2025年人教版必修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版必修3物理上册阶段测试试卷400考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示电路中，电源内阻忽略不计，电阻不随温度变化。闭合电键，电压表示数为U，电流表示数为I；在滑动变阻器的滑片P由a端滑到b端的过程中（）

A.U先变大后变小B.I先变小后变大C.的功率先变小后变大D.的功率先变大后变小2、如图所示，O是一个带正电的物体，把系在丝线上的带正电的小球先后挂在图中P1、P2、P3等位置；通过比较小球在不同位置所受带电体的作用力的大小来研究带电体之间的相互作用规律，关于本实验的下列说法中，正确的是（）

A.由小球受力平衡可知F＝mgtanθ，故带电小球所受力F的大小可以通过丝线偏离竖直方向的角度θ来表示B.保持小球带电量不变，依次将小球悬挂于P1、P2、P3，发现丝线偏离竖直方向的角度θ越来越小，说明F与距离成反比C.保持小球处于位置P1，减少O所带的电荷量Q，发现丝线偏离竖直方向的角度θ越来越小，说明F与O所带电荷量Q成正比D.保持小球处于位置P1，减少小球所带的电荷量q，并保持小球和O之间的距离不变，发现丝线偏离竖直方向的角度θ越来越小，说明F与小球所带电荷量q成正比3、如图所示，以O为圆心的圆周上有六个等分点a、b、c、d、e、f、等量正、负点电荷分别放置在a、d两处时，在圆心O处产生的电场强度大小为E。现改变a处点电荷的位置，关于O点的电场强度变化；下列叙述正确的是（）

A.移至c处，O处的电场强度大小不变，方向沿OeB.移至b处，O处的电场强度大小减半，方向沿OdC.移至e处，O处的电场强度大小减半，方向沿OcD.移至f处，O处的电场强度大小不变，方向沿Oe4、如图所示电路中，电源电压恒定，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器闭合开关S后，滑动变阻器滑片P自b向a移动的过程中（）

A.电流表A的示数变大，电压表V2的示数与电流表A的示数之比变小B.电流表A的示数变大，电压表V2的示数与电流表A的示数之比变大C.电压表V1的示数不变，电路总功率变大D.电压表V1的示数变小，电路总功率变小5、关于电场强度的理解，下列说法正确的是（）A.由可知，电场中某一点的场强E与q成反比，与F成正比B.电场中某一点的场强与放入该点的试探电荷无关C.由可知，某电场的场强E与d成反比，与U成正比D.正、负试探电荷在电场中同一点受到的电场力方向相反，所以某一点场强方向与放入试探电荷的正负有关6、如图，一带负电的点电荷固定于平行金属板电容器中的P点，电表均为理想电表。当滑动变阻器的滑片向a端移动时，下列说法正确的是（）

A.电压表V和电流表A的示数均减小B.电容器的带电量增大C.R2、R3和R4消耗的总电功率增大D.固定在P点的点电荷的电势能减小7、下列物理量属于矢量的是（）A.电流强度B.电场强度C.电势差D.电动势评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)8、一带电粒子从电场中的A点运动到B点；轨迹如图虚线所示，不计粒子所受重力，则（）

A.粒子带正电B.粒子加速度逐渐减小C.A点的速度小于B点的速度D.带电粒子的电势能逐渐增大9、如图所示的电路中，电压表、电流表均视为理想电表，电源电动势E=16V，电源内阻忽略不计，电阻R=1Ω，小型直流电动机M的内阻r=0.2Ω。闭合开关S后，电动机转动，电压表示数UV=11V，电动机以v=0.5m/s匀速竖直向上提升质量为m的重物，取g=10m/s2；则（）

A.电流表的示数为5AB.电动机的发热功率为5WC.电动机输出的机械功率为25WD.重物的质量为10kg10、如图甲，同一竖直平面内A、B、M、N四点距O点的距离均为O为水平连线的中点，M、N在连线的中垂线上。A、B两点分别固定有一点电荷，电荷量均为Q（），以O为原点、竖直向下为正方向建立x轴。若取无穷远处为零电势点，则上的电势随位置x的变化关系如图乙所示。一电荷量为Q（）的小球以一定初动能从M点竖直下落，一段时间后经过N点，且在N点的加速度大小为2g。g为重力加速度，k为静电力常量；则（）

