2025年外研版必修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版必修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、利用如图甲所示的实验电路观察电容器的充电过程。实验中，电压传感器与计算机相连，显示出电容器两端电压随时间变化的U-t图像如图乙所示。关于电容器充电过程中电流I、电荷量Q随时间t变化的关系；正确的是（）

A.B.C.D.2、在如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r，闭合开关S1，断开开关S2；电压表示数为U，电流表示数为I；此时将滑动变阻器R滑片向下移动，则下列说法中正确的是。

A.电压表示数增大B.通过电阻R2的电流方向为a—bC.电阻R1消耗的功率减小D.若滑动变阻器R滑片位置不动，闭合开关S2，电流表示数减小3、在图中，虚线表示某点电荷Q所激发电场的等势面，已知a、b两点在同一等势面上，c、d两点在另一个等势面上。甲、乙两个带电粒子以相同的速率，沿不同的方向从同一点a射入电场，在电场中沿不同的轨迹acb曲线、adb曲线运动。则（）

A.甲、乙两粒子所带的电荷符号相同B.甲粒子经过c点时的速率大于乙粒子经过d的速率C.两个粒子的电势能都是先减小后增大D.经过b点时，两粒子的动能一定相等4、如图所示，质子（H）和粒子（He），以相同的初动能垂直射入偏转电场（不计粒子重力），则这两个粒子射出电场时的侧位移y之比为（）

A.4：1B.1：2C.2：1D.1：45、特高压直流输电是国家重点能源工程。如图所示，高压输电线上使用“abcd正方形间隔棒”支撑导线L1、L2、L3、L4的目的是固定各导线间距，防止导线互相碰撞，图中导线L1、L2、L3、L4水平且恰好处在正四棱柱的四条棱上，abcd的几何中心为O点，O点到导线的距离远小于导线的长度。忽略地磁场；当四根导线通有等大；同向的电流时，则（）

A.O点的磁感应强度为零B.O点的磁感应强度不为零C.L1与L2相互排斥D.L1所受安培力的方向为从L1指向L2评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)6、如图所示电路中，滑片P位于滑动变阻器R2正中间，电源内阻不能忽略，两个电压表均为理想电表．当滑动变阻器R2的滑片P滑动时，关于两个电压表V1与V2的示数；下列判断正确的是()

A.P向a端滑动的过程中，V1的示数逐渐增大、V2的示数逐渐减小B.P向a端滑动的过程中，R2消耗的功率一定逐渐减小C.P向b端滑动的过程中，V1示数改变量的绝对值小于V2示数改变量的绝对值D.P向b端滑动的过程中，V2示数改变量与流过R2的电流改变量的比值保持不变7、如图所示，a、b、c、d分别是一个菱形的四个顶点，∠abc＝120°。现将三个等量的正点电荷＋Q固定在a、b、c三个顶点上，将一个电量为＋q的点电荷依次放在菱形中心点O点和另一个顶点d点处；两点相比。

A.＋q在O点所受的电场力较大B.＋q在d点所具有的电势能较大C.d点的电势低于O点的电势D.d点的电场强度大于O点的电场强度8、如图所示，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压保持不变。闭合开关S，滑动变阻器滑片P从中点向右移动过程中；下列说法正确的是（）

A.电压表示数变大，电流表A1变小B.电流表A2示数变小C.电流表A2、A1示数之差变小D.电压表示数与电流表A2示数的比值变大9、如图所示，M、N两点位于某点电荷Q产生的电场中，其中M点的电场强度大小为N点的电场强度大小为M点的电场强度方向与MN连线成角，N点的电场强度方向与连线成角．一质子（带正电）以一定的初速度进入该电场中，仅在电场力的作用下沿图中弯曲的虚线轨迹先后经过电场中的M、N两点；下列说法正确的是（）

A.点电荷Q带负电B.质子在M点的加速度小于在N点的加速度C.D.质子在M点的速度大于在N点的速度10、如图所示，在O点固定一点电荷，将带电粒子A从a处以一定的初速度射向O，虚线abc是带电粒子的运动轨迹，b点距离O点最近；且带电粒子的重力忽略不计，则下列说法中正确的是（）

