2024年沪教版高三物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪教版高三物理下册阶段测试试卷152考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、不带电的金属导体P与带正电金属导体Q接触之后带正电，这是因为（）A.Q有部分正电荷转移到P上B.P有部分正电荷转移到Q上C.Q有部分负电荷转移到P上D.P有部分负电荷转移到Q上2、如图甲所示，物体以一定初速度从倾角=370的斜面底端沿斜面向上运动，上升的最大高度为3.0m。选择地面为参考平面，上升过程中，物体的机械能E随高度h的变化如图乙所示。g=10m/s2，sin370=0.60，cos370=0.8。则A.物体的质量m=0.67kgB.物体与斜面间的动摩擦因数=0.40C.物体上升过程的加速度大小a=10m/s2D.物体回到斜面底端时的动能Ek=10J3、【题文】如图甲所示，A、B是电场中的一条直线形的电场线，若将一个带正电的点电荷从A由静止释放，它只在电场力作用下沿电场线从A向B运动过程中的速度图象如图乙所示.比较A、B两点的电势和场强E；下列说法正确的是()

A.φA<φB，EA<EBB.φA<φB，EA>EBC.φA>φB，EA>EBD.φA>φB，EA<EB4、入冬以来，全国多地多次发生雾霾天气，能见度不足20m

在这样的恶劣天气中，甲、乙两汽车在一条平直的单行道上，乙在前、甲在后同向行驶。某时刻两车司机同时听到前方有事故发生的警笛提示，同时开始刹车。两辆车刹车时的v

鈭�

t

图象如图；则。

A.若两车发生碰撞，开始刹车时两辆车的间距一定等于112.5m

B.若两车发生碰撞，开始刹车时两辆车的间距一定小于90m

C.若两车发生碰撞，则一定是在刹车后20s

之内的某时刻发生相撞D.若两车发生碰撞；则一定是在刹车后20s

以后的某时刻发生相撞。

5、如图所示，一个质量为M

的滑块放置在光滑水平面上，滑块的一侧是一个四分之一圆弧EF

圆弧半径为R=1m.E

点切线水平。另有一个质量为m

的小球以初速度v0

从E

点冲上滑块。已知M=4mg

取10m/s2

不计摩擦。若小球刚好没跃出圆弧的上端，则小球的初速度v0

的大小为()