A.小球在M点的加速度为零B.从O点到N点场强逐渐增大C.从M点到N点过程中，电场力对小球先做负功后做正功D.从O点到N点小球的动能增加了11、等量异种点电荷在周围空间产生静电场，其连线(x轴)上各点的电势随x的分布图象如图所示．x轴上AO<OB，A、O、B三点的电势分别为A、O、B，电场强度大小分别为EA、EO、EB，电子在A、O、B三点的电势能分别为EpA、EpO、EpB，下列判断正确的是（）

A.B.C.D.12、某电场区域的电场线如图所示，a、b是其中一条电场线上的两点；下列说法正确的是()

A.a点的场强一定大于b点的场强B.a点的场强方向可能沿着a点的电场线向左C.负电荷在a点受到的电场力一定小于它在b点受到的电场力D.正电荷在a点受到的电场力一定大于它在b点受到的电场力13、如图所示；是一个由电池；电阻R、开关S与平行板电容器组成的串联电路，开关S闭合。一带电液滴悬浮在两板间P点不动，下列说法正确的是（）

A.带电液滴可能带正电B.增大两极板距离的过程中，电容器的电容C减小C.增大两极板距离的过程中，电阻R中有b从到a的电流D.若断开S，减小两极板距离，带电液滴仍静止不动14、如图所示，一台电动机提着质量为m的物体，以速度v匀速上升。已知电动机线圈的电阻为R，电源电动势为E，通过电源的电流为I，当地重力加速度为g；忽略一切阻力及导线电阻，则()

A.电源内阻B.电源内阻C.如果电动机转轴被卡住而停止转动，较短时间内电源消耗的功率将变大D.如果电动机转轴被卡住而停止转动，较短时间内电源消耗的功率将变小15、某同学将一直流电源的总功率PE、输出功率PR和电源内部的发热功率Pr随电流I变化的图线画在了同一坐标系中，如图中的a、b、c所示．以下判断正确的是()

A.在a、b、c三条图线上分别取横坐标相同的A、B、C三点，这三点的纵坐标一定满足关系PA＝PB＋PCB.b、c图线的交点与a、b图线的交点的横坐标之比一定为1∶2，纵坐标之比一定为1∶4C.电源的最大输出功率Pm＝9WD.电源的电动势E＝3V，内电阻r＝1Ω评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)16、静电平衡：导体内的自由电子不再发生______的状态．17、如图，在无穷大均匀带正电金属板和负点电荷形成的电场中，金属板接地，金属导体置于负点电荷和金属板之间且在过负点电荷垂直于金属板的直线上，A、B、C是垂线上的三个点且B、C在金属导体表面，B、C两点的电势______（填“大于”、“等于”或“小于”），负电荷在A点的电势能小于在B点的电势能，______（填“大于”；“等于”或“小于”）。

18、用螺旋测微器测量某金属丝直径的结果如图所示。该金属丝的直径是______mm。

19、质量均为m的三个带电小球A、B、C放置在光滑绝缘的水平面上，相邻两球间的距离均为L，A球带电荷量qA=＋10q；B球带电荷量qB=＋q。若在C上加一个水平向右的恒力F，如图所示，要使三球能始终保持L的间距向右运动，则C球带_____电（填“正”或“负”），外力F等于_____。

20、尖端放电的应用与防止：

（1）应用：______是利用尖端放电避免雷击的一种设施．

（2）防止：高压设备中导体的表面尽量______会减少电能的损失．21、把一个电荷量为q＝5×10－9C的正电荷从距电场无穷远处移到电场中M点，电荷克服电场力做功WM＝6.0×10－3J，如果把该点电荷从距电场无穷远处移到电场中N点，电荷克服电场力做功WN＝3.6×10－3J．取无穷远处为零电势点，M、N点的电势差是______把该点电荷从M点移到N点电场力做功________22、某个学习小组为测量一铜芯电线（电阻约为几欧）的电阻率，首先用毫米刻度尺测出接入电路中金属丝的长度L，再利用螺旋测微器测金属丝直径，示数如下左图所示，则金属丝直径的测量值_____mm。某次测量时，电压表示数为U，电流表示数为I，则该铜芯线材料的电阻率表达式为___。（用字母U、I、L、d表示）