A.带电粒子与O点固定的点电荷电性不同B.带电粒子从b点运动到c点的过程中加速度不断增大C.带电粒子在a点的电势能一定小于在b点的电势能D.带电粒子在b点的电势能与动能之和一定等于它在c点电势能与动能之和11、如图所示，在点电荷Q产生的电场中，实线MN是一条方向未标出的电场线，虚线AB是一个电子只在电场力作用下的运动轨迹；设电子在A、B两点的加速度大小分别为aA、aB，电势能分别为EpA、EpB．下列说法正确的是（）

A.若电子从A运动到B，速率变小B.若aA＞aB，则Q靠近M端且为正电荷C.无论Q为正电荷还是负电荷一定有EpA>EpBD.B点电势可能高于A点电势12、如图所示，平行板电容器与电动势为E′的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽略。一带负电油滴被固定于电容器中的P点。现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离；则（）

A.平行板电容器的电容将变小B.静电计指针张角变小C.带电油滴的电势能将减少D.若先将上极板与电源正极的导线断开，再将下极板向下移动一小段距离，则带电油滴所受电场力不变13、图为一块手机电池的背面印有的一些符号，下列说法正确的是（）

A.指的是该电池放电时能输出的总电荷量B.该电池的电动势为C.该电池充满电可提供的电能为D.若该手机的待机电流为手机最多可待机小时评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)14、如图所示是电场中某区域的电场线分布图，A、B是电场中的两点，可以判断____点场强较大（选填“A”或“B”）；一正点电荷在B点受到电场力的方向是____（选填“向左”或“向右”）．15、能源利用的三个时期是____时期、_____时期、_____时期。16、一个不带电的金属球壳的内、外半径分别为R1和R2，今在中心处放置一电荷为q的点电荷，则球壳的电势U=_______________。17、电阻。

（1）电阻的概念。

导体两端的___________与通过导体的___________大小之比。

（2）定义式：

（3）单位：___________，常用的单位还有千欧（kΩ）、兆欧（MΩ），且1Ω=___________kΩ=___________MΩ。

（4）物理意义：反映___________作用的大小。

（5）导体U-I图像的___________反映电阻大小。18、如图所示电路中，电阻是总电阻为的滑动变阻器，滑动片位于中点，稳压电源的电压断开电键时，电阻的功率为___________闭合电键要使的功率变为滑动变阻器接入电路的阻值为___________

19、如图所示，E、F分别表示蓄电池两极，P、Q分别表示螺线管两端。当闭合开关时，发现小磁针N极偏向螺线管Q端。则E为蓄电池____极（填“正”或“负”），螺线管P端为____极（填“S”或“N”）.

评卷人得分四、作图题(共4题，共28分)20、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

21、试画出点电荷、等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线。22、由电流产生的磁场方向如图所示；请在图中标出线圈中的电流方向.

23、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共2题，共8分)24、如图所示，游标卡尺的读数为_________cm，螺旋测微器的读数为_________mm。

25、某学习小组的同学设计了如图甲所示的电路来测量定值电阻R0的阻值（约为几欧到十几欧）及电源的电动势E和内阻r。实验器材有：待测电源，待测电阻R0，电流表A（量程为0.6A，内阻不计）电阻箱R（0～99.9Ω），开关S1和S2；导线若干。

（1）先测电阻R0的阻值，学习小组同学的操作如下：先闭合S1和S2，调节电阻箱，读出其示数R1和对应的电流表示数I，然后断开________，调节电阻箱的阻值，使电流表的示数仍为I，读出此时电阻箱的示数R2，则电阻R0＝________；

（2）同学们通过上述操作测得电阻R0＝9.5Ω，继续测电源的电动势E和内阻r。该小组同学的做法是：闭合S1，断开S2，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电流表示数I，由测得的数据绘制了如图所示的－R图线，利用图象求出该电源的电动势________V，内阻________Ω。参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【详解】

AB．电容器开始充电时因电压较小；则充电电流大，后随着充电电量增多，充电的电流逐渐变小，充电结束时电流减为零，故A错误，B正确；

CD．电容器充电过程电量逐渐增大到稳定值，而图像的斜率表示充电电流；应逐渐变小，故CD错误；

故选B。2、D【分析】【详解】

将滑动变阻器R滑片向下移动时，滑动变阻器连入电路的电阻减小，故电路总电阻减小，干路总电流增大，将和电源内阻绑定在一块，根据闭合回路欧姆定律可知内阻分压增大，所以外电路电压减小，即电压表示数减小，电容器两端的电压减小，放电，故电流方向为b→a，AB错误；通过电阻的电流增大，所以电阻消耗的功率增大，C错误；若滑动变阻器R滑片位置不动，闭合开关电路总电阻增大，干路电流减小，即电压表示数减小，而变阻器滑片位置不变，电阻不变，所以通过滑动变阻器的电流减小，即电流表示数减小，D正确．

