2025年华东师大版高三物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年华东师大版高三物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、“儿童蹦极”中，拴在腰间左右两侧的是弹性极好的橡皮绳．质量为m的小明如图静止悬挂时，两橡皮绳的拉力大小均恰为mg，若此时小明左侧橡皮绳断裂，则小明此时（）A.速度为零B.加速度a=g，方向竖直向下C.加速度a=g，沿未断裂绳的方向斜向上D.加速度a=g，沿原断裂绳的方向斜向下2、若干Bi放在天平左盘上，右盘放420g砝码，天平平衡．当铋发生α衰变经过1个半衰期，欲使天平平衡，应从右盘中取出砝码的质量为（）A.210gB.105gC.4gD.2g3、关于磁感应强度，下列说法中正确的是（）A.由B=可知，B与F成正比，与IL成反比B.由B=可知，一小段通电导线在某处不受磁场力，则说明该处一定无磁场C.通电导线在磁场中受力越大，说明磁场越强D.磁感应强度的方向就是小磁针北极受磁场力的方向4、如图所示；两光滑硬杆AOB为θ角，在两杆上各套上轻球P；Q，两球用轻绳相连，现用恒力F沿OB方向拉环Q，当两环稳定时，连接两环的轻绳的张力为（）

A.Fsinθ

B.Fcosθ

C.Ftanθ

D.

5、【题文】如图所示；为甲；乙二人在同一实验室同时做单摆简谐振动的振动图像，在实验误差范围内，从图像可以知道：（）

A.两个摆球的摆长一定不相等B.两个摆球在平衡位置的速率一定相等C.甲单摆的振动方程为cmD.两个单摆不同相，甲比乙超前π/26、【题文】回旋加速器是利用带电粒子在电场中的加速和带电粒子在磁场中偏转的这一特性，多次对带点粒子加速。用同一回旋加速器分别对氘核和氦核加速后，则（）A.氘核获得的动能大B.氦核的速度大C.在磁场中两核的运行时间相同D.加速氦核时交流电的周期大7、（2015秋•高台县期末）如图所示，平行板电容器竖直放置，与直流电源相连，开始时两板M、N错开（图中实线所在位置），M板固定，并接地，两板间P点固定一带正电的粒子，则（）A.电键k闭合，N板缓慢向下移到虚线所在位置，两板间的电压先增大后减小B.电键k闭合，N板缓慢向下移到虚线所在位置，电容器的带电量先增大后减小C.电键k断开，N板缓慢向下移到虚线所在位置，带电粒子的电势能先增大后减小D.电键k断开，N板缓慢向下移到虚线所在位置，电容器贮存的电场能先增大后减小8、下列说法正确的是（）A.匀速圆周运动是速度不变的运动B.平抛运动在相同时间内速度变化相同C.当物体做曲线运动时，所受的合外力可以为零D.匀速圆周运动是匀变速运动9、下列关于布朗运动的说法中，正确的是（）A.布朗运动是液体分子的运动B.布朗运动是悬浮在液体中的固体分子的运动C.布朗运动是液体分子运动的反映D.布朗运动是固体分子无规则运动的反映评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)10、（2011秋•白银区校级期中）电阻R1、R2、R3的伏安特性曲线如图所示，若将它们串联后接入电路，则它们的电压之比U1：U2：U3=____．若将它们并联后接入电路，则它们消耗的电功率之比P1：P2：P3=____．11、一辆汽车在平直公路上行驶，在前三分之一的路程中的速度是υ1，在以后的三分之二路程中的速度υ2=54千米/小时，如果在全程中的平均速度是U=45千米/小时，则汽车在通过前三分之一路程中的速度υ1=____千米/小时．12、给盛水的容器内的电阻丝通电，水温升高，是____能转化为____能．在转化的过程中，能的____保持不变．13、在核反应：n+Li→H+X+△E的过程中，X是未知核．由核反应知识可以确定X核为____．若n、Li、H和X核的静止质量分别为m1、m2、m3和m4，真空中的光速为c，则△E的值为____．14、把一检验电荷q=10-10放入某一电场中A点，具有电势能为10-8J，则该点电势为____V．若在该点放入另一电荷q=-10-10C，则该点电势为____V，具有电势能为____J．15、（2008•福建校级模拟）一辆摩托车沿平直公路行驶，其速度-时间的变化规律如图所示．则该摩托做____（填“匀速”或“匀加速”）直线运动，初速度大小v0=____m/s，第5秒末的速度大小v5=____m/s．评卷人得分三、判断题(共5题，共10分)16、青藏高原测水沸时的温度：应选用水银温度计和酒精温度计．____．（判断对错）17、原子核由质子、中子和电子组成．____（判断对错）18、晶体的分子（或原子、离子）排列是有规则的．____．（判断对错）19、如果通电的金属棒在磁场中不受力的作用，则该处的磁感应强度一定为零．____．（判断对错）20、物体速度变化的方向与它受到的合外力的方向相同．____（判断对错）评卷人得分四、推断题(共3题，共15分)21、已知rm{A}为常见金属，rm{X}rm{Y}为常见非金属单质，rm{X}rm{E}rm{F}rm{G}常温下为气体，rm{C}为液体，rm{B}是一种铵盐，受热极易分解，在工农业生产中用途较广rm{(}如被用作某些电池的电解质rm{)}现用rm{A}与石墨作电极，rm{B}的浓溶液作电解质，构成原电池。有关物质之间的转化关系如下图：rm{(}注意：其中有些反应的条件及部分生成物被略去rm{)}请填写下列空白：rm{(1)}比较rm{垄脵隆芦垄脽}七个反应，请归纳它们的共同特点是____rm{(2)}反应rm{垄脺}为rm{A}在某种气体中燃烧，生成单质rm{Y}和rm{A}的氧化物，其反应方程式为____rm{(3)}写出物质rm{B}的电子式____rm{(4)}从rm{D}溶液制备rm{D}的无水晶体的“操作rm{a}”为____。rm{(5)}反应rm{垄脷}的化学方程式为____rm{(6)}反应rm{垄脻}的化学方程为____rm{(7)}原电池反应rm{垄脵}中正极的电极反应为__________________________22、rm{.}稀土是我国战略性资源。氟碳铈矿主要化学成分为rm{CeFCO_{3}}它是提取铈族稀土元素的重要矿物原料。关于氟碳铈矿的冶炼处理工艺已经发展到十数种，其中一种提取铈的工艺流程如下：请回答下列问题rm{(1)}为增大反应速率，提高原料的利用率，焙烧前可将矿石_________________________处理。rm{(2)}焙烧过程中产生的rm{SO_{3}}尾气常采用喷淋法净化，再用石灰乳中和；操作rm{I}中滤渣的主要成分是________________。rm{(3)}操作rm{II}若在实验室中进行，需要的主要玻璃仪器有_____________、烧杯、玻璃棒等；所用萃取剂rm{HT}需具备的条件是_______________________________。rm{垄脵HT}不溶于水，也不和水反应rm{垄脷Ce^{3+}}不和萃取剂rm{HT}发生反应rm{垄脹Ce^{3+}}在萃取剂rm{HT}中溶解度大于水rm{垄脺}萃取剂rm{HT}的密度一定大于水rm{(4)}已知有机物rm{HT}能将rm{Ce^{3+}}从水溶液中萃取出来，该过程可表示为：rm{2Ce^{3+}(}水层rm{)+6HT(}有机层rm{)}rm{2CeT_{3}(}有机层rm{)+6H^{+}(}水层rm{)}从平衡角度解释：向rm{CeT_{3}(}有机层rm{)}加入稀硫酸获得较纯的含rm{Ce^{3+}}的水溶液的原因是____。rm{(5)}常温下，含rm{Ce^{3+}}溶液加碱调至rm{pH=8}时，rm{c}rm{(Ce^{3+})=bmol隆陇L^{-1}}已知rm{Ce(OH)_{3}}的溶度积rm{=a}则rm{a}和rm{b}的关系是____________________________________。rm{(6)}写出rm{Ce(OH)_{3}}悬浊液通入氧气得到产品的化学方程式：_______________________________________________________。rm{(7)}取上述流程中得到的rm{Ce(OH)_{4}}产品rm{0.545g}加硫酸溶解后，用rm{0.1000mol隆陇L^{-1}FeSO_{4}}标准溶液滴定至终点时rm{0.1000mol隆陇L^{-1}

