2025年华师大新版高二物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年华师大新版高二物理下册阶段测试试卷711考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、下列关于匀强电场中场强和电势差的关系的说法中不正确的是（）

A.在相同的距离上；电势差大的其场强也必定大。

B.任意两点的电势差；等于场强与这两点间距离的乘积。

C.电势降低的方向；必定是电场强度的方向。

D.沿着电场线方向；相等距离上的电势降落必定相等。

2、下列有关黑体辐射的说法中；正确的是（）

A.温度越高；黑体辐射的强度越大。

B.温度越高；黑体辐射的强度越小。

C.黑体辐射的强度与温度无关。

D.随着温度的升高；黑体辐射强度的极大值向波长较长的方向移动。

3、在以下列举的应用或现象中；属于静电防止的是（）

A.静电复印。

B.静电喷涂。

C.静电除尘。

D.油罐车用铁链拖地运行。

4、如图所示的单摆，摆球a

向右摆动到最低点时，恰好与一沿水平方向向左运动的粘性小球b

发生碰撞，并粘接在一起，且摆动平面不变.

已知碰撞前a

球摆动的最高点与最低点的高度差为h

摆动的周期为Ta

球质量是b

球质量的5

倍，碰撞前a

球在最低点的速度是b

球速度的一半.

则碰撞后(

)

A.摆动的周期为56T

B.摆动的周期为65T

C.摆球的最高点与最低点的高度差为0.3h

D.摆球的最高点与最低点的高度差为0.25h

5、一小球在周长为2m的圆形轨道上运动，从某点开始绕行一周又回到该点，则小球的（）A.位移大小是0，路程是2mB.位移大小和路程都是2mC.位移大小是2m，路程是0D.位移大小和路程都是06、根据热力学第二定律；下列判断不正确的是（）

A.热机中；燃气内能不可能全部变为机械能。

B.运动物体速度变大；它的内能也变大。

C.在火力发电机中；燃气内能不可能全部转化为电能。

D.在热传导中；热量不可能自发的从低温物体传递给高温物体。

7、电影特技中有一种叫做“快镜头”的方法，快镜头指拍摄影片或电视片时，用慢速拍摄的方法拍摄，再用正常速度放映或播放（比如2倍速度的快镜头是拍摄时每秒12张画面，播放时每秒24张画面），对于一个从静止开始做匀加速直线运动的汽车，不使用特技时，屏幕上汽车的加速度为a，汽车运动到某点时的速度为v，当使用4倍速度的“快镜头”时，屏幕上汽车的加速度和运动到同一点的速度分别为（）A.8a、4vB.8a、8vC.16a、4vD.16a、8v8、一个92235U

原子核在中子的轰击下发生一种可能的裂变反应，其裂变方程为92235U+01n隆煤X+3894Sr+201n

则下列叙述正确的是(

)

A.X

原子核中含有85

个中子B.X

原子核中含有140

个核子C.因为裂变时释放能量，根据E=2mc2

所以裂变后的总质量数增加D.因为裂变时释放能量，出现质量亏损，所以生成物的总质量数减少评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)9、如图所示，将一个小球用细线悬挂起来，让小球在a、b之间来回摆动，c点为小球圆弧轨迹的最低点，则以下说法中正确的是（）A.小球做简谐振动的回复力是摆球重力沿圆弧线方向的分力B.小球由c到b的过程，动能减小，重力势能增大C.小球在c点时的重力势能最大，向心加速度也最大D.在平衡位置时，摆线张力最大，回复力也最大10、下列说法正确的是（）A.铀核裂变的核反应是：U→Ba+Kr+2nB.α粒子散射实验可以用来确定原子核电荷量和估算原子核半径C.氢原子辐射出一个光子后能量减小，核外电子的运动加速度减小D.比结合能越大，表示原子核中核子结合得越牢靠，原子核越稳定11、如下图，甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图，图乙为质点P

以此时刻为计时起点的振动图象.

