2025年沪科新版高三物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科新版高三物理上册阶段测试试卷839考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、放在粗糙水平地面上的物体受到水平拉力的作用，在0～6s内其速度与时间的关系图象和该拉力的功率与时间的关系图象如图所示．下列说法正确的是（）A.0～6s内物体的位移大小为30mB.物体受到的摩擦力大小为5NC.0～6s内拉力做的功为100JD.物体的质量为lkg2、(2009年高考上海卷)小球由地面竖直上抛，上升的最大高度为H，设所受阻力大小恒定，地面为零势能面．在上升至离地高度h处，小球的动能是势能的两倍，在下落至离地高度h处，小球的势能是动能的两倍，则h等于()A.B.C.D.3、【题文】如图3所示；AB是某个点电荷的一根电场线，在电场线上O点由静止释放一个负电荷，它仅在电场力作用下沿电场线向B运动，下列判断正确的是()

A.电场线由B指向A，该电荷做加速运动，加速度越来越小B.电场线由B指向A；该电荷做加速运动，其加速。

度大小变化因题设条件不能确定C.电场线由A指向B，电荷做匀加速运动D.电场线由B指向A，电荷做加速运动，加速度越来越大4、如图为某报警装置示意图，该报警装置在一扇门、两扇窗上各装有一个联动开关，门、窗未关上时，开关不闭合，只要有一个开关未闭合，报警器就会报警．该报警装置中用了两个串联的逻辑电路，则虚线框甲、乙内应选用的逻辑电路分别为（）A.与、与B.或，或C.与、或D.非、非5、如图所示为某质点作直线运动的x-t图象；关于这个质点在4s内的运动情况，下列说法中正确的是（）

A.质点始终向同一方向运动B.质点先向负方向运动，再向正方向运动C.4s时质点回到出发点D.4s内质点通过的路程为8m，而位移为零评卷人得分二、填空题(共7题，共14分)6、（2014•威海一模）如图R为一含有U的放射源，它能放出α、β、γ三种射线变为Rn．LL′为一张厚报纸；MN为一光屏，虚线框内存在着匀强磁场．在屏上只有O、P两个亮点．则打在P点的是____射线；U衰变为Rn要经过多次α衰变和β衰变，其中要经过的α衰变次数为____．7、（1）下列说法中正确的是____

A．一般物体辐射电磁波的情况与物体的温度；物体的材料有关。

B．对于同一种金属来说；其极限频率恒定，与入射光的频率及光的强度均无关。

C．汤姆孙发现电子；表明原子具有核式结构。

D．E=mc2表明物体具有的能量与其质量成正比。

E．“人造太阳”的核反应方程是U+n→Ba+Kr=3n

（2）如图所示，质量为M=10kg的小车静止在光滑的水平地面上，其AB部分为半径R=0.5m的光滑圆孤，BC部分水平粗糙，BC长为L=2m．一可看做质点的小物块从A点由静止释放，滑到C点刚好停止．已知小物块质量m=6kg，g取10m/s2

求：（1）小物块与小车BC部分间的动摩擦因数；

（2）小物块从A滑到C的过程中，小车获得的最大速度．8、（2009秋•嘉定区期末）如图所示的“s-t”图象；能表示广为流传的龟兔赛跑的故事，试回答：

（1）图线I、Ⅱ分别表示____的运动情况；

（2）先出发的是____；

（3）两只动物在比赛中相遇过____次；

（4）先通过预定位移Sm到达终点的是____．9、Ⅰ．为了测定滑槽对物体的摩擦力所做功的大小，利用刻度尺和如图1所示的实验装置进行实验．其中a是质量m的小球（可视为质点），b是固定于桌面的滑槽（滑槽末端切线沿水平方向）；实验时让小a从滑槽上同一位置C点多次由静止释放滑下，落在地面上的平均落地点为p点，当地重力加速度为g，不计空气阻力．

则实验时。

（1）需要测量的物理量（用文字和字母表示）：____、____、____．

（2）计算滑槽b对小a的摩擦力所做的功的关系式（用测得的物理量的字母表示）Wf=____．

Ⅱ．实验室新进了一批低电阻的电磁螺线管，已知螺线管使用的金属丝电阻率ρ=1.7×10-8Ωm．课外活动小组的同学设计了一个实验来测算螺线管使用的金属丝长度．他们选择了多用电表；电流表、电压表、开关、滑动变阻器、螺旋测微器（千分尺）、导线和学生电源等．

（1）他们使用多用电表粗略测金属丝的电阻；操作过程分以下三个步骤：（请填写第②步操作）

①将红；黑表笔分别插入多用电表的“+”、“-”插孔；选择电阻档“×1”；

②____；

③把红黑表笔分别与金属丝的两端相接，多用表的示数如图2（a）所示，则可知电阻为____Ω

（2）根据多用电表示数，为了减少实验误差，并且要求测量数据从零调起，应从如图2（b）的A、B、C、D四个电路中选择____电路来测量金属丝电阻；

（3）他们使用千分尺测量金属丝的直径，示数如图3所示，金属丝的直径为____mm；

（4）如电压表示数为U，电流表示数为I，金属丝直径为D，金属丝电阻率为ρ，用上述物理量写出金属丝长度L的表达式为____．

10、三个完全相同的小球，质量均为m

用三根完全相同的细线串起来挂在天花板上，每根线能承受小于4mg

的拉力.

