错误22、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]．根据左手定则，正离子向上偏，负离子向下偏，A聚集正电荷，电势高，电流从高电势流向低电势．所以通过电阻的电流方向为．【解析】A23、略

【分析】【详解】

(1)由法拉第电磁感应定律,则有：E=Ld=0.08V

由欧姆定律,得：I=E/（R+r）=0.2A

当重物恰好被提离地面时；导体棒MN受力平衡；

则有：BIL−mg=0；B=20T

点睛：由法拉第电磁感应定律可求感应电动势，由欧姆定律可求感应电流；当重物恰好被提离地面时，安培力等于重力，根据平衡方程可求磁感应强度．【解析】0.220四、作图题(共4题，共16分)24、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】26、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转，则有：线圈中向下的磁场增强