2025年人教版必修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版必修3物理下册月考试卷24考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、三根通电长直导线A、B、C互相平行、垂直纸面放置。三根导线中电流方向均垂直纸面向里，且每两根导线间的距离均相等。则A、B中点O处的磁感应强度方向()

A.方向水平向左B.方向水平向右C.方向竖直向上D.方向竖直向下2、已知均匀带电圆盘在圆外平面内产生的电场与一个位于圆心的、等电量的同种点电荷产生的电场相同．如图所示，电荷总量为Q的电荷均匀分布在半径为R的圆盘上，在过圆心O的直线上有A、B两点，O与B，B与A的距离均为R，现以OB为直径在盘内挖掉一个小圆盘，若静电力常量为k，则剩余部分在A处的场强大小为：

A.B.C.D.3、某兴趣小组利用如图甲所示的电路研究一热敏电阻的阻值随温度变化的规律。电路中电源电动势和内阻保持不变，R0为定值电阻，Rt为热敏电阻。通过实验得到，在0℃~80℃的范围内，电压表的示数U随热敏电阻的温度t变化的关系如图乙所示。则在0℃~80℃的范围内，该热敏电阻Rt的阻值随温度t变化的关系图像为（）

A.B.C.D.4、A、B两个点电荷在真空中的电场线（方向未标出）如图所示。图中C点为两点电荷连线的中点，MN为两点电荷连线的中垂线，D点为中垂线上的一点，电场线的分布关于MN左右对称。则（）

A.A、B是等量同种点电荷B.C处的场强方向一定垂直MN向右C.从C点沿直线到D点，场强大小逐渐增大D.从C点沿直线到D点，场强方向保持不变5、在固定的等量同种点电荷+Q和+Q连线的正中央虚拟一个正方体空间模型，abcd面和a′b′c′d′面的中点分别为O、O′（c、O没有画出）；下列说法正确的是（）

A.点a、a′处的场强相同B.aa′bb′面是一个等势面C.将一正试探电荷从a移到a′，电势能减小D.将一正试探电荷从O′点由静止释放，将在O′、O间做往复运动6、如图所示，电流表为理想电表。当开关处于位置1时，电流表读数当开关处于位置2时，电流表读数则电源的（）

A.电动势内阻B.电动势内阻C.电动势内阻D.电动势内阻评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)7、如图甲所示，A、B为电场中一直线上的两个点，带正电的粒子只受电场力的作用，从A点以某一初速度沿直线运动到B点，其动能Ek随位移x的变化关系如图乙所示，则该粒子从A运动到B的过程中；下列说法正确的是（）

A.粒子的电势能先减小后增大B.在x轴上，电场强度的方向由A指向BC.粒子所受电场力先减小后增大D.在x轴上，从A到B各点的电势先升高后降低8、两个点电荷Q1、Q2固定于x轴上，将一带正电的试探电荷从足够远处沿x轴负方向移近Q2（位于坐标原点O）；在移动过程中，试探电荷的电势能随位置的变化关系如图所示．则下列判断正确的是。

A.M点电势为零，N点场强为零B.M点场强为零，N点电势为零C.Q1带负电，Q2带正电，且Q2电荷量较小D.Q1带正电，Q2带负电，且Q1电荷量较小9、如图所示，电源内阻不可忽略，R1为电阻箱，R2为半导体热敏电阻，阻值随温度的升高而减小，C为电容器；闭合开关S，电路达到稳定时，带电油滴悬浮在两板之间静止不动，电压表为理想电表，则下列判断正确的是（）

A.若R1不变，当温度降低时电压表的示数减小B.若R1不变，当温度降低时油滴向上移动C.若温度不变，当电阻箱R1的阻值增大时，电容器C的电荷量减少D.若R1不变，温度不变，当电容器C两极板间的距离增大时油滴向下移动10、如图1，A板的电势B板的电势随时间的变化规律如图2所示电子只受电场力的作用，且初速度为零，则