从该时刻起(

)

A.经过0.35s

时，质点Q

距平衡位置的距离小于质点P

距平衡位置的距离B.经过0.25s

时，质点Q

的加速度大于质点P

的加速度C.经过0.15s

波沿x

轴的正方向传播了3m

D.经过0.1s

时，质点Q

的运动方向沿y

轴正方向12、如图甲所示是一种速度传感器的工作原理图，这个系统中只有一个不动的小盒子B

工作时小盒子B

向被测物体发出短暂的超声波脉冲，脉冲被运动的物体反射后又被B

盒接受，从B

盒发射超声波开始计时，经时间娄陇t0

再次发射超声波脉冲，图乙是连续两次发射的超声波的位移鈭�

时间图象，则下列说法正确的是A.超声波的速度为：v

声=2x1t1

B.超声波的速度为：v

声=2x2t2

C.物体的平均速度为：v鈥�=2(x2鈭�x1)t2鈭�t1+2?t0

D.物体的平均速度为：v鈥�=2(x2鈭�x1)t2鈭�t1+?t0

13、如图所示为同一地点的两单摆甲；乙的振动图象；下列说法中正确的是（）

A.甲、乙两单摆的摆长相等B.甲摆的振幅比乙摆大C.甲摆的机械能比乙摆大E.由图象可以求出当地的重力加速度E.由图象可以求出当地的重力加速度14、如图所示，一束光沿半径方向射向一块半圆柱形玻璃砖，在玻璃砖底面上的入射角为娄脠

经折射后射出a

、b

两束光线，下列说法正确的是()

A.在玻璃中，a

光的传播速度小于b

光的传播速度。

B.在真空中，a

光的波长大于b

光的波长。

C.玻璃砖对a

光的折射率大于对b

光的折射率。

D.若改变光束的入射方向使娄脠

角逐渐变大，则折射光线b

首先消失15、如图所示，有一油滴，被置于竖直放置的两平行金属板间的匀强电场中，设油滴是从两板中间位置，由静止释放进入电场的，可以判定(

)

A.油滴在电场中做抛物线运动B.油滴在电场中做匀加速直线运动C.油滴打在极板上的运动时间只决定于电场强度和两板间距离D.油滴打在极板上的运动时间不仅决定于电场强度和两板间距离评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)16、有一段直导线长1cm，通以2A电流，把它置于垂直于匀强磁场中的某点时，受到磁场力为0.02N，则该点的磁感应强度B的大小为____T．17、现有一个电流表,它的满偏电流为Ig=1mA,内阻Rg=200Ω,若要将它改装成量程为5A的电流表,应____联一个______Ω的电阻,改装后的电流表测量电流时,指针指在表盘上原来0.2mA处,则被测电流的大小是_______.18、把一个满偏电流为1mA、内电阻为600Ω的电流表头改装成量程为3A的电流表，则需要并联一个____Ω的电阻．改装成量程为15V的电压表需要串联一个____Ω的电阻．19、测定重力加速度时：

①摆球应选用重而小的实心球；摆线宜选用轻而长且难以发生形变的细线；

②测摆线的长度用的仪器是______，测小球直径用的仪器是______，测量摆动30～50次时间用的仪器是______．20、为了减小远距离输电过程中在线路上的损耗，在功率和线路电阻一定时，应该采用提高______的方式输电．评卷人得分四、判断题(共4题，共8分)21、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

22、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

23、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）24、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分五、画图题(共2题，共4分)25、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象26、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A|B|C【分析】

A；匀强电场场强处处相等；故A错误．

B；任意两点的电势差；等于场强与这两点间沿电场强度方向上的距离的乘积，故B错误．

C；沿电场线的方向电势降最快；但电势降低的方向，不一定是电场强度的方向，故C错误．

D；在匀强电场中；由u=Ed可知D正确．

本题选错误的；故选ABC

【解析】【答案】根据匀强电场概念场强处处相等；任意两点的电势差，等于场强与这两点间沿电场强度方向上的距离的乘积即u=Ed；沿电场线的方向电势降落最快，但电势降低的方向，不一定是电场强度的方向．