23、如图所示为一改装后的电流表和电压表电路，已知表头满偏电流为100微安，内阻为900欧姆，定值电阻R1=100欧姆，定值电阻R2=1910欧姆；A为公用接线柱则。

（1）当使用___________两接线柱时是电流表，其量程为___________安培；

（2）当使用___________两接线柱时是电压表，其量程为___________伏特；24、焦耳定律。

（1）内容：电流通过导体产生的热量跟________成正比，跟导体的_____及_____成正比。

（2）表达式：Q＝______。评卷人得分四、作图题(共3题，共27分)25、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

26、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

27、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

评卷人得分五、实验题(共4题，共28分)28、（1）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，某同学用了标称“”的小灯泡。

①该同学先用多用电表的欧姆挡对灯泡电阻进行粗测，他将挡位打到“”挡，正确操作后，指针偏转如图所示，为了减小测量误差，他应将挡位改成______挡（选填“”或“”）；换挡后重新进行欧姆调零，再次测量，多用电表的示数如图所示，该小灯泡的电阻值为________

②接着该同学设计了如图的电路进行精确测量，其中有一根导线连错了，连错的导线是________（填导线序号）；

③正确连线后，该同学测得多组数据，并在图中描点，如图所示，根据图象可知该灯泡正常发光时的阻值为_______该阻值和粗测的阻值相差较大，这是因为_________。

29、(1)用游标卡尺测一工件外径的读数如图(1)所示，读数为_________mm．

(2)用螺旋测微器测一圆形工件长度的读数如图(2)所示，读数为______mm．

30、下图是某实验小组为了定性探究平行板电容器的电容与其结构之间的关系装置图。充电后与电源断开的平行板电容器的A板与静电计相连，B板和静电计金属壳都接地，A板通过绝缘柄固定在铁架台上，人手通过绝缘柄控制B板的移动。请回答下列问题：

（1）本实验采用的科学方法是____

A.理想实验法B.等效替代法C.控制变量法D.建立物理模型法。

（2）在该实验中，静电计的作用是_______

A.测定该电容器的电荷量。

B.测定该电容器两极的电势差。

C.测定该电容器的电容。

D.测定A、B两板之间的电场强度。

（3）在实验中观察到的现象是______

A.甲图中的手将B板水平向左移动时；静电计指针的张角变大。

B.甲图中的手将B板水平向左移动时；静电计指针的张角不变。

C.乙图中的手将B板竖直向上移动时；静电计指针的张角变大。

D.丙图中的手不动，而向两板间插入陶瓷片时，静电计指针的张角变大31、某同学为测定金属丝的电阻率ρ，设计了如图甲所示电路，电路中ab是一段电阻率较大、粗细均匀的电阻丝，保护电阻R0＝4.0Ω，电源的电动势E＝3.0V；电流表内阻忽略不计，滑片P与电阻丝始终接触良好。

（1）实验中用螺旋测微器测得电阻丝的直径d＝0.400mm。

（2）实验时闭合开关，调节滑片P的位置，分别测量出每次实验中aP长度x及对应的电流值I；实验数据如下表所示：

。x（m）

0.10

0.20

0.30

0.40

0.50

0.60

I（A）

0.49

0.43

0.38

0.33

0.31

0.28

（A－1）

2.04

2.33

2.63

3.03

3.23

3.57

①将表中数据描在－x坐标纸中，如图乙所示，作出其关系图线__________，图象中直线的斜率的表达式k＝__________（用题中字母表示），由图线求得电阻丝的电阻率ρ＝__________Ω·m（保留两位有效数字）。

②根据图乙中－x关系图线纵轴截距的物理意义，可求得电源的内阻为r＝__________Ω（保留两位有效数字）。评卷人得分六、解答题(共3题，共6分)32、如图所示，用两根不可伸长的绝缘细线将A、B两带电小球悬挂于O点，电荷量分别为+9q、+q，质量分别为m1和m2，静止时A、B两球处于同一水平线上，其中O点到B球的距离OB=L，∠AOB=90°∠OAB=30°，带电小球均可视为点电荷静电力常量为k。求:

（1）A；B间的库仑力大小；

（2）A；B两球的质量之比；

（3）AB连线上且在O点的正下方C点的电场强度。

33、如图所示匀强电场的电场强度为2.0×104N/C，沿电场线方向有A、B两点，A、B两点间的距离为0.10m．将电荷量2.0×10-8C的正点电荷从A点移至B点；求。