用一个竖直向下的拉力F

作用在最下面的小球上，如图所示，拉力F

缓慢由零增大到3mg

的过程中，可以拉下的小球个数是______，如拉力F

突然由零增大到3mg

可以拉下的小球个数是______．11、我校高一同学在做“练习使用打点计时器”实验中使用的打点计时器电火花打点计时器；打点计时器是一种计时仪器，其电源频率为50Hz．

（1）使用的电压是____V的____（选填“直流电”或“交流电”），它每隔____s打一个点．

（2）接通打点计时器电源和让纸带开始运动，这两个操作之间的时间顺序关系是____

A．先接通电源；再让纸带运动。

B．先让纸带运动；再接通电源。

C．让纸带运动的同时接通电源。

D．先让纸带运动或先接通电源都可以。

（3）实验时某位同学利用小车做匀加速运动打出的纸带如图所示；每两个计数点之间还有四个计时点没有画出来，图中上面的数字为相邻两个计数点间的距离．

①小车做匀加速直线运动的加速度a=____m/s2．

②打第4个计数点时纸带的速度v4=____m/s．（保留三位有效数字）12、（2010秋•集美区校级月考）如图所示，在磁感应强度为1T的匀强磁场中，让长为1m，电阻为0.5Ω的导体棒AB在宽度也为1m的金属框上以1m/s的速度向右运动，已知电阻R=0.5Ω，其他电阻忽略不计．导体棒AB中产生的感应电动势是____V，通过导体棒AB的电流是____A，AB受到的安培力是____N．评卷人得分三、判断题(共9题，共18分)13、青藏高原测水沸时的温度：应选用水银温度计和酒精温度计．____．（判断对错）14、某时刻一个分子的速度的大小和方向是偶然的．____．（判断对错）15、在磁场中，粒子的比荷之比与轨道半径之比成反比____（判断对错）16、沿电场线的方向，电势逐点降低．____（判断对错）17、原子核由质子、中子和电子组成．____（判断对错）18、当温度升高时，物体内部所有分子的动能都增加．____．（判断对错）19、坐标系都是建立在参考系上的．____．（判断对错）20、晶体的分子（或原子、离子）排列是有规则的．____．（判断对错）21、平抛运动属于匀变速运动，匀速圆周运动也属于匀变速运动．____．评卷人得分四、画图题(共2题，共16分)22、图所示为一列向左传播的简谐波在某一时刻的波形图，若波速是0.5m/s，试在图上画出经7s时的波形图。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）23、在图示中，物体A处于静止状态，请画出各图中A物体所受的弹力．评卷人得分五、实验探究题(共2题，共18分)24、在“测定金属丝的电阻率”的实验中：

（1）如图所示，用螺旋测微器测量的金属丝直径为______mm．

（2）在用伏安法测量金属丝的电阻（约为10Ω）时；备有下列器材：

A．量程为0～0.6A；内阻为0.5Ω的电流表；

B．量程为0～3A；内阻为0.1Ω的电流表；

C．量程为0～3V；内阻为6kΩ的电压表；

D．量程为0～15V；内阻为30kΩ的电压表；

E．阻值为0～1kΩ；额定电流为0.5A的滑动变阻器；

F．阻值为0～10Ω；额定电流为2A的滑动变阻器；

G．蓄电池6V；

H．开关一个；导线若干．

为了尽可能提高测量精度，且要求测量多组实验数据，电流表应选用______；电压表应选用______；滑动变阻器应选用______．（只填字母代号）

（3）在答题卡的方框内画出符合要求的实验电路图．25、图甲所示为某实验小组测量A、B两个箱子质量的装置图，其中D为铁架台，E为固定在铁架台上的轻质定滑轮（质量和摩擦可忽略），F为光电门，C为固定在A上、宽度为d的细遮光条（质量不计）。此外该实验小组还准备了砝码一套（总质量m0=1kg）和刻度尺等；请在以下实验步骤中按要求作答：

（1）在铁架台上标记一位置O；并测得该位置与光电门之间的高度差h。

（2）取出质量为m的砝码放在A中；剩余砝码都放在B中，让A从位置O由静止开始下降。

（3）记录下遮光条通过光电门的时间t；根据所测数据计算出A下落到F处的速率v=______；下落过程中的加速度大小a=______。

（4）改变m，重复（2）（3）步骤，得到多组m及a的数据，作出______（填“a-m”或“a-”）图象如图乙所示（图中横；纵坐标物理量的单位均采用国际制单位）

（5）由图象可得，A的质量mA=______kg，B的质量mB=______kg（保留两位有效数字，重力加速度大小g取10m/s2）评卷人得分六、简答题(共4题，共16分)26、在粗糙的水平地面上有两个静止的木块A和B，两者相距l=4m．现给A一初速度v0=7m/s，使A与B发生弹性正碰，碰撞时间极短．已知两木块与地面间的动摩擦因数均为μ=0.5，A的质量为B的2倍，重力加速度g=10m/s2．求：当两木块都停止运动后，A和B之间的距离．27、氮的固定意义重大，氮肥的使用大面积提高了粮食产量。rm{(1)}目前人工固氮最有效的方法是________rm{(}用一个化学方程式表示rm{)}rm{(2)}自然界发生的一个固氮反应是rm{N_{2}(g)+O_{2}(g)overset{路脜碌莽}{=}2NO(g)}已知rm{N_{2}(g)+O_{2}(g)overset{路脜碌莽}{=}

2NO(g)}rm{N_{2}}rm{O_{2}}三种分子中化学键断裂所吸收的能量依次为rm{NO}rm{946kJ?mol^{-1}}rm{498kJ?mol^{-1}}则该反应的rm{632kJ?mol^{-1}}rm{娄陇}rm{H}________rm{=}该反应在放电或极高温下才能发生，原因是________。rm{kJ?mol^{-1}}时，反应rm{2NO(g)+O_{2}(g)?2NO_{2}(g)}中rm{(3)100kPa}的平衡转化率与温度的关系曲线如图rm{2NO(g)+O_{2}(g)?