2、A【分析】

A；黑体辐射的强度与温度有关；温度越高，黑体辐射的强度越大．故A正确，B、C错误．

D；随着温度的升高；黑体辐射强度的极大值向波长较短的方向移动．故D错误．

故选A．

【解析】【答案】黑体辐射的强度与温度有关；温度越高，黑体辐射的强度越大，随着温度的升高，黑体辐射强度的极大值向波长较短的方向移动．

3、D【分析】

A．静电复印是利用异种电荷相互吸引而使碳粉吸附在纸上；属于静电应用，不符合题意；

B．喷枪喷出的油漆微粒带正电；因相互排斥而散开，形成雾状，被喷涂的物体带负电，对雾状油漆产生引力，把油漆吸到表面，属于静电应用，不符合题意；

C．静电除尘时除尘器中的空气被电离；烟雾颗粒吸附电子而带负电，颗粒向电源正极运动，属于静电应用，不符合题意；

D．油罐车上的搭地铁链是为了把产生的静电导走；属于静电的防止，符合题意．

故选D．

【解析】【答案】本题考查是关于静电的防止与应用；从各种实例的原理出发就可以判断出答案．

4、D【分析】解：单摆的周期与摆球的质量无关；只决定于摆长和当地的重力加速度.

所以AB错误．

在a

球向下摆的过程中；只有重力做功，机械能守恒．

有Mgh=12Mv12

ab

两球碰撞过程时间极短；两球组成的系统动量守恒．

所以有Mv1鈭�m?2v1=(M+m)v2

碰撞后摆动过程中；机械能守恒；

所以有(M+m)gh鈥�=12(M+m)v22

整理得v2=12v1

所以h鈥�=0.25h.

所以D正确．

故选D．【解析】D

5、A【分析】解：小球在周长为2m的圆形轨道上运动；从某点开始绕行一周又回到该点，初末位置重合，所以位移为0，路程等于周长，即s=2m。故A正确，B；C、D错误。

故选：A。

位移的大小等于首末位置的距离；路程等于运动轨迹的长度．

解决本题的掌握位移和路程的区别，知道位移是矢量，大小等于首末位置的距离，路程是标量，大小等于运动轨迹的长度．【解析】A6、B【分析】

A；热机中；燃气内能不可能全部变为机械能．故A正确．

B；机械运动与物体的内能没有关系；B错误；

C；火力发电机发电时；能量转化的过程为内能--机械能--电能，因为内能--机械能的转化过程中会对外放出热量．故燃气的内能必然不能全部变为电能，故C正确．

D；热量从低温物体传递到高温物体不能自发进行；必须借助外界的帮助，结果会带来其他影响，这正是热力学第二定律第一种表述的主要思想，故D正确．

本题选错误的；故选B．

【解析】【答案】本题考查热力学第二定律的内容：一种表述：不可能从单一热源吸取热量；使之完全变为有用功而不产生其他影响．另一种表述是：不可能使热量由低温物体传递到高温物体，而不引起其他变化．第二定律说明热的传导具有方向性．

7、C【分析】解：由题，使用4倍速度的“快镜头”，则有v2=4v．由于使用“快镜头”时，物体发生的位移在屏幕上与不使用“快镜头”时相同，由公式a=得知，x相同，则有a2=16a．故C正确；A；B、D错误．

故选：C

由题，使用4倍速度的“快镜头”，则知v2=4v．使用“快镜头”时，物体发生的位移在屏幕上与不使用“快镜头”时相同，根据公式v2=2ax；分析加速度的关系。

解答本题的关键是抓住使用“快镜头”时，物体发生的位移在屏幕上与不使用“快镜头”时相同，再由运动学公式求解加速度的关系．【解析】【答案】C8、B【分析】【分析】

根据电荷数守恒；质量数守恒得出X

的电荷数和质量数；从而确定X

原子核中的中子数以及核子数.

在裂变的过程中，质量数守恒，由于有能量释放，结合爱因斯坦质能方程分析质量的变化。

解决本题的关键知道裂变过程中有质量亏损；但是质量数守恒，基础题。

【解答】

AB.

根据电荷数守恒；质量数守恒知；X

的质量数为140

电荷数为54

则中子数为86

核子数为140

故A错误，B正确；

CD.

在裂变的过程中；有能量释放，根据爱因斯坦质能方程知，裂变后的总质量小于反应前的质量，但是质量数守恒，故C；D错误。

故选：B

【解析】B

二、多选题(共7题，共14分)9、AB【分析】解：A；小球做简谐振动的回复力是摆球重力沿圆弧线方向的分力；A正确；

B、小球由c到b的过程；重力做负功，动能减小，重力势能增大，B正确；

C；小球在c点时的重力势能最小；向心加速度最大，C错误；

D；在平衡位置时；摆线弹力最大，回复力为零，故D错误；

故选：AB

单摆振动时；摆球的回复力是摆球所受重力沿圆弧切线方向的分力，小球摆动过程中，受到重力和细线的拉力，拉力与速度垂直，不做功，只有重力做功，机械能守恒。

本题关键抓住机械能守恒的条件，由于拉力始终不做功，故只有重力做功，动能和势能相互转化，机械能守恒．【解析】【答案】AB10、BD【分析】解：A、铀核裂变的核反应是U+n→Ba+Kr+3n．故A错误．