A.v0=4m/s

B.v0=5m/s

C.v0=6m/s

D.v0=7m/s

6、如图，一半径为R的电荷量为Q的均匀带电球壳，A、B为球壳表面上的两点．O、P、M、N在一条直线上，PO=r且r＞R；PM=MN，下列说法正确的是（）

A.P点的电场强度的大小E=kB.电势差UPM=UMNC.电势差UAP＞UBPD.若电荷量Q不变，P点位置不变，O点位置不变，仅令R变小，则P点的场强变小评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)7、（2012春•蚌埠期中）如图所示为电子技术中的部分电路，前级输出的电流中既有直流成分，又有交流成分．如果只需要把交流成分输送到下一级装置，应在a、b两点间接入一个____；如果只需把直流输送到下一级装置，应在a、b两点间接入一个____．8、如图为氢原子能级示意图，大量处于n=4能级的氢原子向基态跃迁时，发出大量光子，光子照射到金属铷的表面可使其产生光电效应，已知普朗克恒量h=6.63×10-34J•s，铷的逸出功W=2.13eV，则逸出光子中频率最高的约为______Hz，金属铷的截止频率约为______Hz．（结果保留2位有效数字）9、质量为0.2kg的小球竖直向下以6m/s的速度落至水平地面，再以4m/s的速度反向弹回，取竖直向上为正方向，则小球与地面碰撞前后的动量变化是____kg•m/s．10、为了研究和描述的方便，在物体的____、____对所研究的问题不起作用或起作用很小的情况下，把物体看作一个有质量的点．这种用来代替物体的有质量的点叫做____．11、（2013春•桃城区校级期末）由某种透光物质制成的等腰直角棱镜ABO，两腰长都为16cm，如图所示，为了测定物质的折射率，将棱镜放在直角坐标中，使两腰与xy、oy轴重合，从OB边的C点注视A棱，发现A棱的视位置在OA边的D点，在CD两点插上大头针，看出C点坐标位置为（0，12），D点坐标位置为（9，0），则该物质的折射率为____．评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)12、当温度升高时，物体内部所有分子的动能都增加．____．（判断对错）13、气体由状态1变到状态2时，一定满足方程=．____．（判断对错）14、晶体的分子（或原子、离子）排列是有规则的．____．（判断对错）15、参考系的选取是任意的，但参考系的选取应使物体运动的描述尽可能简单．____．（判断对错）16、物体的瞬时速度总为零，则平均速度一定为零．____．（判断对错）17、大气压强是由地面上每平方米面积的上方，整个大气压对地面的压力，它等于地面上方的这一大气柱的重力．____．（判断对错）18、（2010•驻马店模拟）如图为一列沿x轴正方向传播的简谐波在t=0时刻的波形图，已知波速为10m/s，则图中P质点的振动方程为y=10sin5πt（cm）____（判断对错）评卷人得分四、推断题(共1题，共8分)19、已知蓝铜矿的主要成分是rm{2CuCO_{3}隆陇Cu(OH)_{2}}受热易分解。铝土矿的主要成分是rm{Al_{2}O_{3}}rm{Fe_{2}O_{3}}rm{SiO_{2}}已知rm{NaAlO_{2}+CO_{2}+H_{2}O=Al(OH)_{3}隆媒+NaHCO_{3}}根据下列框图转化回答问题：rm{(1)}写出rm{垄脷}的离子方程式：______________________、_____________________。rm{(2)}沉淀rm{a}rm{c}化学成分分别是______________________、_____________________。rm{(3)}请写出检验沉淀rm{b}中所含有阳离子的实验方法_______________________________rm{(4)}洗涤沉淀rm{c}的实验操作方法是____________________________________________加热沉淀rm{c}应放在___________容器中进行。rm{(5)}经过rm{垄脺}rm{垄脻}步反应得到铜和金属铝，写出反应的化学方程式：______________________、____________________________________________评卷人得分五、简答题(共2题，共10分)20、两颗人造卫星都绕地球做匀速圆周运动，已知他们的轨道半径之比为r1：r2=9：1；求两卫星的：

（1）线速度之比？

（2）角速度之比？

（3）周期之比？

（4）向心加速度之比？21、真空中有两个相距r的点电荷A和B，带电荷量分别为q1=+q，q2=+4q，再放入一个点电荷q3，三个点电荷皆可自由移动，在什么位置放入第三个点电荷q3可使三个电荷都处于平衡状态，q3的电荷量为多少？参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】【分析】一般情况下物体不带电显中性，当物体失去电子因缺少电子带正电，当物体得到电子因多余电子带负电．中性物体，带正电物体，带负电物体夺得电子的本领是：带正电物体夺得电子的本领大于中性的物体，中性物体夺得电子的本领大于带负电的物体．【解析】【解答】解：原来金属导体P不带电；对外显电中性，金属导体P与带正电的物体接触时，带正电物体夺得电子的本领大于不带电的金属球，带正电的物体夺得电子，金属球失去电子带正电．故D正确，ABC错误；

故选：D．2、C|D【分析】试题分析：物体到达最高点时，机械能E=EP=mgh，m==1kg，选项A错误；物体上升过程中，克服摩擦力做功，机械能减少，减少的机械能等于克服摩擦力的功，△E=-μmgcosαμ=0.5，选项B错误；物体上升过程中，由牛顿第二定律得：mgsinα+μmgcosα=ma，解得a=10m/s2，选项C正确；由图象可知，物体上升过程中摩擦力做功W=30-50=-20J，在整个过程中由动能定理得EK-EK0=2W，则EK=EK0+2W=50J+2×（-20）J=10J，选项D正确。考点：此题考查了动能定理、牛顿运动定律。【解析】【答案】CD3、C【分析】【解析】