A.若电子在时刻进入的，它将一直向B板运动B.若电子在时刻进入的，它将时而向B板运动，时而向A板运动，最后打在B板上C.若电子在时刻进入的，它将时而向B板运动，时而向A板运动，最后打在B板上D.若电子是在时刻进入的，它将时而向B板、时而向A板运动11、安装适当的软件后，利用智能手机中的磁传感器可以测量磁感应强度B。如图，在手机上建立直角坐标系，手机显示屏所在平面为xOy面。某同学在某地对地磁场进行了四次测量，每次测量时y轴指向不同方向而z轴正向保持竖直向上。根据表中测量结果可推知（）。测量序号Bx/μTBy/μTBz/μT1021-4520-20-463210-454-210-45

A.测量地点位于南半球B.当地的地磁场大小约为50μTC.第2次测量时y轴正向指向南方D.第3次测量时y轴正向指向东方12、如图所示，在x轴上关于O点对称的F、G两点有等量正点电荷Q，正方形ABCD在xoy平面内，其中心在O点，且AB边与FG连线平行．则下列判断正确的是（））

A.O点电场强度为零B.A,C两点电场强度相等C.B,D两点电势相等D.若将点电荷-q从A点移向C，电场力做的总功为负评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)13、电容器。

（1）电容器：储存电荷和电能的装置。任何两个彼此___________又相距很近的___________；都可以看成一个电容器。

（2）电容器的充放电。

a.充电：把电容器的两极板分别与电池组的两极相连，两个极板分别带上等量的___________电荷的过程，充电过程中，由电源获得的___________储存在电容器中。

b.放电：用导线把充电后的电容器的两极板接通，两极板上的电荷___________的过程，放电过程中，电容器把储存的能量通过___________转化为电路中其他形式的能量。14、电磁场：变化的____和变化的____交替产生，形成不可分割的统一体，称为___。15、能量守恒定律。

（1）能量守恒定律。

能量既不会凭空___________，也不会凭空___________，它只能从一种形式___________为另一种形式，或者从一个物体___________到别的物体，在转化或转移的过程中，能量的总量___________。

（2）能量守恒定律的意义。

①各种形式的能可以___________。

②各种物理现象可以用___________联系在一起。

（3）永动机不可能制成。

①第一类永动机：人们把设想的不消耗___________的机器称为第一类永动机。

②第一类永动机由于违背了___________，所以不可能制成。16、同一直线上相距为L的两个点电荷，A、B点处的电荷电量分别为QA、QB，QA＜0、QB＞0，则二者间的库仑力的大小为_____，在B的右侧相距也为L的C点电场强度的大小为_________。

17、如图所示电场，一个电子在P点和Q点所受电场力大小________电势能________（均选填“>”、“=”和“<”）

18、左图读数为___________cm；右图读数为___________mm。

评卷人得分四、实验题(共2题，共16分)19、实验小组利用如图甲所示电路测量金属丝的电阻率。将金属丝拉直，一端直接接入电路中，另一端通过小金属夹（小金属夹相当于滑动变阻器的滑片）接入电路。用欧姆表粗测金属丝全部接入电路时的阻值约为5Ω。用螺旋测微器测该金属丝的直径如图乙所示。电路中电压表V量程为0~5V，内阻约50kΩ，蓄电池的电动势约12V，内阻不计。通过金属夹在金属丝上滑动来改变金属丝接入电路部分的长度l，记录对应的电压表示数U，作出–关系图线如图丙所示。回答下列问题：

（1）图乙所示金属丝的直径d=________mm；

（2）电路中的定值电阻R应选________（选填“A”“B”或“C”）；

A．定值电阻3Ω

B．定值电阻8Ω

C．定值电阻50Ω

（3）由图丙求得金属丝的电阻率ρ=_______Ω·m（保留两位有效数字）。

20、在“测定小灯泡的额定功率”实验中，张超同学用一个电压表、一个电流表、二个开关、电压为的电源、额定电压为的小灯泡和一个标有“”的滑动变阻器；设计了如图甲所示的电路。