FeSO_{4}}铈被还原为rm{(}消耗rm{Ce^{3+})}标准溶液。该产品中rm{25.00mL}的质量分数为___________rm{Ce(OH)_{4}}的相对分子质量为rm{拢脹Ce(OH)_{4}}结果保留两位有效数字rm{208}rm{拢脻}23、rm{[}化学rm{隆陋隆陋}选修rm{5}有机化学基础rm{]}有机物rm{A}有如下转化关系：已知：rm{垄脵}有机物rm{B}是芳香烃的含氧衍生物，其相对分子质量为rm{108}rm{B}中氧的质量分数为rm{14.8拢楼}根据以上信息，回答下列问题：rm{(1)B}的分子式为________；有机物rm{D}中含氧官能团名称是________。rm{(2)A}的结构简式为________；检验rm{M}中官能团的试剂是________。rm{(3)}条件rm{I}为________；rm{D隆煤F}的反应类型为________。rm{(4)}写出下列转化的化学方程式：rm{F隆煤E}________，rm{F隆煤G}________。rm{(5)N}的同系物rm{X}比rm{N}相对分子质量大rm{14}符合下列条件的rm{X}的同分异构体有________种rm{(}不考虑立体异构rm{)}rm{垄脵}含有苯环rm{垄脷}能发生银镜反应rm{垄脹}遇rm{FeCl_{3}}溶液显紫色写出其中核磁共振氢谱有五组峰，且吸收峰的面积之比为rm{1漏U1漏U2漏U2漏U2}的同分异构体的结构简式________。评卷人得分五、实验探究题(共2题，共6分)24、某实验小组利用如图所示的装置探究功和动能变化的关系；他们将宽度为d的挡光片固定在小车上，用不可伸长的细线将其通过一个定滑轮与砝码盘相连，在水平桌面上的A；B两点各安装一个光电门，记录小车通过A、B时的遮光时间，小车中可以放置砝码．

（Ⅰ）实验中木板略微倾斜，这样做目的是______

A．为了使释放小车后；小车能匀加速下滑。

B．为了增大小车下滑的加速度。

C．可使得细线拉力做的功等于合力对小车做的功。

D．可使得小车在未施加拉力时能匀速下滑。

（Ⅱ）将小车停在C点，在砝码盘中放上砝码，小车在细线拉动下运动，记录此时小车及小车中砝码的质量之和为M，砝码盘和盘中砝码的总质量为m，小车通过A、B时的遮光时间分别为t1、t2，则小车通过A、B过程中动能的变化量△E=______（用母M、t1、t2、d表示）．25、哺乳动物的生殖活动与光照周期有着密切联系．如图表示了光暗信号通过视网膜→松果体途径对雄性动物生殖的调控．请据图作答：

（1）黑暗环境中；图中所示的神经纤维末梢释放去甲肾上腺素，与松果体细胞膜上的受体结合，使后者合成和分泌的______增多，进而通过影响HPG轴发挥调节作用，该过程属于______调节．

（2）光暗信号调节的反射弧中，效应器是______，当兴奋到达b点时；神经纤维膜内外两侧的电位变为______．图中去甲肾上腺素释放的过程中伴随着______信号到______信号的转变．

（3）在HPG轴中；促性腺激素释放激素（GnRH）运输到______，促使其分泌黄体生成素（LH，一种促激素）；LH随血液运输到睾丸，促使其增加______的合成和分泌．