(1)求A、B两点间的电势差；

(2)电荷从A点移至B点的过程中电场力所做的功．

34、如图所示，一半径为R的绝缘环上均匀地带有电荷量为+Q的电荷，垂直于圆环平面的对称轴上有一点P，它与环心O的距离试求P点的电场强度．

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【详解】

AB．滑动变阻器的上下端电阻并联，在滑动变阻器的滑片P由a端滑到b端的过程中，并联电阻的总阻值先增大后减小，电源内阻忽略不计，则路端电压U保持不变，A错误；则通过R2支路的电流I先变小后变大；B正确；

C．的功率为则其功率保持不变，C错误；

D．的功率为因为I先变小后变大，则的功率先变小后变大；D错误。

故选B。2、A【分析】【详解】

A.由小球受力平衡可知F＝mgtanθ，故带电小球所受力F的大小可以通过丝线偏离竖直方向的角度θ来表示；选项A正确；

B.保持小球带电量不变，依次将小球悬挂于P1、P2、P3，发现丝线偏离竖直方向的角度θ越来越小，说明F随着距离的增大而减小，但是不能说明F与距离成反比；选项B错误；

C.保持小球处于位置P1，减少O所带的电荷量Q，发现丝线偏离竖直方向的角度θ越来越小，说明F随电量Q的减小而减小，但是不能说明F与O所带电荷量Q成正比的关系；选项C错误；

D.保持小球处于位置P1，减少小球所带的电荷量q，并保持小球和O之间的距离不变，发现丝线偏离竖直方向的角度θ越来越小，说明说明F随小球带电量的的减小而减小，但是不能说明F与小球所带电荷量q成正比，选项D错误.3、C【分析】【分析】

【详解】

A．由题意可得，正、负点电荷在O处产生的电场强度的大小都为方向沿Od；当a处点电荷移至c处时，两点电荷在O处的电场强度方向的夹角为120°，合电场强度大小为方向沿Oe；故A错误；

B．当a处点电荷移至b处时，O处的合电场强度大小为方向沿Oe与Od的角平分线斜向上；故B错误；

C．当a处点电荷移至e处时，O处的合电场强度大小为方向沿Oc；故C正确；

D．当a处点电荷移至f处时，O处的合场强大小为方向沿Oc与Od的角平分线斜向下；故D错误。

故选C。4、A【分析】【分析】

【详解】

电路的等效电路图如下图所示：

当滑片P自b向a移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路的总电阻变小；根据公式

可知，电路中电流变大，即电流表示数变大；根据公式U=IR

可知，电阻R1两端的电压变大，即V1的示数变大；根据串联电路的总电压等于各分电压之和可知，滑动变阻器两端的电压变小，即电压表V2的示数变小，因电压表V2的示数变小、电流表示数变大，所以电压表V2的示数与电流表A的示数之比变小；根据P=IU

可知，电流I增大，U不变；则电路的总功率变大。

故选A。5、B【分析】【详解】

AB．电场强度E由电场本身的性质决定；与放入电场中的电荷，以及电荷所受的电场力无关，A错误B正确；

C．公式

只适用于匀强电场，而匀强电场中场强处处相同，所以不能说E与U成正比，与d成反比；C错误；

D．电场强度的方向与正电荷所受电场力方向相同；与负电荷所受电场力方向相反，电场中某点的场强方向与放入电场中电荷无关，D错误。

故选B。6、B【分析】【分析】

考查了电路的动态分析；采取“串反并同”的方法，分析电路。

【详解】

当滑动变阻器的滑片向a端移动时，其接入电路的电阻增大，与其串联的有电流表A；与其并联的有电容器、电压表V、

A．由“串反并同”可知；电流表A减小，电压表V增大，A错误；

B．由“串反并同”可知，电容器电压增大，由

知；带电量增大，B正确；

C．将R1与电源当作新的电源，当R2、R3和R4的阻值与R1与电源内阻之和相等或越接近时，R2、R3和R4消耗的总电功率越大，由于无法确定两者的电阻关系，则无法确定R2、R3和R4消耗的总电功率变化；C错误；