2NO_{2}(g)}反应rm{NO}中rm{1}的平衡转化率与温度的关系曲线如图rm{2NO_{2}(g)?N_{2}O_{4}(g)}

rm{NO_{2}}图rm{2}中rm{垄脵}rm{1}rm{A}三点表示不同温度、压强下rm{2NO(g)+O_{2}(g)?2NO_{2}(g)}达到平衡时rm{B}的转化率，则________点对应的压强最大。rm{C}rm{2NO(g)+O_{2}(g)?

2NO_{2}(g)}时，rm{NO}平衡体系中rm{垄脷100kPa}的物质的量分数为________，rm{25隆忙}的分压rm{2NO_{2}(g)?N_{2}O_{4}(g)}rm{N_{2}O_{4}}________rm{N_{2}O_{4}}列式计算平衡常数rm{p}rm{(N_{2}O_{4})=}________。rm{kPa}rm{K_{p}}用平衡分压代替平衡浓度计算，分压rm{=}总压rm{(}物质的量分数

rm{K_{p}}rm{=}时，rm{隆脕}与rm{垄脹100kPa}混合后最终气体的体积为________rm{25隆忙}rm{VmLNO}室温下，用注射器吸入一定量rm{0.5VmLO_{2}}气体，将针头插入胶塞密封rm{mL}如图rm{(4)}然后迅速将气体体积压缩为原来的一半并使活塞固定，此时手握针筒有热感，继续放置一段时间。从活塞固定时开始观察，气体颜色逐渐________rm{NO_{2}}填“变深”或“变浅”rm{(}原因是________。rm{3)}已知rm{(}在几微秒内即可达到化学平衡rm{)}rm{[}28、如图是某研究性学习小组设计的对一种废旧合金的各成分rm{(}含有rm{Cu}rm{Fe}rm{Si}三种成分rm{)}进行分离、回收再利用的工业流程，通过该流程将各成分转化为常用的单质及化合物。已知：rm{298K}时，rm{K_{sp}拢脹Cu(OH)_{2}拢脻=2.2隆脕10^{-20}}rm{K_{sp}拢脹Fe(OH)_{3}拢脻=4.0隆脕10^{-38}}rm{K_{sp}拢脹Mn(OH)_{2}拢脻=1.9隆脕10^{-13}}根据上面流程回答有关问题：rm{(1)}操作Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ指的是________。rm{(2)}加入过量rm{FeCl_{3}}溶液过程中可能涉及的化学方程式：________。rm{(3)}过量的还原剂应是________。rm{(4)垄脵}向溶液rm{b}中加入酸性rm{KMnO_{4}}溶液发生反应的离子方程式为________。rm{垄脷}若用rm{Xmol/LKMnO_{4}}溶液处理溶液rm{b}当恰好将溶液中的阳离子完全氧化时消耗rm{KMnO_{4}}溶液rm{YmL}则最后所得红棕色固体rm{C}的质量为________rm{g(}用含rm{X}rm{Y}的代数式表示rm{)}rm{(5)}常温下，若溶液rm{c}中所含的金属阳离子浓度相等，向溶液rm{c}中逐滴加入rm{KOH}溶液，则三种金属阳离子沉淀的先后顺序为：________________________________。rm{(}填金属阳离子rm{)}rm{(6)}最后一步电解若用惰性电极电解一段时间后，析出固体rm{B}的质量为rm{Zg}同时测得阴阳两极收集到的气体体积相等，则标况下阳极生成的最后一种气体体积为________rm{L(}用含rm{Z}的代数式表示rm{)}29、如图；导体棒CD在均匀磁场中运动．

（1）自由电荷会随着导体棒运动；并因此受到洛伦兹力．导体棒中自由电荷相对于纸面的运动大致沿什么方向？为了方便，可以认为导体棒中的自由电荷是正电荷．

（2）导体棒一直运动下去；自由电荷是否总会沿着导体棒运动？为什么？

（3）导体棒哪端的电势比较高？参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A【分析】【分析】速度时间图线与时间轴围成的面积表示位移；根据图线与时间轴围成的面积求出0-6s内物体的位移．

0～2s内物体做匀加速运动；由速度图象的斜率求出加速度，2～6s内物体做匀速运动，拉力等于摩擦力，由P=Fv求出摩擦力，结合2s末的速度求出拉力的大小，根据牛顿第二定律求出物体的质量．