（4）若给正常雄性哺乳动物个体静脉注射一定剂量的LH，随后其血液中GnRH水平会______，原因是______．评卷人得分六、证明题(共3题，共30分)26、（2016•海淀区模拟）如图所示，将小物块（可视为质点）平放在水平桌面的一张薄纸上，对纸施加恒定水平拉力将其从物块底下抽出，物块的位移很小，人眼几乎观察不到物块的移动．已知物块的质量为M，纸与桌面、物块与桌面间的动摩擦因数均为μ1，纸与物块间的动摩擦因数为μ2；重力加速度为g．

（1）若薄纸的质量为m；则从开始抽纸到纸被抽离物块底部的过程中；

①求薄纸所受总的摩擦力为多大；

②从冲量和动量的定义；结合牛顿运动定律和运动学规律，证明：水平拉力F和桌面对薄纸摩擦力的总冲量等于物块和纸的总动量的变化量．（注意：解题过程中需要用到；但题目中没有给出的物理量，要在解题中做必要的说明．）

（2）若薄纸质量可忽略，纸的后边缘到物块的距离为L，从开始抽纸到物块最终停下，若物块相对桌面移动了很小的距离s0（人眼观察不到物块的移动），求此过程中水平拉力所做的功．27、如图所示，小球用不可伸长的长度为L的轻绳悬于O点．（不计阻力）试证明：绳对小球在最低点拉力T1与最高点拉力T2之差T1-T2=6mg．

28、（2016•海淀区模拟）如图所示，将小物块（可视为质点）平放在水平桌面的一张薄纸上，对纸施加恒定水平拉力将其从物块底下抽出，物块的位移很小，人眼几乎观察不到物块的移动．已知物块的质量为M，纸与桌面、物块与桌面间的动摩擦因数均为μ1，纸与物块间的动摩擦因数为μ2；重力加速度为g．

（1）若薄纸的质量为m；则从开始抽纸到纸被抽离物块底部的过程中；

①求薄纸所受总的摩擦力为多大；

②从冲量和动量的定义；结合牛顿运动定律和运动学规律，证明：水平拉力F和桌面对薄纸摩擦力的总冲量等于物块和纸的总动量的变化量．（注意：解题过程中需要用到；但题目中没有给出的物理量，要在解题中做必要的说明．）

（2）若薄纸质量可忽略，纸的后边缘到物块的距离为L，从开始抽纸到物块最终停下，若物块相对桌面移动了很小的距离s0（人眼观察不到物块的移动），求此过程中水平拉力所做的功．参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【分析】小明静止时受到重力和两根橡皮条的拉力，处于平衡状态，三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线；撤去一个力后，其余两个力未变，故合力与撤去的力等值、反向、共线，求出合力后根据牛顿第二定律求解加速度．【解析】【解答】解：小明静止时受到重力和两根橡皮条的拉力；处于平衡状态，如图。

由于T1=T2=mg；故两个拉力的合力一定在角平分线上，且在竖直线上，故两个拉力的夹角为120°，当右侧橡皮条拉力变为零时，左侧橡皮条拉力不变，重力也不变；由于三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值；反向、共线，故左侧橡皮条拉力与重力的合力与右侧橡皮条断开前的弹力反方向，大小等于mg，故加速度为g，沿原断裂绳的方向斜向下；

故选：D．2、C【分析】【分析】半衰期由原子核本身决定，与外界因素无关，由公式确定经历的半衰期的个数．铋发生α衰变后只损失α粒子的质量．【解析】【解答】解：当铋发生α衰变经过1个半衰期；420g的Bi210有一半发生了衰变，由于Bi210的摩尔质量是210g，420g铋共有2摩尔，经过1个半衰期有1摩尔发生衰变，放射出1摩尔的α粒子，α粒子的摩尔质量是4g，所以左侧盘中的质量少了4g，需要从右盘中取出砝码的质量为4g．

故选：C3、D【分析】【分析】本题考查了磁场的大小与方向，磁感应强度B=是采用比值法定义的，B大小与F、IL无关，B由磁场本身决定，当电流方向与磁场方向不在同一直线上时，导体才受到磁场力作用，磁场力的方向与电流、磁场垂直．【解析】【解答】解：ABC、磁感应强度B=是采用比值法定义的；B大小与F；IL无关，B由磁场本身决定，故ABC错误；

D；据磁场方向的规定；磁场方向就是小磁针北极受磁场力的方向，故D正确．

故选：D．4、D【分析】

以P为研究对象；稳定时，P环受到轻绳的张力和杆的支持力，杆的支持力方向与杆垂直，根据平衡条件得知，稳定时轻绳与杆垂直，如左图所示．再以Q为研究对象，分析受力如右图所示，根据平衡条件得。

Tsinθ=F

解得，轻绳的张力为T=

故选D

【解析】【答案】由题；P；Q是两个轻环，重力不计，当用恒力F沿OB方向拉环Q，两环稳定时，P环受到两个力而平衡，Q环受到三个力而平衡，以P为研究对象，根据二力平衡条件确定出轻绳的方向，再以Q为研究对象，求出轻绳的张力．

5、D【分析】【解析】

试题分析：根据振动图象甲的振动周期为4s，一定振动周期也为4s，即说明摆长相等，A错。由于摆幅甲大，说明机械能大，即在最低点甲的速度大于乙的速度，B错。根据简谐振动图像则数学函数为所以C错。两个单摆不同相，甲比乙超前π/2；即答案为D

考点：简谐振动。

点评：本题考查了简谐振动的理解和方程的表达式。【解析】【答案】D6、C【分析】【解析】

试题分析：回旋加速器中粒子飞出的最大动能由D型盒的半径决定所以粒子飞出时的动能为由此可知氦核飞出时动能较大，B错；飞出时速度大小相同，B错；由周期公式可知两粒子在D型盒中的偏转周期相同，D错；由电场力做功可知加速的次数n相同；所以转过的圈数相同，运动时间相同，C对；故选C