①如果小灯泡的额定功率小于电流表的量程选__________为宜；

②请用铅笔画线代替导线，按照图甲所示的电路图，将图乙的实物电路连接完整（连线不得交叉）；（______）

③在实验中，若电压表示数为则灯泡的实际功率__________额定功率（选填“”、“”或“”）；

④当滑动变阻器的滑片向左移动时，电流表示数增大。当电压表的示数为__________时小灯泡正常发光，此时电流表示数为则灯泡的额定功率为___________

⑤另一组的同学按同一电路连接好最后一根导线；灯泡立即发出明亮耀眼的光并很快熄灭。检查后发现连线正确，请你找出实验中两个操作不当之处：

Ⅰ.________________；

Ⅱ.__________________。参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】【详解】

用安培定则判断通电直导线在O点所产生的磁场方向如图所示：

直导线A在O点产生磁场与直导线B在O点产生磁场方向相反，大小相等，则A合磁场为零；而直导线C在O点产生磁场；方向从A指向B，即为水平向右；故B正确，ACD错误。

故选B。2、C【分析】【详解】

由题意知，半径为R的均匀带电圆盘在A点产生场强为：

同理割出的小球半径为因为电荷平均分布，其带电荷量为：

则其在A点产生的场强：

所以剩余空腔部分电荷在A点产生的场强为：

所以选择C.

【点睛】本题采用割补的思想方法求解，先求出整个大盘在B点产生的场强，再求出割出的小圆盘在A点产生的场强，利用整体场强等于剩余部分在A点产生场强和割掉的小圆盘在A点产生的场强矢量和，从而求出A处的场强3、C【分析】【详解】

根据电压表的示数U随热敏电阻的温度t变化的关系可得

由电路可知

联立解得

则Rt-t图像为非线性图像，且随着t增加，Rt逐渐减小。

故选C。4、D【分析】【详解】

A．由电场线分布可知，A、B是等量异种点电荷；故A错误；

BD．由于A、B两个点电荷的电性未知，AB连线的中垂线上的点的电场强度方向可能水平向右也可能水平向左；但是电场方向都相同，故B错误，D正确；

C．从C点沿直线到D点；场线逐渐稀疏，故场强大小逐渐减小，故C错误。

故选D。5、D【分析】【详解】

A．根据等量同种电荷的电场线特点，点a、a′处的场强大小相等；方向不同，A错误；

B．根据等量同种电荷等势面的特点，等势面是曲面，a、a′、b、b′在同一个等势面上，aa′bb′面不是等势面；B错误；

C．根据对称性，a、a′的电势相等，将一正试探电荷从a移到a′电场力不做功；电势能不变，C错误；

D．将一正试探电荷从O′点由静止释放，向O点运动过程中，根据等量同种电荷电场线的特点，电场力先做正功后做负功，根据对称性，这两点的电势相等，电场力的总功等于零，电荷在O点的速度也等于零，所以电荷将在O′、O间做往复运动；D正确。

故选D。6、A【分析】【分析】

【详解】

根据闭合电路欧姆定律得

联立组成方程组得

代入解得

故选A。二、多选题(共6题，共12分)7、A:C【分析】【详解】

A．动能先增大后减小；根据能量守恒定律可知电势能先减小后增大，故A正确；

B．因为带正电的粒子在只受电场力的作用动能先增加后减小，可知在x轴上粒子先朝电场强度方向运动，后朝电场强度方向反方向运动，可知在x轴上，电场强度的方向不是由A指向B；B错误；

C．由图中的斜率可知动能的改变率先越来越小；后越来越大，即速度的改变率先越来越小，后越来越大，故粒子所受电场力先减小后增大，C正确；

D．在x轴上，从A到B该正电荷的动能先增大后减小，可知电势能先减小后增大，根据电势能的定义

可知；电势先降低后升高，D错误；

故选AC。8、A:C【分析】【详解】

M点电势能为零，则电势为零；EP–x图象的斜率=qE，则N点场强为零，A正确，B错误．带正电的试探电荷从距Q2较近处移近过程中，电势能增大，从足够远处移近时，电势能先减小后增大，由正电荷在电势高处电势能大，说明Q2带正电，Q1带负电；由N点场强为零，有=又r1>r2，则Q1>Q2，C正确，D错误．9、B:C:D【分析】【详解】