B；α粒子散射实验可以用来估算原子核半径．故B正确．

C、氢原子辐射出一个光子后能量减小，由高能级跃迁到低能级，轨道半径减小，根据k=ma；知加速度增大．故C错误．

D；比结合能越大；表示原子核中核子结合得越牢靠，原子核越稳定．故D正确．

故选：BD

α粒子散射实验可以用来估算原子核半径；氢原子辐射出一个光子后能量减小，从高能级跃迁到低能级，通过轨道半径的变化判断加速度的变化，比结合能越大的原子核越稳定．

解决本题的关键要掌握玻尔理论、衰变等基础知识，比较简单，关键掌握这些知识点的基本概念和基本规律，注意A选项反应两边的中子不能约去一个．【解析】【答案】BD11、AC【分析】解：A

由图，t=0

时刻，P

向下运动，Q

向上运动，根据振动图象知T=0.2s

经过0.35s=T+34T

时；质点Q

在平衡位置下方未到波谷，质点P

到达波峰，质点Q

距平衡位置的距离小于质点P

距平衡位置的距离.

故A正确．

B、此时P

向下运动，Q

点向上运动.T=0.2s

经过t=0.25s=114T

时；P

点到达波谷，Q

点到达平衡位置上方，但未到波峰，质点Q

的加速度小于质点P

的加速度.

故B错误．

C、因波沿x

轴的正方向传播，娄脣=4m

则波速v=娄脣T=40.2m/s=20m/s

则经过0.15s

波传播距离x=vt=3m.

故C正确．

D、t=0

时P

向下振动，故波向x

轴正方向传播，t=0.1s

时过了12T

质点Q

的运动方向沿y

轴负方向.

故D错误．

故选：AC

由振动图象读出t=0

时刻P

点的振动方向；判断波的传播方向.

由波动图象读出波长，由振动图象读出周期，可求出波速.

分析波动过程，确定Q

点的加速度与P

点加速度关系，并判断Q

点的运动方向．

波的图象往往先判断质点的振动方向和波的传播方向间的关系.

同时，熟练要分析波动形成的过程，分析物理量的变化情况．【解析】AC

12、AD【分析】【分析】超声波在空气中匀速传播，根据发射和接受的时间差求出速度，物体通过的位移为x2鈭�x1

时，所用时间为：t12+t2鈭�?t02+?t0

再求解物体的平均速度。本题考查了x鈭�t

图象，根据位移时间图象得到物体的位移和时间，从而得到速度。【解答】A.由图知超声波在t12

时间内通过位移为x1

则超声波的速度为：v=x1t12=2x1t1

故A正确；B.由图可知，超声波通过位移为x2

时，所用时间为t2鈭�?t02

则超声波的速度为：v=x2t2鈭�?t02>x2t22=2x2t2

故B错误；CD.

物体通过的位移为x2鈭�x1

时，所以时间为：t12+t2鈭�?t02+?t0=12(t2鈭�t1+?t0)

则物体的平均速度为：v鈥�=x2鈭�x112(t2鈭�t1+?t0)=2(x2鈭�x1)t2鈭�t1+?t0

故D正确，C错误。故选AD。【解析】AD

13、ABD【分析】解：A、由图看出，两单摆的周期相同，同一地点g相同，由单摆的周期公式T=2π得知；甲；乙两单摆的摆长L相等．故A正确．

B；甲摆的振幅为10cm；乙摆的振幅为7cm，则甲摆的振幅比乙摆大．故B正确．

C；尽管甲摆的振幅比乙摆大；两摆的摆长也相等，但由于两摆的质量未知，无法比较机械能的大小．故C错误．

D；在t=0.5s时；甲摆经过平衡位置，振动的加速度为零，而乙摆的位移为负的最大，则乙摆具有正向最大加速度．故D正确．

E、由单摆的周期公式T=2π得由于单摆的摆长不知道，所以不能求得重力加速度．故E错误。

故选：ABD．

由图读出两单摆的周期；由单摆的周期公式分析摆长关系；由位移的最大值读出振幅；由于两摆的质量未知，无法比较机械能的大小；根据加速度与位移方向相反，确定加速度的方向．