【点睛】

在分析电路动态变化时，一般是根据局部电路变化（滑动变阻器，传感器电阻）推导整体电路总电阻、总电流的变化，然后根据闭合回路欧姆定律推导所需电阻的电压和电流的变化（或者电流表，电压表示数变化），也就是从局部→整体→局部．3、B【分析】【分析】

【详解】

A．由轨迹看出；甲受引力，乙受斥力，甲；乙异号，故A错误；

B．电场力先对甲做正功；先对乙做负功，故B正确；

D．到b点；电场力对两粒子做功都为零，但动能不一定相等，因为质量不一定相等，故D错误；

C．甲粒子电势能先减小后增大；乙粒子电势能先增大后减小，故C错误。

故选B。4、B【分析】【分析】

【详解】

两粒子进入电场后，做类平抛运动，根据牛顿第二定律有

粒子射出电场时的侧位移y为

电场中水平方向有

联立，可得

依题意两粒子的初动能相同，电场强度E和极板长度L相同，则y与q成正比，质子和粒子电荷量之比为1：2，则侧位移y之比为1：2。

故选B。5、A【分析】【详解】

AB．因四条导线中的电流相等，O点与四条导线的距离均相等，由右手定则和对称性可知，L1在O点的磁感应强度与L3在O点的磁感应强度等大反向，L2在O点的磁感应强度与L4在O点的磁感应强度等大反向，所以四条导线在O点的磁感应强度等于零；故A正确，B错误；

C．同向电流之间相互吸引，则L1与L2相互吸引；选项C错误；

D．其余三条导线对L1都是吸引力，结合对称性可知，L1所受安培力的方向为从L1指向L3，选项D错误。故选A。二、多选题(共8题，共16分)6、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

P向a端滑动的过程中，R2的阻值减小，电路电流I增大，所以V1的示数U1=IR1增大，电源内电压Ur=Ir也增大，再由可得V2的示数U2减小，所以A正确；R2消耗的功率由于不知R2与R1+r的大小关系，所以不能确定功率p2的变化，故B错误；P向b端滑动的过程中，R2的阻值增大，电流减小，所以R1+r的电压减小，由所以R2的电压变化量大于V1示数改变量的绝对值，所以C正确；可得保持不变，故D正确．7、A:C【分析】【详解】

AD.设菱形的边长为r，根据公式分析可知三个点电荷在d产生的场强大小E相等，由电场的叠加可知，d点的场强大小为

方向由O指向d。O点的场强大小为

故O点场强大，＋q在O点所受的电场力较大；故A正确D错误。

BC.Od间电场线方向从O到d，根据顺着电场线方向电势降低，O点的电势高于d点的电势，而正电荷在高电势高处电势能大，则知+q在d点所具有的电势能较小，故B错误C正确。8、B:D【分析】【分析】

【详解】

由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A2测干路电流，电流表A1测R2支路的电流；

AB．由于电源电压不变，则电压表示数不变；闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从中点向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流减小，即电流表A1示数变小；由于并联电路互不影响，则通过R1的电流不变，根据并联电路的电流规律可知，干路中的电流变小，即电流表A2示数变小；故A错误，B正确；

C．电流表A2、A1示数之差为通过R1的电流，保持不变，即电流表A2、A1示数之差不变；故C错误；

D．电压表示数不变，电流表A2示数变小；其比值变大，故D正确。

故选BD。9、A:B【分析】【分析】

【详解】

A．M、N两点电场线方向的延长线的交点即为电荷所在位置；而电场线方向指向交点，则点电荷带负电，故A正确；

BCD．点电荷所在位置；如图所示。

由图可知，M点距离点电荷较远，根据公式

可知M点的电场强度较小，则质子在M点的加速度小于在N点的加速度，从M到N电场力做正功；动能增大，速度增大，故B正确，CD错误。

故选AB。10、C:D【分析】【详解】

A．因带电粒子受到的是斥力；带电粒子与O点固定的点电荷电性相同，选项A错误；

B．带电粒子从b点运动到c点的过程中加速度不断减小；选项B错误；

C．带电粒子由a到b的过程中；电场力做负功，电势能增加，选项C正确；

D．带电粒子由b到c的过程中；电场力做正功，电势能减小，动能增加，但电势能与动能之和不变，选项D正确。

故选CD。11、A:B【分析】【详解】

A、电子所受电场力方向指向左侧，那么，若电子从A向B运动，则电场力做负功，电势能增加，动能减小；若电子从B向A运动，则电场力做正功，电势能减小，动能增大，所以电子从A运动到B，速率变小，故A正确；