功率时间图线与时间轴围成的面积表示拉力做功的大小．【解析】【解答】解：A、图线与时间轴围成的面积表示位移，则0～6s内物体的位移大小x=．故A正确．

B、2～4s内做匀速直线运动，拉力等于摩擦力，根据P=Fv知，f=F=．故B错误．

C、功率与时间关系图线围成的面积表示拉力做功的大小，则W=．故C错误．

D、当速度为6m/s时，拉力的功率为30W，根据P=Fv得，F=，匀加速直线运动的加速度a=；F-f=ma得；

解得m=．故D错误．

故选：A．2、D【分析】选D.小球上升至最高点过程：－mgH－fH＝0－mv小球上升至离地高度h处过程：－mgh－fh＝mv－mv又mv＝2mgh；小球上升至最高点又下降至离地高度h处过程：－mgh－f(2H－h)＝mv－mv又mv＝mgh；以上各式联立解得h＝H，选项D正确．【解析】【答案】D3、B【分析】【解析】电场线的切线方向是正电荷在该处的受力方向，和负电荷所受电场力的方向相反，所以电场线由B指向A；只给出一条电场线不能判断各点电场的强弱(因为不能确定电场线的疏密)，也就不能判断电场力大小及加速度的变化，所以只有B正确．【解析】【答案】B4、B【分析】【分析】只要有一个开关未闭合，报警器就会报警．开关未闭合时，输入端为高电势，闭合后，输入端为低电势，报警器报警，知输出端为高电势，知只要输入端有一个是高电势，输出端就为高电势，此为“或”逻辑关系．【解析】【解答】解：只要有一个开关未闭合；报警器就会报警，即输入端只要有一个条件产生，事件就会发生，结合或门的特点，因此虚线框甲内应选用或门，虚线框乙内应选用或门．

故选：B5、A【分析】【分析】位移-时间图象的斜率等于物体运动的速度，从位移图上可以知道物体在任意时刻的速度（斜率）和位置（纵坐标）．【解析】【解答】解：A；位移-时间图象的斜率等于物体运动的速度；斜率不变，所以速度不变，质点始终向同一方向运动，故A正确，B错误；

C；4s时质点的位移为4m；没有回到出发点，故C错误；

D；4s内质点通过的路程为4-（-4）m=8m；位移也为8m，故D错误。

故选：A二、填空题(共7题，共14分)6、β4【分析】【分析】α；β和γ三种射线电离本领依次减弱；贯穿本领依次增强，γ射线不带电，经过磁场时不发生偏转．

原子核经过一次α衰变，电荷数减小2，质量数减小4，一次β衰变后电荷数增加1，质量数不变，根据衰变过程中质量数和电荷数守恒求解．【解析】【解答】解：因为α粒子的贯穿本领较小；一张纸即可把它挡住，所以亮斑中不可能有α射线，因为γ射线不带电，所以不受磁场约束，直接打在O点；

所以打在P点的是β射线；

92238U衰变为86222Rn；质量数减小16，电荷数减小6．

由于原子核经过一次α衰变；电荷数减小2，质量数减小4；

经过一次β衰变后电荷数增加1；质量数不变；

所以要经过的α衰变次数为==4；

故答案为：β，4．7、ABD【分析】【分析】（1）任何物体都具有不断辐射；吸收、发射电磁波的本领．辐射出去的电磁波在各个波段是不同的；也就是具有一定的谱分布，这种谱分布与物体本身的特性及其温度有关，因而被称之为热辐射；

（2）当滑块滑到B点时，小车速度最大；当滑块滑到C点时，小车和滑块相对静止，根据动量守恒定律和功能关系列式求解即可．【解析】【解答】解：（1）A；一般物体辐射电磁波的情况与物体的温度、物体的材料有关；黑体辐射电磁波的情况只与黑体的温度有关；故A正确；

B；对于同一种金属来说；由于逸出功恒定，故其极限频率恒定，与入射光的频率及光的强度均无关，故B正确；

C；汤姆孙发现电子；表明原子可以再分，故C错误；

D、根据爱因斯坦质能方程E=mc2；物体具有的能量与其质量成正比，故D正确；

E；“人造太阳”的核反应是核聚变；而不是核裂变，故E错误；

故选ABD；

（2）m滑至C；根据动量守恒定律，有m；M相对静止，根据功能关系，有：

mgR=μmgL

解得：

②滑至B时；车速最大。

由水平方向动量守恒：MV=mv

由动能关系：mgR=mv2+MV2

解得：V=

答：（1）ABD；

（2）；（1）小物块与小车BC部分间的动摩擦因数为0.25；

（2）小物块从A滑到C的过程中，小车获得的最大速度为1.5m/s．8、乌龟和兔子乌龟2乌龟【分析】【分析】位移-时间图象描述的是物体的位移随时间变化的规律；由图象可知物体在各时刻的位置，则图象的斜率可知物体运动的速度，则可判断物体的运动情况，及追及相遇情况．【解析】【解答】解：（1）乌龟一直在运动；而兔子途中停留过，所以图线I；Ⅱ分别表示乌龟和兔子的运动情况．