考点：考查回旋加速器。

点评：难度中等，粒子飞出时的最大速度由D型盒决定，运动时间由偏转的圈决定【解析】【答案】C7、B【分析】【分析】电容器始终与电源连接，两端的电势差不变，负极板向下移动一小段距离稳定后，电容发生变化，根据Q=CU判断带电量的变化，当电键断开后，则电量不变，那么由公式U=可知判断电压的变化，从而判断P点与M极板间电势差的变化，从而得出P点电势的变化，进而确定电势能的变化，最后依据库仑力做功的正负，从而判定电容器的电场能的变化．【解析】【解答】解：A；电键K闭合；由于电容器一直与电源相连，因此电容器两极间的电压不变，故A错误；

B、由电容的决定式C=；可知，两板间的正对面积先增大后减小，因此平行板电容器的电容先增大后减小，由Q=CU可知，由于K闭合，电压一定，电容器的带电量先增大后减小，故B正确；

C、电键K断开，电容器的带电量一定，由U=可知；两板间的电压先减小后增大，由电压分配可知，P点的电势先降低后升高，因此带正电的电荷在P点的电势能先减小后增大，故C错误；

D；由电压分配可知；电容器的电量一定，N板移动过程中，两板电荷间的库仑力先做正功后做负功，因此电容器贮存的电场能先减小后增大，故D错误；

故选：B．8、B【分析】【分析】曲线运动的速度方向是切线方向，时刻改变，一定具有加速度，合外力一定不为零；曲线运动的条件是合力方向与速度方向不共线．【解析】【解答】解：A；匀速圆周运动速度大小不变；但速度方向是切线方向，不断变化，故A错误；

B；平抛运动加速度恒定；为g，故在相同时间内速度变化相同，故B正确；

C；当物体做曲线运动时；速度方向是切线方向，不断改变，一定具有加速度，合外力一定不为零，故C错误；

D；匀速圆周运动的加速度大小不变；但方向时刻改变，故是变加速运动，故D错误；

故选：B．9、C【分析】【分析】布朗运动是悬浮微粒的无规则运动，不是分子的无规则运动，形成的原因是由于液体分子对悬浮微粒无规则撞击引起的．小颗粒并不是分子，小颗粒无规则运动的轨迹不是分子无规则运动的轨迹．【解析】【解答】解：AB；布朗运动是悬浮微粒的无规则运动；而组成小颗粒的分子有成千上万个，颗粒的运动是大量分子集体的运动，并不是颗粒分子的无规则运动．故AB错误．

C；悬浮在液体中小颗粒周围有大量的液体分子；由于液体分子对悬浮微粒无规则撞击，造成小颗粒受到的冲力不平衡而引起小颗粒的运动．故C正确．

D；小颗粒本身并不是分子；小颗粒无规则运动的轨迹不是分子无规则运动的轨迹．故D错误．

故选：C．二、填空题(共6题，共12分)10、1：2：44：2：1【分析】【分析】该题中，根据电阻的定义式R=，故曲线上的任意点与坐标原点的连线的斜率就表示它的电阻；若串联接入电路，流过它们的电流相等，电阻两端的电压跟它的电阻阻值成正比；若将它们并联后接入电路，电压相等，根据P=UI求解功率之比．【解析】【解答】解：根据电阻的定义式：R=；故：

R1：R2：R3===1：2：4；

若串联接入电路；流过它们的电流相等，根据U=IR，它们的电压之比：

U1：U2：U3=R1：R2：R3=1：2：4；

若将它们并联后接入电路；电压相等，根据P=UI，消耗的电功率之比：

P1：P2：P3=I1：I2：I1=4：2：1；

故答案为：1：2：4，4：2：1．11、33.75【分析】【分析】假设汽车的总位移为3x，前的位移汽车做匀速直线运动，求出此段时间表达式．后位移，汽车也做匀速直线运动，再求出此段时间，最后由平均速度公式列出全程平均速度与总位移和时间的关系式，求解v1．【解析】【解答】解：设全程的位移为3x，则汽车以速度v1行驶了前x的位移．以速度v2=54km/h行驶了后2x的位移；

则汽车通过前位移的时间为：t1=

汽车通过后位移的时间为：t2=

全程平均速度

代入解得：v1=33.75km/h

故答案为：33.7512、电能内总量【分析】【分析】电流做功的过程就是电能转化的过程，根据具体情况分析电能的转化方向．【解析】【解答】解：电阻丝消耗了电能；使水的温度升高，故将电能转化为内能，烧水供我们使用；根据能量的转化与守恒定律可知，在转化的过程中，能的总量保持不变。

故答案为：电能，内能，总量13、（（m1+m2）-（m3+m4））c2【分析】【分析】（1）根据核反应方程的质量数与质子数守恒；即可求解；

（2）根据质能方程求出释放能量，即可求解．【解析】【解答】解：（1）X的质量数：6+1=3+A；则A=4；

电荷数：0+3=1+Z，所以z=2．所以X为．

（2）质量亏损：△m=（m1+m2）-（m3+m4）

释放能量为：△E=△mc2=（（m1+m2）-（m3+m4））c2

故答案为：，（（m1+m2）-（m3+m4））c2．14、100100-10-8【分析】【分析】已知电荷在A点的电势能，由公式φA=求解A点的电势．A点的电势与试探电荷无关，只与电场有关，同一点电势不变．【解析】【解答】解：由题，将q=10-10C的检验电荷放入电场中A点，具有电势能为Ep=10-8J；则A点的电势为：