D．下极板接地，电势为0，由于电容器电压增大，P点电势减小；点电荷带负电，即电势能增大，D错误。

故选B。7、B【分析】【详解】

电流强度、电势差、电动势都只有大小没有方向，故为标量，而电场强度既有大小又有方向，故为矢量，B正确．二、多选题(共8题，共16分)8、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．带电粒子仅受电场力；根据曲线运动的条件，可知电场力应指向轨迹凹侧，与电场强度方向相反，则粒子带负电，故A错误；

B．带电粒子从A点运动到B点；电场线变疏，则场强变小，电场力变小，由牛顿第二定律可知，粒子加速度减小，故B正确；

CD．带电粒子从A点运动到B点过程中，电场力做负功，电势能增大，动能减小，则A点的速度大于B点的速度；故C错误，D正确。

故选BD。9、A:B:D【分析】【详解】

A．由电路中的电压关系可得电阻R的分压

流过电阻R的电流

即电流表的示数为5A；故A正确；

B．通过电动机的电流

电动机的分压

输入电动机的电功率

电动机的发热功率

故B正确；

C．电动机输出的机械功率

故C错误；

D．又因

所以

故D正确。

故选ABD。10、A:C:D【分析】【详解】

A．小球在N点的加速度大小为2g，说明在N点的电场力大小等于mg，方向竖直向下，根据对称性，在M点的电场力大小也为mg，且向上，故M点的加速度为0；A正确；

B．图像的斜率表示电场强度，结合图像来看从O点到N点场强先增大后减小；B错误；

C．根据场强的叠加可知两个点电荷在O点上方产生的合场强竖直向上，在O点下方产生的合场强竖直向下，则小球在O点上方受到的电场力竖直向上，在O点下方受到的电场力竖直向下，故从M点到N点过程中；电场力对小球先做负功后做正功，C正确；

D．根据库仑定律可知两个点电荷在N点产生的电场力大小都为

则合成之后的合电场力大小为

在N点由牛顿第二定律有

解得

ON两点的电势差

从O点到N点合力做功为

由动能定理可知，从O点到N点小球的动能增加了D正确。

故选ACD。11、A:D【分析】【详解】

A.正电荷周围的电势较高，负电荷周围的电势较低，故A正确；

B.图像切线的斜率绝对值等于场强的大小，可知B点的场强最大，O点最小；故B错误；

C.电子带负电，根据电势能Ep=q可知，最大，最小；故C错误；

D.由图像可知UOBUAO，根据电场力做功W=qU，电子带负电，可知WOBWAO，即WBOWOA，所以故D正确．12、A:D【分析】【分析】

电场线越密，场强越大．根据F=Eq判断电场力的大小。电场线某点的切线方向表示场强的方向。

【详解】

ACD．电场线越密，场强越大。所以a点的场强一定大于b点的场强；根据F=Eq得不论哪种电荷，在a点受到的电场力一定大于它在b点受到的电场力；故AD正确，C错误；

B．电场线某点的切线方向表示场强的方向。所以a点的场强方向一定沿着a点的电场线向右；故B错误；

故选AD。

【点睛】13、B:D【分析】【详解】

A．带电量为q的微粒静止不动；所受的电场力与重力平衡，则知电场力向上，而场强向下，所以微粒带的是负电，故A错误；

BC．增大电容器两极板间距离，根据电容的决定式

可知电容C减小，U不变，由

分析可知Q减小，电容器放电，则R中有从a流向b的电流；故B正确，C错误；

D．断开S，极板上电量不变；减小两极板距离，根据电容的决定式

电容的定义式

以及由公式E=

分析可知E=

与d无关，即E保持不变；所以液滴静止仍然不动，故D正确。

故选BD。14、B:C【分析】【详解】

A．含有电动机的电路不是纯电阻电路；欧姆定律不再适用，A错误；

B．由能量守恒定律可得EI＝I2r＋mgv＋I2R

解得

B正确；

CD．如果电动机转轴被卡住，则E＝I′(R＋r)

电流增大；较短时间内，电源消耗的功率变大，较长时间的话，会出现烧坏电源和电动机的现象，C正确，D错误。

故选BC。15、A:B:D【分析】【详解】

A．在a、b、c三条图线上分别取横坐标相同的A、B、C三点，因为直流电源的总功率PE等于输出功率PR和电源内部的发热功率Pr的和，所以这三点的纵坐标一定满足关系：PA＝PB＋PC，