（2）由图可知兔子比乌龟晚出发了t1；所以先出发的是乌龟．

（3）相遇时；两只动物的位移应相等，由图可知，两者的图象相交两次，故二者有两次相遇．

（4）由图可知，先通过预定位移Sm到达终点的是乌龟．

故答案为：乌龟和兔子，乌龟，2，乌龟．9、略

【分析】

Ⅰ、（1）实验中需要测量的物理量有：C点到桌面的高度h1，桌面到地面高度h2；O点到p点的水平距离x；

（2）设小球离开滑槽时的速度是v；在空中的运动时间为t，小球离开滑槽后做平抛运动，在水平方向上，做匀速直线运动，位移：x=vt①

在竖直方向上做自由落体运动：h2=gt2②

由①②解得：v=x

小球从C点滑到滑槽末端的过程中，由动能定理可得：mgh1-Wf=mv2-0，Wf=-mgh1

Ⅱ；（1）②对欧姆表进行欧姆调零；具体操作是：将红黑表笔对接，调节欧姆调零电阻，使指针指在最右端零刻度线处；

③由图2（a）所示多用电表可知；欧姆表示数是4×1Ω=4Ω．

（2）为减小误差；实验多次测量，根据题目要求可知，实验时应采用电流表的外接法，滑动变阻器应使用分压接法，由图2所是电路图可知，符合要求的实验电路是D．

（3）由图3所示千分尺可知；千分尺固定刻度示数是0，可动刻度示数是26.0，千分尺的示数是26.0×0.01mm=0.260mm．

（4）金属丝的电阻：R=金属丝的横截面积：S=πr2=π

∵R=ρ∴金属丝的长度：L==×=．

故答案为：Ⅰ（1）C点到桌面的高度h1；桌面到地面高度h2；O点到p点的水平距离x；（2）-mgh1；

Ⅱ（1）将红黑表笔对接；调节欧姆调零电阻，使指针指在最右端零刻度线处；4；

（2）D；（3）0.260；（4）L=．

【解析】【答案】Ⅰ需要测出C点到桌面的高度；求出小球重力所做的功，测出桌面到地面的高度及小球落地点到桌边的水平距离，以便应用平抛运动的知识求出小球离开滑槽时的速度，最后由动能定理求出滑槽阻力对小球所做的功．

Ⅱ（1）使用多用电表欧姆档测电阻时；要先估测待测电阻阻值，然后选择合适倍率，对欧姆表进行欧姆调零，最后用欧姆表测电阻，欧姆表读数是指针示数乘以倍率．

（2）待测电阻丝阻值很小；应该使用电流表的外接法；为了测出多组实验数据，且从零开始测量，滑动变阻器应使用分压接法，据此分析电路图，找出符合要求的实验电路．

（3）对千分尺读数时；先读固定刻度，再读可动刻度，可动刻度示数乘以精度0.01与固定刻度示数之和是千分尺的示数，由图3所示千分尺可以读出千分尺示数．

（4）根据实验数据；由欧姆定律求出电阻丝电阻，然后由电阻定律求出电阻丝的电阻率．

10、3个；1个【分析】解：开始时图中三个绳子从上向下的拉力分别是3mg2mgmg

当力F

缓慢由零增大时；三个绳子的拉力增加量相同，故当拉力达到mg

时，最上面的绳子先断开，故可以拉下3

个球；

而如果F

突然由零增大到3F

由于惯性，最下面的绳子的形变量先明显增加，故最下面的绳子的拉力先达到4mg

先断开，故只能拉下1

个球；

故答案为：3

个；1

个．

力F

缓慢由零增大时；图中的三个绳子的拉力均缓慢的增加，根据共点力平衡条件判断可以拉下的小球个数；拉力F

突然由零增大时，由于惯性，三个小球的位置要保持不变，故最下面的绳子的形变量先开始增加．

本题关键是明确绳子的弹力是绳子发生微小的形变产生的，球由于惯性，位置改变需要时间的积累，基础题目．【解析】3

个；1

个11、220交流电0.02A2.021.21【分析】【分析】打点计时器是一种计时仪器；其电源频率为50Hz，常用的电磁打点计时器和电火花计时器使用的是交流电，它们是每隔0.02s打一个点；使用时应先给打点计时器通电打点，然后释放纸带让纸带，如果先放开纸带开始运动，再接通打点计时时器的电源，纸带上可能由很长一段打不上点；

根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出加速度的大小，根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出4点的瞬时速度．【解析】【解答】解：（1）常用的电火花计时器使用的是交流电220V；其电源频率为50Hz，它们是每隔0.02s打一个点．

（2）开始记录时；应先给打点计时器通电打点，然后释放纸带让纸带（随物体）开始运动，如果先放开纸带开始运动，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差；同时先打点再释放纸带，可以使打点稳定，提高纸带利用率，可以使纸带上打满点，故BCD错误，A正确．

故选：A

（3）每两个计数点之间还有四个计时点没有画出来；因此相邻计数点的周期为T=0.1s；

根据△x=aT2，结合作差法，解得：a==2.02m/s2；

4点的瞬时速度等于35段的平均速度，则有：v4===1.21m/s．

故答案为：（1）220，交流电，0.02；（2）A；（3）①2.02，②1.21．12、111【分析】【分析】由E=BLv可以求出感应电动势；

由欧姆定律可以求出电流；

由安培力公式求出安培力．【解析】【解答】解：感应电动势：E=BLv=1×1×1=1V；

电流：I===1A；

安培力：F=BIL=1×1×1=1N；

故答案为：1，1，1．三、判断题(共9题，共18分)13、×【分析】【分析】选择温度计的原则是：温度计内测温物质的凝固点应低于被测物体的温度，同时，温度计内测温物质的沸点应高于被测物体的温度．【解析】【解答】解：在海平面上水的沸点为100℃；在青藏高原水的沸点也有80℃多，而酒精的沸点只有78℃，所以不能选择酒精温度计．该说法是错误的．

故答案为：×．14、√【分析】【分析】分子在永不停息的做无规则热运动，物体内部个别分子的速度具有怎样的数值和方向完全是偶然的，但就大量分子的整体来看，在一定的条件下，物体分子的速度分布也遵从一定的统计规律．【解析】【解答】解：对于大量分子；其运动有一定的统计规律，但对于个别分子，其运动的速度完全是偶然的；

故答案为：√15、√【分析】【分析】粒子在磁场中，由洛伦兹力提供向心力，故在磁场中做匀速圆周运动，写出牛顿第二定律的方程，导出粒子的半径公式即可做出判定．【解析】【解答】解：粒子在磁场中，由洛伦兹力提供向心力，故在磁场中做匀速圆周运动；由洛伦兹力提供向心力，有qvB=m，解得r=；粒子的比荷之比与轨道半径之比成反比．