φA==100V．

在该点放入另一电荷q=-10-10C；电势不变，仍为100V．

该电荷具有的电势能为：Ep=q′φA=-10-10C×100J=-10-8J．

故答案为：100，100，-10-815、匀加速15【分析】【分析】根据v-t图象中点、线、面的含义可以得出摩拖车的运动情况及初末速度．【解析】【解答】解：由图可知；物体的速度随时间均匀增加，故摩托车做匀加速直线运动；由图可知，初速度为1m/s；第5s末的速度的5m/s；

故答案为：匀加速，1，5；三、判断题(共5题，共10分)16、×【分析】【分析】选择温度计的原则是：温度计内测温物质的凝固点应低于被测物体的温度，同时，温度计内测温物质的沸点应高于被测物体的温度．【解析】【解答】解：在海平面上水的沸点为100℃；在青藏高原水的沸点也有80℃多，而酒精的沸点只有78℃，所以不能选择酒精温度计．该说法是错误的．

故答案为：×．17、×【分析】【分析】原子核由质子和中子构成．【解析】【解答】解：原子核由质子；中子构成；故说法错误．

故答案为：×18、√【分析】【分析】晶体的分子（或原子、离子）排列是有规则的．晶体是具有一定的规则外形和各向异性．【解析】【解答】解：根据晶体的结构的特点可知；晶体的分子（或原子；离子）排列是有规则的．所以该说法是正确的．

故答案为：√19、×【分析】【分析】B⊥L，根据安培力的公式F=BIL，求磁感应强度B，注意公式是采用比值法定义的，磁场中某点磁感应强度的大小与F，Il等因素无关，是由磁场本身决定的．【解析】【解答】解：根据磁感应强度的定义式，有：；由此可知的磁感应强度与导线的放置；长短、电流大小等因素无关，即该处的磁感应强度有磁场本身决定．

所以如果通电的金属棒在磁场中不受力的作用；该处的磁感应强度不一定为零．故以上说法是错误的．

故答案为：×20、√【分析】【分析】根据牛顿第二定律和运动学规律分析答题．【解析】【解答】解：物体速度变化的方向就是加速度的方向；由牛顿第二定律可知，加速度方向与物体受到的合外力的方向相，故说法正确；

故答案为：√．四、推断题(共3题，共15分)21、（1）均是氧化还原反应（2）2Mg+CO22MgO+C（3）（4）将D溶液在HCl气流中蒸干（5）4NH3+5O24NO+6H2O（6）C+4HNO3（浓）CO2↑+4NO2↑+2H2O（7）2NH4++2e-=2NH3↑+H2↑【分析】【分析】本题考查无机物的推断，侧重于学生的分析能力和元素化合物知识的综合运用的考查，为高考常见题型，注意把握题给信息，结合转化关系进行推断是关键，rm{(5)}为易错点，该原电池实质为铵根离子水解，rm{Mg}再与氢离子反应生成氢气，难度中等。

【解答】依据流程图可得，rm{C}为无色液体，由气体rm{X(X}由原电池反应得到，可能是rm{H}为无色液体，由气体rm{C}由原电池反应得到，可能是rm{X(X}rm{H}rm{{,!}_{2}}和氧气反应得到，故C应是rm{)}和氧气反应得到，故C应是rm{H}rm{)}rm{H}rm{{,!}_{2}}是rm{O}rm{X}是rm{H}rm{O}rm{X}可知非金属rm{H}是rm{{,!}_{2}}由电解，根据反应rm{垄脽}可知非金属rm{Y}是rm{C.}由电解rm{D}无水晶体得到rm{A}与rm{Cl}无水晶体得到rm{垄脽}与rm{Y}rm{C.}rm{D}为氯化物且是离子化合物，结合rm{A}溶液发生原电池反应得到rm{Cl}rm{{,!}_{2}}，可知rm{D}为氯化物且是离子化合物，结合rm{A+B}溶液发生原电池反应得到rm{X}rm{D}rm{E}可知rm{B}为氯化物，且rm{B}是一种盐，受热极易分解，反应生成的rm{H}可知rm{D}为氯化物，且rm{A+B}是一种盐，受热极易分解，反应生成的rm{X}rm{D}rm{E}气体，rm{B}应水解呈酸性，由转化关系：rm{B}属于常温下气体rm{H}的连续氧化得到气体rm{{,!}_{2}}在中学阶段中与rm{E}气体，rm{B}应水解呈酸性，由转化关系：rm{E隆煤F隆煤G隆煤H}属于常温下气体rm{E}的连续氧化得到气体rm{G}在中学阶段中rm{N}rm{S}元素化合物符合转化关系，考虑反应rm{垄脵}是金属与rm{NH}rm{E}元素化合物符合转化关系，考虑反应rm{B}是金属与rm{E隆煤F隆煤G隆煤H}rm{E}rm{G}溶液发生的原电池反应，可推出rm{N}为rm{S}rm{垄脵}rm{NH}为rm{{,!}_{4}}rm{Cl}溶液发生的原电池反应，可推出rm{E}为rm{NH}为rm{Cl}rm{E}rm{NH}为rm{{,!}_{3}}、rm{F}为rm{NO}rm{G}为rm{NO}rm{F}rm{NO}比较rm{G}七个反应，请归纳它们的共同特点是：均是氧化还原反应。rm{NO}均是氧化还原反应；rm{{,!}_{2}}反应，则rm{H}为rm{HNO}为rm{H}在某种气体中燃烧，生成单质rm{HNO}和rm{{,!}_{3}}的氧化物，其反应方程式为：rm{2Mg+CO_{2}overset{碌茫脠录}{=}2MgO+C}故答案为：rm{2Mg+CO_{2}overset{碌茫脠录}{=}2MgO+C}。写出物质rm{(1)}的电子式：rm{{begin{bmatrix}H:&begin{matrix}begin{matrix}H..end{matrix}Nbegin{matrix}..Hend{matrix}end{matrix}&:Hend{bmatrix}}^{+}{begin{bmatrix}begin{matrix}&begin{matrix}..:Cl拢潞..end{matrix}&end{matrix}&end{bmatrix}}^{-}}。故答案为：rm{{begin{bmatrix}H:&begin{matrix}begin{matrix}H..end{matrix}Nbegin{matrix}..Hend{matrix}end{matrix}&:Hend{bmatrix}}^{+}{begin{bmatrix}begin{matrix}&begin{matrix}..:Cl拢潞..end{matrix}&end{matrix}&end{bmatrix}}^{-}}rm{垄脵隆芦垄脽}从故答案为：rm{(2)}rm{垄脺}rm{A}rm{Y}溶液在rm{A}气流中蒸干．