故A正确；

B．当内电阻和外电阻相等时，电源输出的功率最大，此时即为b、c图线的交点处的电流，此时电流的大小为功率的大小为a、b图线的交点表示电源的总功率PE和电源内部的发热功率Pr相等，此时只有电源的内电阻，所以此时电流的大小为功率的大小为所以横坐标之比为1∶2，纵坐标之比为1∶4，故B正确；

C．图线c表示电源的输出功率与电流的关系图象；很显然，最大输出功率小于3W，故C错误；

D．当I＝3A时，PR＝0，说明外电路短路，根据PE＝EI知电源的电动势：E＝3V，内电阻：r＝＝1Ω，

故D正确。

故选ABD。三、填空题(共9题，共18分)16、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】定向移动17、略

【分析】【分析】

【详解】

金属导体放在电场中，处于静电平衡状态，整个导体是一个等势体，表面是一个等势面，所以B、C两点的电势关系为由电势能公式在负电荷在B点的电势能等于在C点的电势能，即【解析】①.等于②.等于18、略

【分析】【详解】

[1]螺旋测微器的精度为则读数为【解析】1.706（1.704~1.708）19、略

【分析】【详解】

[1]由于A；B两球都带正电；它们互相排斥，C球必须对A、B都吸引，才能保证系统向右加速运动，故C球带负电荷。

[2]以三球为整体，设系统加速度为a，则F=3ma①

隔离A；B；由牛顿第二定律可知。

对A－=ma②

对B＋=ma③

联立①②③得F=70k【解析】负20、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】避雷针光滑21、略

【分析】【详解】

[1]把一个正点电荷从距电场无穷远处移到电场中的M点，电荷克服静电力做功W=6.0×10-3J，相反的过程中，把正点电荷从电场中的M点移动到距电场无穷远处，静电力做功W′=6.0×10-3J，所以：

把该点电荷从电场中的N点移到距电场无穷远处，静电力做功W=3.6×10-3J，所以：

M、N两点的电势差：

[2]把该点电荷从M点移到N点静电力做功：WMN=qUMN=5×10-9×4.8×105=2.4×10-3J【解析】4.8×105V2.4×10－3J22、略

【分析】【详解】

[1]金属丝直径的测量值为

[2]由电阻定律可知

由欧姆定律可知

解得【解析】0.36023、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]当使用A；B两接线柱时是电流表；其量程为。

（2）[3][4]当使用A；C接线柱时是电压表；其量程为。

【解析】A、B0.001A、C2.024、略

【分析】【详解】

略【解析】①.电流的二次方②.电阻③.通电时间④.I2Rt四、作图题(共3题，共27分)25、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】26、略

【分析】【分析】

【详解】

线框穿过磁场的过程可分为三个阶段，进入磁场阶段（只有边在磁场中），在磁场中运动阶段（两边都在磁场中），离开磁场阶段（只有边在磁场中）。

①线框进入磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性增加，最后为

②线框在磁场中运动阶段：对应，时间内，穿过线框的磁通量线性减小，最后为时间内，穿过线框的磁通量反向线性增加，最后为

③线框离开磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性减小，最后为

画出图像如图所示。

【解析】见解析27、略

【分析】【分析】

【详解】

根据电场线从正电荷出发；终止与负电荷及等量同种，等量异种点电荷电场线的分布特点，可标出电荷的电性如图所示。

【解析】见解析五、实验题(共4题，共28分)28、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]根据指针偏转情况，偏角过小，说明档位偏大，可知挡位需要调到才能使指针的偏转角度变大，可以减小误差。

[2]从表中指针的位置，可知小灯泡的电阻值为3.0

(2)[3]连错的导线是③；需要直接连到电源负极上。

(3)[4]根据图象可知灯泡的电压为额定电压2.5V时，通过的电流为0.26A，灯泡正常发光时的阻值为

[5]该阻值和粗测的阻值相差较大，这是因为温度越高，灯丝电阻越大【解析】①.②.3.0③.③④.9.6⑤.温度越高，灯丝电阻越大29、略

【分析】【详解】

(1)[1]游标卡尺的主尺读数为：1cm=10mm；游标尺上第10个刻度和主尺上某