本题只要掌握单摆的周期公式、加速度的特点等等，就能正确解答．由振动图象读出振幅、周期是基本功．【解析】【答案】ABD14、AC【分析】【分析】通过光路图，判断出玻璃砖对两束光的折射率大小，从而知道两束光的频率大小，在真空中所有光的传播速度都是c

在介质中根据v=cn

分析传播速度的大小。

解决本题的关键是通过光路图比较出折射率，而得知频率大小，要注意在真空中所有光的传播速度是相同的，与频率无关。【解答】光线aa的偏折程度大，根据折射定律公式n=sinisin娄脠，光线aa的折射率大，故C正确；根据公式v=cn，光线aa在玻璃中的传播速度小，故A正确；光线aa的折射率大，说明光线aa的频率高，根据c=娄脣f，光线aa在真空中的波长较短，故B错误；若改变光束的入射方向使娄脠角逐渐变大，则折射光线aa的折射角先达到9090鈭�，故先发生全反射，先消失，故D错误。

故选AC。

【解析】AC

15、BD【分析】解：

A；B

油滴从两板中间位置进入电场中；只受到电场力和重力作用，两个力都是恒力，合力为恒力，初速度又为零，故油滴将沿合力方向做匀加速直线运动.

故A错误，B正确．

C、D

由牛顿第二定律得，油滴的加速度为a=qEm

油滴在垂直于板的方向做初速度为零的加速度为a

的匀加速直线运动，则有：

12d=12at2

得：t=da=mdqE

式中，mq

分别是油滴的质量和电量，qm

是油滴的比荷；E

是板间场强；d

是板间距离，可见，油滴打在极板上的运动时间不仅决定于电场强度和两板间距离，还决定于油滴的比荷.

故C错误，D正确．

故选：BD

油滴从两板中间位置进入电场中；受到电场力和重力作用，两个力都是恒力，油滴做匀加速直线运动，由牛顿第二定律和运动学公式结合可确定油滴打在极板上的运动时间的决定因素．

本题关键通过分析油滴的受力情况，判断其运动情况.

油滴所受的电场力和重力都是恒力，运用运动的分解法，研究垂直于板的方向确定运动时间．【解析】BD

三、填空题(共5题，共10分)16、略

【分析】

根据F=BIL得，B=．

故答案为：1．

【解析】【答案】根据安培力的大小公式F=BIL求出磁感应强度B的大小．

17、略

【分析】【解析】试题分析：改装为电流表需并联一个电阻，改装电流表原理：其中I为改装后的量程。改装成电流表要并联电阻分流，并联电阻阻值为R：改装后的刻度为原来的倍，则原0.2mA的刻度值应变为：考点：电表的改装．【解析】【答案】并联；0.4Ω；1A18、0.214400【分析】【解答】解：把电流表改装成3A电流表需要并联分流电阻，并联电阻阻值：R==≈0.2Ω；

把电流表改装成量程为15V的电压表需要串联分压电阻，串联电阻阻值：R′=﹣Rg=﹣600=14400Ω；

故答案为：0.2；14400．

【分析】把电流表改装成大量程电流表需要并联分流电阻，把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，应用串并联电路特点与欧姆定律可以求出电阻阻值．19、略

【分析】解：测摆线的长度应准确到毫米；故用毫米刻度尺；测小球直径常用游标卡尺，用秒表测量时间。

故答案为：毫米刻度尺；游标卡尺，秒表。

为减小误差；测摆线的长度应准确到毫米，测小球直径常用游标卡尺，对秒表用途的了解．

考查了常规仪器的运用，了解精确度对误差的影响，合理使用仪器，了解其工作原理，难度一般．【解析】毫米刻度尺；游标卡尺；秒表20、略

【分析】解：由线路损耗功率P脣冒=I2R=(PU)2R

可知为了减小线路上损失的功率；在功率和线路电阻一定时，可以采取的措施有提高输送电压。

故答案为：电压。

为了减少远距离输电线路上的电能损耗；根据P

损=I2R

知减小电流减小损失的功率．

本题难度较小，注意在传输