A．当温度降低时R2增大，R总增大，根据闭合电路欧姆定律知I总减小，路端电压U=E-I总r

可知路端电压增大；电压表的读数增大，故A错误；

B．电容器的电压UC=E-I总（r＋R1）

增大；场强增大，油滴向上移动，故B正确；

C．若环境温度不变，R2阻值不变，当电阻箱R1的阻值增大时，R总增大，根据闭合电路欧姆定律知I总减小，电容器的电压UC=I总R2

UC减小，电容器C的带电荷量Q=UCC

可知电荷量减少；故C正确；

D．若R1不变，温度不变，电容器C两极板间的电压不变，当电容器C两极板间的距离增大时

电场强度减小；油滴向下移动，故D正确；

故选BCD。10、A:C:D【分析】【详解】

AB．若电子在t=0时刻进入的，它将在电场力作用下，先加速向B运动，后减速向B运动，接着加速向B运动，后减速向B运动，因此它一直向B板运动，直到到达B板；故A正确；B错误；

C．若电子在时刻进入的，从到它先向B板加速运动，后减速运动，当到电子回头运动，当到又向B运动，这样时而向B板运动，时而向A板运动，最后打到B板上；故C正确；

D．同理，若电子是在t=时刻进入的，它将时而向B板、时而向A板运动，故D正确；故选ACD．11、B:C【分析】【详解】

A．如图所示。

地球可视为一个磁偶极，磁南极大致指向地理北极附近，磁北极大致指向地理南极附近。通过这两个磁极的假想直线（磁轴）与地球的自转轴大约成11.3度的倾斜。由表中z轴数据可看出z轴的磁场竖直向下；则测量地点应位于北半球，A错误；

B．磁感应强度为矢量，故由表格可看出此处的磁感应强度大致为

计算得B≈50μT

B正确；

CD．由选项A可知测量地在北半球，而北半球地磁场指向北方斜向下，则第2次测量，测量故y轴指向南方，第3次测量故x轴指向北方而y轴则指向西方；C正确；D错误。

故选BC。12、A:C【分析】【详解】

A、根据电场线分布和叠加原理可知O点电场强度为零，故A正确；

B、根据电场线分布的对称性可知，A、C两点电场强度大小相等，方向相反，故B错误；

C、根据电场线分布的对称性和顺着电场线方向电势降低，D点的电势等于B点的电势，故C正确；

D、根据电场线分布的对称性和顺着电场线方向电势降低，A点的电势等于C点的电势，根据可知A点的电势能等于C点的电势能，所以将点电荷-q从A点移向C，电场力做的总功为0，故D错误；

故选AC．

【点睛】

空间各点的电场强度是两个点电荷产生的电场强度的合成，根据叠加原理分析电场方向，确定电势关系和电场强度关系；确定出从A到C电势的变化，根据电场力做功．三、填空题(共6题，共12分)13、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]电容器指储存电荷和电能的装置。任何两个彼此绝缘又相距很近的导体；都可以看成一个电容器；

（2）[3][4]充电指把电容器的两极板分别与电池组的两极相连；两个极板分别带上等量的异种电荷的过程，充电过程中，由电源获得的电能储存在电容器中；

[5][6]放电指用导线把充电后的电容器的两极板接通，两极板上的电荷中和的过程，放电过程中，电容器把储存的能量通过电流做功转化为电路中其他形式的能量。【解析】①.绝缘②.导体③.异种④.电能⑤.中和⑥.电流做功14、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]电磁场：变化的电场和变化的磁场交替产生，形成不可分割的统一体，称为电磁场。【解析】①.电场②.磁场③.电磁场15、略

【分析】【详解】

（1）[1][2][3][4][5]能量既不会凭空产生；也不会凭空消失，它只能从一种形式转化为另一种形式，或者从一个物体转移到别的物体，在转化或转移的过程中，能量的总量保持不变。

（2）①[6]各种形式的能可以相互转化。

②[7]各种物理现象可以用能量守恒定律联系在一起。

（3）①[8]第一类永动机：人们把设想的不消耗能量的机器称为第一类永动机。

②[9]第一类永动机由于违背了能量守恒定律，所以不可能制成。【解析】产生消失转化转移保持不变相互转化能量守恒定律能量能量守恒定律16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]二者间的库仑力的大小为

[2]在B的右侧相距也为L的C点电场强度的大小为【解析】①.②.17、略

【分析】【详解】