B、若aA＞aB，则A点离点电荷Q更近即Q靠近M端，又由运动轨迹可知，电场力方向指向凹的一侧即左侧，所以，在MN上电场方向向右，那么Q靠近M端且为正电荷，故B正确；

C、若电子从A向B运动，则电场力做负功，电势能增加；若电子从B向A运动，则电场力做正功，电势能减小，所以一定有求解过程与Q所带电荷无关，只与电场线方向相关，故C错误；

D、电子所受电场力方向指向左侧，则电场线方向由M指向N，那么A点电势高于B点，故D错误；

故选AB．

【点睛】

关键知道电子所受电场力方向指向左侧，电场力做正功，电势能减小，动能增大，电场力做负功，电势能增加，动能减小．12、A:C:D【分析】【详解】

A．将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离时，两极板的正对面积S不变，间距d变大，根据关系式

电容C减小；A正确；

B．因为静电计指针的变化表征了电容器两极板电势差的变化，题中电容器两极板间的电势差U不变；所以静电计指针张角不变，B错误；

C．U不变，极板间距d变大时，板间场强

减小，带电油滴所处位置的电势

增大，其中为油滴到上极板的距离；又因为油滴带负电，所以其电势能将减少，C正确；

D．若先将上极板与电源正极的导线断开，再将下极板向下移动一小段距离，则电容器带电荷量Q不变，极板间距d变大，根据

可知

可见，极板间场强E不变；所以带电油滴所受电场力不变，D正确。

故选ACD。13、A:B:D【分析】【详解】

A．由电池的数据可以知道，该电池的容量为故A正确；B．电场的电动势是故B正确；C．依据公式再依据电能公式故C错误；D．若待机时的电流为理论上可待机故D正确．故选ABD．

【点睛】本题考查读取电池铭牌信息的能力．电池的容量是指电池所能释放的总电量．三、填空题(共6题，共12分)14、略

【分析】试题分析：由电场线的疏密程度判断场强的大小；由场强的方向与电荷的电性确定电场力的方向．

解：B点电场线密；场强大，A点疏场强小．

正电荷受力方向与场强方向相同；则在B点正电荷受力方向向左．

故答案：B；左。

【点评】考查电场线描述场强大小及方向的方法，会判断电场力的方向．【解析】B，左15、略

【分析】【分析】

【详解】

能源利用的三个时期是柴薪时期、煤炭时期、石油时期。【解析】柴薪煤炭石油16、略

【分析】【详解】

根据高斯定理，对球面有

则有

其中r>R2

可解得【解析】17、略

【分析】【分析】

【详解】

电阻。

（1）电阻的概念。

[1][2]导体两端的电压与通过导体电流大小之比。

（2）定义式：

（3）[3][4][5]单位：Ω，常用的单位还有千欧（kΩ）、兆欧（MΩ），且1Ω=kΩ=MΩ。

（4）[6]物理意义：反映阻碍电流作用的大小。

（5）[7]导体U-I图像的斜率反映电阻大小。【解析】①.电压②.电流③.Ω④.⑤.⑥.阻碍电流⑦.斜率18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]断开电键时，回路中的电流

电阻R1的功率为

[2]闭合电键要使R1的功率变为5W，则电流

回路中的电流

带入数据解得滑动变阻器接入电路的阻值【解析】3.21419、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由右手螺旋定则可知，电流由F流出，故E为蓄电池负极；

[2]小磁针N极转向Q端，这说明磁感线指向Q端，故Q端为S极，P端为N极。【解析】①.负②.N四、作图题(共4题，共28分)20、略

【分析】【分析】

【详解】

根据电场线从正电荷出发；终止与负电荷及等量同种，等量异种点电荷电场线的分布特点，可标出电荷的电性如图所示。

【解析】见解析21、略

【分析】【详解】

根据电荷属性；点电荷；等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线如下所示。

【解析】22、略

【分析】【详解】

第一幅图中线圈内部磁场垂直纸面向外；根据右手定则可以判断，电流为逆时针；第二幅图中，磁场