rm{2Mg+CO_{2}overset{碌茫脠录}{=}

2MgO+C}溶液在rm{2Mg+CO_{2}overset{碌茫脠录}{=}

2MgO+C}气流中蒸干；

rm{(3)}反应rm{B}是氨的催化氧化，反应化学方程为：rm{{begin{bmatrix}H:&

begin{matrix}begin{matrix}H..end{matrix}N

begin{matrix}..Hend{matrix}end{matrix}&

:Hend{bmatrix}}^{+}{begin{bmatrix}begin{matrix}&

begin{matrix}..:Cl拢潞..end{matrix}&end{matrix}&

end{bmatrix}}^{-}}rm{{begin{bmatrix}H:&

begin{matrix}begin{matrix}H..end{matrix}N

begin{matrix}..Hend{matrix}end{matrix}&

:Hend{bmatrix}}^{+}{begin{bmatrix}begin{matrix}&

begin{matrix}..:Cl拢潞..end{matrix}&end{matrix}&

end{bmatrix}}^{-}}rm{(4)}从rm{MgCl}rm{{,!}_{2}overset{麓脽禄炉录脕}{=}}rm{(4)}rm{MgCl}rm{{,!}_{2}}溶液制备rm{MgCl}rm{{,!}_{2}overset{麓脽禄炉录脕}{=}}rm{MgCl}rm{{,!}_{2}}的无水晶体，应注意防止水解，应将rm{D}溶液在rm{HCl}气流中蒸干．

rm{D}反应rm{HCl}是碳与浓硝酸反应生成故答案为：将rm{D}溶液在rm{HCl}气流中蒸干；rm{D}rm{HCl}rm{(5)}反应rm{垄脷}是氨的催化氧化，反应化学方程为：rm{4NH}rm{(5)}rm{垄脷}rm{4NH}方程式为：rm{{,!}_{3}}rm{+5O}rm{+5O}浓rm{{,!}_{2}overset{麓脽禄炉录脕}{=}

}rm{4NO+6H_{2}O}故答案为：rm{4NH}rm{4NH}rm{{,!}_{3}}rm{+5O}rm{+5O}rm{{,!}_{2}overset{麓脽禄炉录脕}{=}

}rm{4NO+6H}

rm{4NO+6H}rm{{,!}_{2}}rm{O}浓rm{O}rm{overset{?}{=}CO_{2}隆眉+4NO_{2}隆眉+2H_{2}O}rm{(6)}反应rm{垄脻}是碳与浓硝酸反应生成rm{CO}原电池反应rm{(6)}中，正极发生还原反应，铵根离子放电生成氨气与氢气，正极反应式为：rm{垄脻}rm{CO}rm{{,!}_{2}}、rm{NO}rm{NO}rm{{,!}_{2}}、rm{H}rm{H}rm{{,!}_{2}}

rm{O}方程式为：rm{C+4HNO}rm{O}rm{C+4HNO}rm{{,!}_{3}}rm{(}浓rm{)}rm{(}rm{)}rm{overset{?}{=}}rm{CO}rm{CO}【解析】rm{(1)}均是氧化还原反应rm{(2)}rm{2Mg+CO}rm{{,!}_{2}overset{碌茫脠录}{=}}rm{2Mg+CO}rm{(3){begin{bmatrix}H:&begin{matrix}begin{matrix}H..end{matrix}Nbegin{matrix}..Hend{matrix}end{matrix}&:Hend{bmatrix}}^{+}{begin{bmatrix}begin{matrix}&begin{matrix}..:Cl拢潞..end{matrix}&end{matrix}&end{bmatrix}}^{-}}rm{{,!}_{2}overset{碌茫脠录}{=}

}rm{2MgO+C}溶液在rm{2MgO+C}气流中蒸干rm{(5)4NH_{3}+5O_{2}dfrac{underline{{麓脽禄炉录脕}}}{triangle}4NO+6H_{2}O}rm{(3){begin{bmatrix}H:&