试题分析：由v-t图像得到图线的斜率减小，加速度减小，电场力减小，场强减小，得到EA>EB，AD错；因物体速度增大，电场力对点电荷做正功，由知AB两点间的电势差U大于零，所以φA>φB；C对，B错。

考点：v-t图像；牛顿第二定律，电场力做功与电势能和动能的关系。

点评：学生明确v-t图线的斜率代表加速度，清楚电场力做功与电势能和动能的关系。【解析】【答案】C4、C【分析】​本题考查了匀变速直线运动的图像、匀变速直线运动的速度与时间的关系。根据速度时间图线求出甲乙的加速度，抓住速度相等时，结合位移时间公式分别求出两车的位移，结合位移之差求出两者不发生碰撞的最小距离，从而分析判断.

通过两者的速度大小关系，判断之间距离的变化，从而得出发生碰撞发生的大致时刻。由图可知，两车速度相等经历的时间为20s

甲车的加速度，乙车的加速度；此时甲车的位移乙车的位移可知要不相撞，则两车的至少距离鈻�x=300鈭�200m=100m

因为两车发生碰撞，则两车的距离小于100m

选项AB错误；C、因为速度相等相等后，若不相撞，两者的距离又逐渐增大，可知两辆车一定是在刹车后的20s

之内的某时刻发生相撞的，选项C正确，选项D错误。故选C。本题考查了运动学中的追及问题，关键抓住临界状态，结合运动学公式和速度时间图线综合求解。【解析】C

5、B【分析】【分析】小球刚好没跃出圆弧的上端，知小球上升到滑块上端时，小球与滑块水平方向速度相同，结合动量守恒和系统机械能守恒求出小球的初速度大小。本题考查了动量守恒定律、机械能守恒定律以及能量守恒定律等，知道小球刚好没跃出圆弧的上端，两者水平方向上的速度相同，结合水平方向系统动量守恒和系统机械能守恒列式求解即可。【解答】当小球上升到滑块上端时；小球与滑块水平方向速度相同，设为v1

根据水平方向动量守恒有：mv0=(m+M)v1

根据机械能守恒定律有：12mv02=12(m+M)v12+mgR

根据题意；有：M=4m;

联立两式解得：v0=5m/s;

故ACD错误；B

正确。

故选B。

【解析】B

6、A【分析】【分析】均匀带电球壳在P点产生的场强等效于电荷量为Q的点电荷置于O点在P点产生的场强，结合点电荷的场强公式求出P点的场强．根据电场强度的大小，判断PM和MN电势差的大小；抓住A、B的电势相等比较AP和BP间的电势差．【解析】【解答】解：A、D、匀带电球壳在P点产生的场强等效于电荷量为Q的点电荷置于O点在P点产生的场强，则P点产生的场强E=；若电荷量Q不变，P点位置不变，O点位置不变，仅令R变小，则P点的场强不变．故A正确，D错误；

B、由P到N，电场强度逐渐减小，根据U=Ed可知，UPM＞UMN．故B错误；

C、均匀带电球壳为等势面，A、B两点的电势相等，则UAP=UBP．故C错误．

故选：A．二、填空题(共5题，共10分)7、电容器电感【分析】【分析】电容器隔直流通交流；电容器电容越大，对交流电的阻碍作用越小；

电感线圈通直流交流；电感线圈的电感越大，对交流的阻碍作用越大．

分析清楚电路结构，然后答题．【解析】【解答】解：由电路图可知，电感线圈能通直流，阻挡住高频交流电，使低频交流电通过电阻R；电容器能使高频交流电通过，直流电不能通过；而题中需要在R上得到直流成分，只需要把交流成分输送到下一级装置，应在a、b两点间接入一个电容器即可，如果只需把直流输送到下一级装置，应在a、b两点间接入一个线圈；即电感；