故答案为：√16、√【分析】【分析】本题根据电场线的物理意义分析场强与电势的关系；根据沿电场线的方向，电势逐点降低即可解答．【解析】【解答】解：根据电场线的物理意义：顺着电场线方向；电势降低．故该说法是正确的．

故答案为：√17、×【分析】【分析】原子核由质子和中子构成．【解析】【解答】解：原子核由质子；中子构成；故说法错误．

故答案为：×18、×【分析】【分析】温度是分子的平均动能的标志，是大量分子运动的统计规律，由此分析解答即可．【解析】【解答】解：温度是分子的平均动能的标志；是大量分子运动的统计规律，对单个的分子没有意义；当温度升高时，物体内的分子的平均动能增加，不是物体内部所有分子的动能都增加．所以该说法是错误的．

故答案为：×19、√【分析】【分析】建立坐标系的意义是为了定量描述质点的位置变化，要根据问题的实际需要，建立合适的坐标系，沿直线运动建立直线坐标系，在平面上运动，建立平面直角坐标系．【解析】【解答】解：建立坐标系是为了定量描述物体的位置和位置的变化；坐标系都是建立在参考系上的，没有参考系则坐标系无法建立，所以该说法是正确的．

故答案为：√20、√【分析】【分析】晶体的分子（或原子、离子）排列是有规则的．晶体是具有一定的规则外形和各向异性．【解析】【解答】解：根据晶体的结构的特点可知；晶体的分子（或原子；离子）排列是有规则的．所以该说法是正确的．

故答案为：√21、×【分析】【分析】匀变速运动是指加速度恒定的运动；平抛运动的加速度为g，恒定；匀速圆周运动的加速度总是指向圆心，时刻改变．【解析】【解答】解：匀变速运动是指加速度恒定的运动；

平抛运动的加速度为g；恒定，是匀变速曲线运动；

匀速圆周运动的加速度总是指向圆心；时刻改变，是变加速运动；

故答案为：×．四、画图题(共2题，共16分)22、略

【分析】【解析】试题分析：由图读出波长，由波速公式求出周期．根据简谐运动在一个周期内通过的路程，求出位移．采用波形平移的方法画出7s时的波形图．由图直接可得波长根据得：7秒内波传播的位移为：根据平移法，把波形沿传播方向平移3.5米，如下图实线：考点：画波形图【解析】【答案】图形向左平移1.5m23、略

【分析】弹力的方向总是与物体接触面的切面垂直，然后指向受力物体，据此可得思路分析：弹力的方向总是与物体接触面的切面垂直，然后指向受力物体试题【解析】【答案】【解析】弹力的方向总是与物体接触面的切面垂直，然后指向受力物体，据此可得思路分析：弹力的方向总是与物体接触面的切面垂直，然后指向受力物体试题五、实验探究题(共2题，共18分)24、略

【分析】解：（1）由图示螺旋测微器可知；固定刻度的示数为0.5mm；

可动刻度示数为20.0×0.01mm=0.200mm；螺旋测微器的示数为0.5mm+0.200mm=0.700mm；

（2）电源电动势为6V；如果选0～15V量程的电压表，则读数误差较大，为减小读数误差，电压表应选：C；量程为0～3V，内阻为6kΩ；

通过电阻丝的最大电流约为I===0.3A；电流表应选A；量程为0～0.6A，内阻为0.5Ω；

为方便实验操作；滑动变阻器应选F；阻值为0～10Ω，额定电流为2A；

（3）电压从0开始测量，滑动变阻器应采用分压接法；==20，==600；

＞电流表应采用外接法，实验电路图如图所示．

故答案为：（1）0.700；（2）A；C；F；（3）电路图如图所示．

（1）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数．

（2）根据电路最大电流选择电流表；根据电源电压选择电压表，为方便实验操作，应选择最大阻值较小的滑动变阻器．

（3）根据题意确定滑动变阻器与电流表的接法；然后作出实验电路图．

要掌握实验器材的选取原则、根据题意及待测电阻与电表内阻间的关系确定滑动变阻器与电流表的接法是正确设计实验电路的关键．【解析】0.700；A；C；F25、a-m3.01.0【分析】解：（3）A下落到F处的速率为v：v=由速度位移公式得：a==

（4）m，A，B作为一个系统：（m+mA-mB-1+m）g=（1+mA+mB）a可得2-则应做出a-m的图象。

（5）由表达式：a=2-可知图象的斜率：K=4=22=-

解得：mA=3kg，mB=1kg

故答案为：（3）（4）a-m（5）3.01.0

（3）由极短时间内的平均速度等于瞬时速度可求得在F点的速度；由速度位移公式求得加速度。

（4）由牛顿第二定律可求得a的表达式；据表达式可确定a与m数学关系从而可选定要画的图象。

（5）由表达式结合图象中的斜率与截距可确定出两者的质量。

本实验重点在于确定加速度a与m的关系式，结合斜率与截距与表达式的对应关系列方程求解，对于图象类问题这是一基本的方法。【解析】a-m3.01.0六、简答题(共4题，共16分)26、略

【分析】【分析】设B的质量为m，并取v0方向为正方向，对A由动能定理列式，对A、B整体由动量守恒定律和机械能守恒定律列式，碰撞后，分别对A和B，应用牛顿第二定律求出加速度，再根据运动学基本公式求出AB运动得位移，从而求出两木块都停止运动后，A和B之间的距离．【解析】【解答】解：设B的质量为m，并取v0方向为正方向；