begin{matrix}begin{matrix}H..end{matrix}N

begin{matrix}..Hend{matrix}end{matrix}&

:Hend{bmatrix}}^{+}{begin{bmatrix}begin{matrix}&

begin{matrix}..:Cl拢潞..end{matrix}&end{matrix}&

end{bmatrix}}^{-}}浓rm{)dfrac{underline{;;triangle;;}}{;}CO_{2}隆眉+4NO_{2}隆眉+2H_{2}O}rm{(4)}将rm{D}溶液在rm{HCl}气流中蒸干22、(1)粉碎成细颗粒(2)CaF2、CaSO4CaSO4(3)混合液中加入分液漏斗；①②③使(4)混合液中加入H2SO4使c(H+)增大，平衡向形成Ge3+水溶液方向移动。增大，平衡向形成(4)水溶液方向移动。H2SO4c(H+)Ge3+(5)a=10-18b【分析】【分析】本题考查了物质的制备过程，考查了影响反应速率的因素，物质分离的方法和萃取剂的选择，考查了难容电解质的溶解平衡和有关计算。【解答】rm{(1)}为增大反应速率，可以将矿石粉碎，增加接触面积，提供原来的利用率，故答案为：为增大反应速率，可以将矿石粉碎，增加接触面积，提供原来的利用率，故答案为：粉碎成细颗粒；rm{(1)}浸出液中含有硫酸根离子和氟离子，与碳酸钙反应生成氟化钙和硫酸钙，二者都不溶于水，所以在滤渣中存在，故答案为：rm{(2)}浸出液中含有硫酸根离子和氟离子，与碳酸钙反应生成氟化钙和硫酸钙，二者都不溶于水，所以在滤渣中存在，故答案为：rm{CaF_{2}}rm{(2)}；rm{CaF_{2}}、rm{CaSO_{4}}操作rm{CaSO_{4}}rm{CaSO_{4}}从平衡角度分析，加入酸，溶液中的氢离子浓度增大，平衡逆向移动，会使rm{(3)}操作rm{(3)}rm{II}混合液中加入rm{II}使是分离有机层和水层，用分液方法，使用分液漏斗；萃取剂具有不溶于水也不和水反应，并且溶质在萃取剂中的溶解度大，溶质与萃取剂不反应的特点，故答案为：增大，平衡向形成分液漏斗；rm{垄脵垄脷垄脹}水溶液方向移动；rm{垄脵垄脷垄脹}根据平衡常数的公式计算，rm{(4)}从平衡角度分析，加入酸，溶液中的氢离子浓度增大，平衡逆向移动，会使rm{(4)}从平衡角度分析，加入酸，溶液中的氢离子浓度增大，平衡逆向移动，会使rm{(4)}rm{Ge}rm{Ge}rm{{,!}^{3+}}离子浓度增大，故答案为：混合液中加入rm{H_{2}SO_{4}}使rm{c(H^{+})}增大，平衡向形成rm{Ge^{3+}}水溶液方向移动；故答案为：离子浓度增大，故答案为：rm{H_{2}SO_{4}}rm{H_{2}SO_{4}}被氧气氧化生成rm{c(H^{+})}，故方程式为：rm{c(H^{+})}；rm{Ge^{3+}}根据化合价分析，rm{Ge^{3+}}rm{(5)}根据平衡常数的公式计算，rm{a=c(Ce^{3+})}则硫酸亚铁的物质的量为rm{(5)}rm{a=c(Ce^{3+})}则rm{隆脕}rm{c^{3}(OH^{-})=b}rm{隆脕}rm{(10^{-6})}的物质的量为rm{隆脕}则其质量为rm{c^{3}(OH^{-})=b}质量分数为rm{c^{3}(OH^{-})=b}rm{隆脕}故答案为：rm{(10^{-6})}rm{(10^{-6})}【解析】rm{(1)}rm{(1)}粉碎成细颗粒rm{(2)CaF_{2}}rm{(2)CaF_{2}}、rm{CaSO_{4}}混合液中加入rm{CaSO_{4}}使rm{CaSO_{4}}增大，平衡向形成rm{(3)}水溶液方向移动。rm{(3)}分液漏斗；rm{垄脵垄脷垄脹}rm{垄脵垄脷垄脹}rm{(4)}混合液中加入rm{H_{2}SO_{4}}使rm{c(H^{+})}增大，平衡向形成rm{Ge^{3+}}水溶液方向移动。rm{(4)}23、（1）C7H8O羧基（2）银氨溶液或新制氢氧化铜悬浊液（3）强碱（或NaOH）的醇溶液，加热；水解反应（或取代反应）（4）（5）13【分析】【分析】本题考查有机推断，涉及分子是书写、官能团种类判断和检验、结构简式、有机反应类型判断、同分异构体书写和有机方程式书写等知识，综合性强，难度中等。【解答】有机物rm{B}是芳香烃的含氧衍生物，其相对分子质量为rm{108}rm{B}中氧的质量分数为rm{14.8%}rm{B}中rm{O}原子个数rm{=dfrac{108隆脕14.8拢楼}{16}=1

}是芳香烃的含氧衍生物，其相对分子质量为rm{B}rm{108}中氧的质量分数为rm{B}rm{14.8%}中rm{B}原子个数rm{=dfrac{108隆脕14.8拢楼}{16}=1}碳原子个数rm{=dfrac{108-16}{12}=7隆陇隆陇隆陇隆陇隆陇隆陇8}所以rm{O}分子式为rm{=dfrac{108隆脕14.8拢楼}{16}=1