故答案为：电容器，电感．8、略

【分析】解：大量处于n=4能级的氢原子向基态跃迁；发出6不同频率的色光，根据玻尔理论，可知，氢原子从n=4能级跃迁到基态时发出的光子频率最高．

由玻尔理论得：E4-E1=hγmax

解得：频率最高为：γmax==≈3.1×1015Hz

由W=hγc，得金属铷的截止频率为：γc==≈5.1×1014Hz；

故答案为：3.1×1015，5.1×1014．

大量处于n=4能级的氢原子向基态跃迁时；可以发出6种不同频率的光子，求出跃迁到基态时辐射的光子频率最高，由玻尔理论求最高频率．

根据逸出功W=hγc求金属铷的截止频率．

掌握玻尔理论，正确根据氢原子的能级公式和跃迁理论进行有关问题的计算，是原子物理部分的重点知识，要注意加强训练．解题时要注意单位转换．【解析】3.1×1015；5.1×10149、2【分析】【分析】取竖直向下方向为正方向，分别表示出碰地前后小球的动量，小球动量的变化量等于末动量与初动量的差【解析】【解答】解：取竖直向下方向为正方向，则小球与地面碰撞过程中动量的变化为：△p=-mv2-mv1=-0.2×（6+4）kg•m/s=-2kg•m/s；负号表示方向竖直向上．

故答案为：2．10、形状大小质点【分析】【分析】质点是只计质量、不计大小、形状的一个几何点，是实际物体在一定条件的科学抽象，能否看作质点物体本身无关，要看所研究问题的性质，看物体的形状和大小在所研究的问题中是否可以忽略．【解析】【解答】解：当物体的形状和大小对所研究的问题没有影响时；就可以把物体看成质点，质点是一个有质量，没有大小的点．

故答案为：形状、大小、质点．11、【分析】【分析】先作出光路图，再由几何知识分别求出入射角和折射角的正弦值，即可由折射率公式n=求出折射率．【解析】【解答】解：作出光路图；如图所示．

由于光线从棱镜射入空气，则棱镜的折射率：n==

由几何知识得：sin∠CDO===0.8，sin∠CAO===0.6

解得：n=

故答案为：三、判断题(共7题，共14分)12、×【分析】【分析】温度是分子的平均动能的标志，是大量分子运动的统计规律，由此分析解答即可．【解析】【解答】解：温度是分子的平均动能的标志；是大量分子运动的统计规律，对单个的分子没有意义；当温度升高时，物体内的分子的平均动能增加，不是物体内部所有分子的动能都增加．所以该说法是错误的．

故答案为：×13、×【分析】【分析】根据理想气体的状态方程即可做出判定．【解析】【解答】解：对于一定质量的理想气体，由状态1变到状态2时，一定满足方程=．若不满足一定质量的条件；该公式不成立．所以以上的说法是错误的．

故答案为：×14、√【分析】【分析】晶体的分子（或原子、离子）排列是有规则的．晶体是具有一定的规则外形和各向异性．【解析】【解答】解：根据晶体的结构的特点可知；晶体的分子（或原子；离子）排列是有规则的．所以该说法是正确的．

故答案为：√15、√【分析】【分析】参考系，是指研究物体运动时所选定的参照物体或彼此不作相对运动的物体系；参考系的选取是任意的，如何选择参照系，必须从具体情况来考虑，一般情况下我们以地面或地面上的物体作为参考系．【解析】【解答】解：参考系；是指研究物体运动时所选定的参照物体或彼此不作相对运动的物体系；参考系的选取是任意的，参考系的选取应使物体运动的描述尽可能简单．该说法是正确的．

故答案为：√16、√【分析】【分析】平均速度表示物在某一段时间或某一过程内的运动情况；而瞬时速度只能表示物体在某一瞬时或某一位置时的速度．平均速度与位移与时间的比值求解．【解析】【解答】解：因瞬时速度为0；则物体不动，无位移，则平均速度为0