对A由动能定理得：

-2μmgLAB=•2mvA2-•2mv02；

对A；B整体由动量守恒定律和机械能守恒定律得：

2mvA=2mv1+mvB

•2mvA2=•mv12+mvB2

碰撞后；对A有：

-2μmg=2maA

0-v12=2aASA

对B有：

-μmg=maB

0-vB2=2aASB

又：△S=SB-SA

联立以上各式解得：△S=1.5m

答：当两木块都停止运动后，A和B之间的距离为1.5m．27、（1）（2）+180N2分子中化学键很稳定，反应需要很高的活化能（3）①B②66.7%66.7③0.6V（4）变浅活塞固定时2NO2（g）⇌N2O4（g）已达平衡状态，因反应是放热反应，放置时气体温度下降，平衡向正反应方向移动，NO2浓度降低【分析】【分析】本题考查了化学键键能计算反应焓变、图象分析化学平衡影响因素、平衡常数计算，掌握化学平衡移动原理是解题关键，题目难度中等。【解答】rm{(1)}游离态的氮元素反应生成化合态氮元素为氮的固定，如工业合成氨，反应的化学方程式为：rm{{N}_{2}+3{H}_{2}underset{麓脽禄炉录脕}{overset{赂脽脦脗赂脽脩鹿}{=}}2N{H}_{3}}故答案为：rm{{N}_{2}+3{H}_{2}underset{麓脽禄炉录脕}{overset{赂脽脦脗赂脽脩鹿}{=}}2N{H}_{3}}

rm{(2)N_{2}(g)+O_{2}(g)dfrac{underline{;{路脜碌莽};}}{;}2NO(g)}已知rm{{N}_{2}+3{H}_{2}

underset{麓脽禄炉录脕}{overset{赂脽脦脗赂脽脩鹿}{=}}2N{H}_{3}}rm{{N}_{2}+3{H}_{2}

underset{麓脽禄炉录脕}{overset{赂脽脦脗赂脽脩鹿}{=}}2N{H}_{3}}rm{(2)N_{2}(g)+O_{2}(g)dfrac{

underline{;{路脜碌莽};}}{;}2NO(g)}三种分子中化学键断裂所吸收的能量依次为rm{N_{2}}rm{O_{2}}rm{NO}反应焓变rm{triangleH=(946kJ?mol^{-1}+498kJ?mol^{-1})-2隆脕632kJ?mol^{-1}=+180KJ/mol}rm{946kJ?mol^{-1}}因为rm{498kJ?mol^{-1}}分子中化学键很稳定；反应需要很高的活化能；

故答案为：rm{632kJ?mol^{-1}}rm{triangle

H=(946kJ?mol^{-1}+498kJ?mol^{-1})-2隆脕632kJ?mol^{-1}=+180KJ/mol}分子中化学键很稳定；反应需要很高的活化能；

该反应在放电或极高温下才能发生，图中曲线上各点为等压不等温，通过控制变量做等温线确定rm{N_{2}}三点与曲线交点等温不等压，从而确定曲线以下的点压强小于rm{+180}曲线以上的点压强大于rm{N_{2}}所以rm{(3)垄脵}点压强最大；

故答案为：rm{ABC}rm{100kPa}利用三段法列式计算，恒压rm{100kPa}rm{B}时rm{B}的转化率为rm{垄脷}设起始量二氧化氮物质的量为rm{100kPa}

rm{25隆忙}

起始量rm{NO_{2}}rm{80%}rm{x}

变化量rm{2NO_{2}(g)?N_{2}O_{4}(g)}rm{(mol)}rm{x}

平衡量rm{0}rm{(mol)}rm{0.8x}

平衡体系中rm{0.4x}的物质的量分数rm{=dfrac{0.4x}{0.6x}隆脕100%=66.7%}rm{(mol)}用平衡分压代替平衡浓度计算，分压rm{0.2x}总压rm{0.4x}物质的量分数，rm{N_{2}O_{4}}rm{=dfrac

{0.4x}{0.6x}隆脕100%=66.7%}rm{K_{p}}rm{=}rm{隆脕}rm{N}rm{N}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{4}}的分压rm{p}rm{p}

则rm{Kp=dfrac{100kpa隆脕66.7%}{[100kpa隆脕(1-66.7%)]^{2}}}

故答案为：rm{(N}rm{(N}；rm{dfrac{100kpa隆脕66.7%}{[100kpa隆脕(1-66.7%)]^{2}}}rm{{,!}_{2}}由图rm{O}可知，rm{O}rm{{,!}_{4}}时，rm{)=100kPa}的转化率为rm{)=100kPa}可得rm{隆脕66.7%=66}而此条件下，rm{7kPa}的转化率为，则判断平衡时剩余气体的体积为rm{Kp=dfrac

{100kpa隆脕66.7%}{[100kpa隆脕(1-66.7%)]^{2}}}rm{66.7%}rm{66.7}rm{dfrac

{100kpa隆脕66.7%}{[100kpa隆脕(1-66.7%)]^{2}}}

rm{垄脹}由图rm{1}可知，rm{100kPa}rm{25隆忙}时，rm{NO}的转化率为rm{100%}可得rm{VmLNO_{2}}而此条件下，压缩活塞平衡正移，反应放热，针管微热，活塞固定时rm{垄脹}已达平衡状态，放置时气体温度下降，平衡向正反应方向移动，rm{1}浓度降低；颜色变浅．