}rm{=dfrac{108-16}{12}=7隆陇隆陇隆陇隆陇隆陇隆陇8

}中含有苯环且能连续被氧化，则rm{B}为rm{C_{7}H_{8}O}被催化氧化生成rm{B}rm{B}为rm{B}为苯甲酸，结构简式为rm{M}发生水解反应生成醇和羧酸，rm{M}为羧酸，根据题给信息知，rm{N}发生取代反应生成rm{A}rm{C}发生反应然后酸化得到rm{C}rm{D}能生成rm{D}rm{E}是含有氯原子的羧酸，则rm{E}在氢氧化钠的醇溶液中加热生成rm{H}rm{D}发生加聚反应生成rm{D}所以rm{E}为rm{E}为rm{H}为rm{D}反应生成rm{E}rm{C}能反应生成rm{D}反应生成rm{F}rm{F}能反应生成rm{E}则rm{D}发生水解反应生成rm{F}rm{F}为则rm{D}发生水解反应生成rm{F}rm{F}为rm{E}发生酯化反应生成rm{D}根据rm{F}分子式知，rm{F}为，rm{F}发生酯化反应生成rm{G}根据rm{G}分子式知，rm{G}为rm{F}结构简式知，rm{G}为rm{G}由上述分析可知：rm{G}的分子式：；根据rm{B}rm{C}结构简式知，rm{A}为rm{B}rm{C}rm{A}rm{(1)}，rm{B}为其含氧官能团为羧基，故答案为：rm{C}羧基；rm{7}rm{7}的结构简式为rm{H}中含氧官能团名称是醛基，检验醛基所用试剂为银氨溶液或新制氢氧化铜悬浊液rm{8}rm{8}银氨溶液或新制氢氧化铜悬浊液rm{O}rm{D}通过以上分析知，条件rm{C_{7}H_{8}O}为氢氧化钠的醇溶液、加热；rm{(2)}为rm{A}的结构简式为为所以rm{A}的反应类型为水解反应；rm{M}中含氧官能团名称是醛基，检验醛基所用试剂为或取代反应rm{M}答案为：强碱；或；的醇溶液，加热；水解反应rm{(3)}通过以上分析知，条件rm{I}为氢氧化钠的醇溶液、加热；或取代反应rm{(3)}rm{I}rm{D}发生消去反应生成rm{F}反应方程式为rm{D隆煤F}的反应类型为发生酯化反应生成rm{D隆煤F}反应方程式为rm{(}rm{)}为分子式为，故答案为：rm{(}rm{NaOH)}相对分子质量大rm{(}即rm{)}比rm{(4)}多一个rm{F}发生消去反应生成rm{E}反应方程式为两个rm{F}rm{E}分子式为，rm{F}发生酯化反应生成rm{G}反应方程式为符合rm{F}含有苯环rm{G}能发生银镜反应，故答案为：遇rm{(5)N}溶液显紫色的rm{C_{7}H_{6}O_{2}}的同分异构体有：苯环上连有rm{X}比rm{N}相对分子质量大rm{14}即rm{X}比rm{N}多一个rm{C}两个rm{H}rm{X}分子式为rm{C_{8}H_{8}O_{2}}符合rm{垄脵}含有苯环rm{垄脷}能发生银镜反应rm{垄脹}遇rm{FeCl_{3}}溶液显紫色的rm{X}的同分异构体有：苯环上连有rm{-CH_{3}}rm{-CHO}rm{-OH}三个的结构有rm{10}种，苯环上连有rm{-CH_{2}CHO}和rm{-OH}两个的结构有rm{3}种，所以满足上述条件的同分异构体共rm{13}种，其中核磁共振氢谱有五组峰，且吸收峰的面积之比为rm{1漏U1漏U2漏U2漏U2}的同分异构体的结构简式为：rm{N}三个的结构有rm{14}种，苯环上连有rm{X}和rm{N}两个的结构有rm{C}种，所以满足上述条件的同分异构体共rm{H}种，其中核磁共振氢谱有五组峰，且吸收峰的面积之比为rm{X}的同分异构体的结构简式为：故答案为：rm{C_{8}H_{8}O_{2}}rm{垄脵}【解析】rm{(1)C_{7}H_{8}O}羧基rm{(2)}银氨溶液或新制氢氧化铜悬浊液rm{(3)}强碱rm{(}或rm{NaOH)}的醇溶液，加热；水解反应rm{(}或取代反应rm{)}rm{(4)}rm{(5)13}五、实验探究题(共2题，共6分)24、略

【分析】解：（1）为了使绳子拉力充当合力；即细线拉力做的功等于合力对小车做的功应先平衡摩擦力，摩擦力平衡好的检测标准即：可使得小车在未施加拉力时做匀速直线运动，故CD正确；

故选：CD；

（2）小车通过A时的速度：vA=

小车通过B时的速度：vB=

则小车通过A、B过程中动能的变化量△E==

故答案为：（1）CD（2）

（1）为了使绳子拉力充当合力；即细线拉力做的功等于合力对小车做的功应先平衡摩擦力．

（2）小车在钩码的作用下拖动纸带在水平面上做加速运动，通过速度传感器可算出AB两点的速度大小，根据△Ek=即可计算出动能的变化．

这个实验对于我们可能是一个新的实验；但该实验的原理都是我们学过的物理规律．

做任何实验问题还是要从最基本的物理规律入手去解决．对于系统问题处理时我们要清楚系统内部各个物体能的变化．【解析】CD；25、褪黑素；神经-体液；传出神经末梢及其支配的松果体细胞；外负内正；电；化学；垂体；雄激素；降低；LH促进雄激素的分泌，雄激素抑制下丘脑分泌GnRH【分析】解：（1）据图示可知；黑暗环境中，图中所示的神经纤维末梢释放去甲肾上腺素，与松果体细胞膜上的受体结合，使后者合成和分泌的褪黑素增多，褪黑素通过影响HPG轴发挥调节作用，该过程属于体液调节；

（2）分析图解可知，光暗信号调节的反射弧中，效应器是传出神经末梢及其支配的松果体细胞．当兴奋到达b点时；神经纤维膜内外两侧的电位变为外负内正．图中去甲肾上腺激素是由传出神经的突触前膜释放的，即释放的过程中伴随着电信号到化学信号的转变．

（3）在HPG轴中；促性激素释放激素（GnRH）运输到垂体，促使其分泌黄体生成素（LH，一种促激素）；LH随血液运输到睾丸，促使其增加雄激素的合成和分泌．

（4）分析图解可知；下丘脑在对雄性激素的调节存在负反馈调节，因此若给正常雄性哺乳动物个体静脉注射一定剂量的LH（促性腺激素），该激素促进雄激素的分泌，当雄激素分泌过多时会反过来抑制下丘脑和垂体的主要，导致血液中GnRH水平会降低．

故答案为：

（1）褪黑素神经-体液。

（2）传出神经末梢及其支配的松果体细胞外负内正电化学。

（3）垂体雄激素。

（4）降低LH促进雄激素的分泌；雄激素抑制下丘脑分泌GnRH

分析图解：光路信号通过视网膜→松果体途径对雄性动物生殖的调控过程包括神经调节和体液调节．

其中神经调节的反射弧为：视网膜为感受器；传入神经、神经中枢、传出神经、松果体细胞作为效应器．

图中松果体分泌的褪黑素能够作用于下丘脑；垂体、睾丸；并且在对雄性激素的调节存在负反馈调节．

本题考查