故答案为：√17、√【分析】【分析】气体压强的微观解释：气体的压强是气体分子频繁撞击容器壁产生的；从宏观上看，一定质量的气体，温度越高，体积越小，气体产生的压强越大．

从宏观上看，这个压强就是地面上每平方米面积的上方整个大气柱对地面的压力，它等于地面上方的这一大气柱的重力．【解析】【解答】解：气压是由于气体分子对杯壁的密集的；激烈的碰撞的效应．

从宏观效果上看；对于地面所受到的大气压强，就是地面上每平方米面积的上方整个大气柱对地面的压力，它等于地面上方的这一大气柱的重力。

故该说法是正确的．

故答案为：√18、×【分析】【分析】首先据波动图象读出波长和求出周期，根据质点的振动和波的传播特点分析质点的振动情况，然后再写出振动方程，与题干中的方程比较即可．【解析】【解答】解：该波是振幅是10cm，波速为10m/s，波长为4m，所以周期：T=s，角速度ω=；

该波向x轴的正方向传播；由上下坡法可知，图中P质点在t=0时刻振动的方向向下，所以振动方程为y=-10sin5πt（cm），错误．

故答案为：×四、推断题(共1题，共8分)19、（1）Al3++4OH-=AlO2-+2H2OFe3++3OH-=Fe（OH）3（2）SiO2Al（OH）3（3）取沉淀少量于一支洁净的试管中，加入少量盐酸，然后再往试管中加入几滴的KSCN溶液，发现试管内呈现红色（4）在漏斗内的沉淀上加入一定量的蒸馏水，没过沉淀，侍水自然流下，重复数次坩埚（5）【分析】【分析】结合题目信息及框图可知：铝土矿rm{??????????}加入的为足量的盐酸或硫酸，沉淀rm{a}为二氧化硅，溶液rm{a}为铁和铝的盐溶液，沉淀rm{b}为氢氧化铁，rm{A}为偏铝酸钠溶液；结合框图可得rm{F}为二氧化碳，rm{G}为铜，沉淀rm{c}为氢氧化铝，rm{B}为氧化铝；此题属于综合考查，难度较大，需要学生较高的能力。【解答】rm{(1)}溶液rm{a}含铝离子和铁离子，与过量氢氧化钠反应，故答案为：rm{Al^{3+}+4OH^{-}=AlO^{2-}+2H}rm{Al^{3+}+4OH^{-}=

AlO^{2-}+2H}rm{2}rm{2}rm{O}rm{Fe^{3+}+3OH^{-}=Fe(OH)}rm{3}根据分析框图可得沉淀rm{3}是二氧化硅，沉淀rm{隆媒}是氢氧化铝，故答案为：rm{(2)}rm{a}；rm{c}rm{SiO}rm{{,!}_{2}}；rm{{,!}_{2}}沉淀rm{Al(OH)}为氢氧化铁，阳离子为铁离子，就是检验铁离子，故答案为：取沉淀少量于一支洁净的试管中，加入少量盐酸，然后再往试管中加入几滴的rm{3}溶液，发现试管内呈现红色；rm{3}洗涤沉淀要注意规范，加热固体要用坩埚，故答案为：在漏斗内的沉淀上加入一定量的蒸馏水，没过沉淀，侍水自然流下，重复数次坩埚；；根据框图，制得铜反应物是蓝铜矿和木炭加热生成铜、二氧化碳和水，制铝用电解三氧化二铝，故答案为：rm{2;(2CuC{O}_{3}隆陇Cu(OH{)}_{2})+3C;overset{?}{=}6Cu+;7C{O}_{2}隆眉+2{H}_{2}O}；rm{2A{l}_{2}{O}_{3}overset{碌莽陆芒}{=}4Al+3{O}_{2}隆眉}rm{(3)}沉淀rm{b}为氢氧化铁，阳离子为铁离子，就是检验铁离子，故答案为：【解析】rm{(1)Al^{3+}+4OH^{-}=AlO_{2}^{-}+2H_{2}O}rm{Fe^{3+}+3OH^{-