故答案为：变浅；活塞固定时rm{100kPa}已达平衡状态，因反应是放热反应，放置时气体温度下降，平衡向正反应方向移动，rm{25隆忙}浓度降低。

rm{NO}【解析】rm{(1){N}_{2}+3{H}_{2}underset{麓脽禄炉录脕}{overset{赂脽脦脗赂脽脩鹿}{=}}2N{H}_{3}}rm{(1){N}_{2}+3{H}_{2}

underset{麓脽禄炉录脕}{overset{赂脽脦脗赂脽脩鹿}{=}}2N{H}_{3}}rm{(2)+180}分子中化学键很稳定，反应需要很高的活化能rm{N_{2}}rm{(3)垄脵B}rm{垄脷66.7%}rm{dfrac{100kpa隆脕66.7%}{[100kpa隆脕(1-66.7%)]^{2}}}rm{66.7}rm{dfrac

{100kpa隆脕66.7%}{[100kpa隆脕(1-66.7%)]^{2}}}变浅活塞固定时rm{垄脹0.6V}已达平衡状态，因反应是放热反应，放置时气体温度下降，平衡向正反应方向移动，rm{(4)}浓度降低rm{2NO_{2}(g)?N_{2}O_{4}(g)}28、（1）过滤（2）2FeCl3+Fe=3FeCl2；2FeCl3+Cu=2FeCl2+CuCl2（3）Cu粉（4）①MnO4－+5Fe2++8H+=Mn2++5Fe3++4H2O②0.4XY（5）Fe3+Cu2+Mn2+（6）22.4Z/64【分析】【分析】

本题考查了某研究性学习小组设计的对一种废旧合金的各成分rm{(}含有rm{Cu}rm{Fe}rm{Si}三种成分rm{)}进行分离、回收再利用的工业流程。含有rm{(}rm{Cu}rm{Fe}三种成分rm{Si}进行分离、回收再利用的工业流程。

rm{)}

【解答】根据题给流程图和信息知，含有废旧合金rm{(}含有rm{Cu}、rm{Fe}、rm{Si}三种成分rm{)}与过量rm{FeCl_{3}}溶液混合发生的反应为rm{2FeCl_{3;}+Fe=

3FeCl_{2}}；rm{2FeCl_{3;}+Cu=

2FeCl_{2;}+CuCl_{2}}，过滤，固体rm{A}的成分为rm{Si}，溶液rm{a}的成分为rm{FeCl_{3;}}、rm{FeCl_{2;}}和rm{CuCl_{2}}的混合液；电解含rm{Cu^{2+}}、rm{Cl}rm{{,!}^{-}}rm{K^{+}}的溶液的固体rm{B}，rm{B}的成分为rm{Cu}；溶液rm{a}加过量还原剂反应后过滤得固体rm{B}rm{(}rm{Cu}rm{)}则还原剂为铜，发生的反应为rm{2FeCl_{3;}+Cu=

2FeCl_{2;}+CuCl_{2}}，溶液rm{b}的成分为rm{FeCl_{2;}}和rm{CuCl_{2}}的混合液；溶液rm{b}中加入酸性高锰酸钾溶液，亚铁离子被氧化为铁离子，用氢氧化钾溶液调节溶液的rm{PH}，铁离子转化为氢氧化铁沉淀，灼烧的氧化铁，溶液rm{d}经处理的金属锰。、rm{(}、rm{Cu}三种成分rm{Cu}与过量rm{Fe}溶液混合发生的反应为rm{2FeCl_{3;}+Fe=3FeCl_{2}}；rm{2FeCl_{3;}+Cu=2FeCl_{2;}+CuCl_{2}}，过滤，固体rm{Fe}的成分为rm{Si}，溶液rm{Si}的成分为rm{)}、rm{FeCl_{3}}和rm{FeCl_{3}}的混合液；电解含rm{2FeCl_{3;}+Fe=

3FeCl_{2}}、rm{2FeCl_{3;}+Fe=

3FeCl_{2}}rm{2FeCl_{3;}+Cu=

2FeCl_{2;}+CuCl_{2}}rm{2FeCl_{3;}+Cu=

2FeCl_{2;}+CuCl_{2}}的溶液的固体rm{A}，rm{A}的成分为rm{Si}；溶液rm{Si}加过量还原剂反应后过滤得固体rm{a}rm{a}rm{FeCl_{3;}}rm{FeCl_{3;}}则还原剂为铜，发生的反应为rm{2FeCl_{3;}+Cu=2FeCl_{2;}+CuCl_{2}}，溶液rm{FeCl_{2;}}的成分为rm{FeCl_{2;}}和rm{CuCl_{2}}的混合液；溶液rm{CuCl_{2}}中加入酸性高锰酸钾溶液，亚铁离子被氧化为铁离子，用氢氧化钾溶液调节溶液的rm{Cu^{2+}}，铁离子转化为氢氧化铁沉淀，灼烧的氧化铁，溶液rm{Cu^{2+}}经处理的金属锰。

rm{Cl}rm{Cl}rm{{,!}^{-}}由流程图知，操作rm{K^{+}}rm{K^{+}}rm{B}rm{B}rm{B}rm{B}

rm{Cu}过滤rm{Cu}；

rm{a}rm{a}rm{B}加入过量rm{B}溶液过程中可能涉及的化学方程式：rm{2FeCl_{3;}+Fe=3FeCl_{2}}；rm{2FeCl_{3;}+Cu=2FeCl_{2;}+CuCl_{2,}}

rm{(}故答案为：rm{2FeCl_{3;}+Fe=3FeCl_{