2025年湘师大新版必修1物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘师大新版必修1物理下册月考试卷89考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示，物体A靠在竖直墙面上，在力F作用下，A、B保持静止．物体B的受力个数为

A.2B.4C.2或4D.无法确定2、一物体做匀变速直线运动，其位移与时间的关系式为则当物体的速度的大小为时，物体加速运动的时间为（）A.B.C.D.3、关于速度和加速度的说法中，正确的是（）A.物体速度变化越来越快，而加速度可能越来越小B.物体速度越来越大，而加速度可能不变C.物体速度为零时，加速度一定为零D.加速度的方向就是物体运动的方向4、如图所示，在离地面一定高度处把4个水果以不同的初速度竖直上抛，不计空气阻力，若1s后4个水果均未着地，则1s后速率最大的是（）A.B.C.D.5、2022年2月，北京市和张家口市联合举办了第24届冬季奥林匹克运动会，让世界瞩目。冰壶是冬奥会上一种投掷性竞赛项目。如图甲所示，运动员以一定初速度投出冰壶使其在冰面上沿直线自由滑行，冰壶的v-t图像如图乙所示；则下列说法正确的是（）

A.冰壶做加速度逐渐增大的减速运动B.冰壶在0~t0时间内运动的位移x>v0t0C.冰面的动摩擦因数逐渐减小D.冰壶在位移中点的瞬时速度小于时间中点的瞬时速度6、一个物体沿直线运动，从t=0时刻开始，物体的位移x与时间t的图像如图所示，图线与横、纵坐标轴的交点分别为-1s和0.5m/s，由此可知（）

A.物体做速度大小为0．5m/s的匀速直线运动B.物体做变加速直线运动C.物体做匀加速直线运动，加速度的大小为D.物体做匀加速直线运动，初速度大小为评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)7、某位运动员百米赛跑的v-t图像如图所示；下列说法中正确的是。

A.前3s内运动员的加速度保持不变B.运动员做匀速直线运动的位移大小为77mC.前3s内运动员的平均速度大小约为7.7m/sD.运动员在第1s内的加速度大于最后1s内的加速度8、如图所示，一栋高为的三层楼房，每层楼高相等，且每层楼正中间有一个高为的窗户。现将一石块从楼顶边沿自由释放；不计空气阻力，以下说法正确的是（）

A.石块依次到达三个窗户上沿的时间大小之比为B.石块依次通过图中三点的速度之比为C.石块依次到达三个窗户下沿的速度之比为D.石块依次通过三层楼房的时间之比为1:2:39、如图所示直角三角形框架OMN的OM、ON初始位置分别处于水平和竖直方向上，且一个重为G的光滑小球位于框架内且恰好与OM、ON、MN三边相切，但接触点未必都有弹力。现以O点为轴缓慢将框架在同一竖直平面内顺时针转动一周的过程中；下列说法正确的是（）

A.转动θ为0到的过程中，MN边受到小球的压力一直为零。B.转动一周的过程中，当MN边第一次处于竖直位置时ON边受到的力最大且为C.转动一周的过程中OM边受到的力最大值为2GD.转动一周的过程中有可能存在使OM、ON、MN三边都同时受力的位置10、如图所示，物体A、B的质量均为m，二者用细绳连接后跨过定滑轮，A静止在倾角θ=30°的斜面上，B悬挂着，且斜面上方的细绳与斜面平行。若将斜面倾角θ缓慢增大到45°，物体A仍保持静止，不计滑轮摩擦。则下列判断正确的是（）

A.物体A对斜面的压力可能增大B.物体A受的静摩擦力一定减小C.物体A受的静摩擦力可能增大D.物体A受斜面的作用力一定减小11、哥伦比亚大学的工程师研究出一种可以用于人形机器人的合成肌肉，可模仿人体肌肉做出推、拉、弯曲和扭曲等动作。如图所示，连接质量为m的物体的足够长轻细绳ab一端固定于墙壁，用合成肌肉和金属“骨架”做成的“手臂”（合成肌肉未画出）ced的d端固定一小滑轮，c端用铰链固定于墙壁，e也为铰链，c和e类似于人手臂的关节，由合成肌肉控制手臂的曲张，细绳绕过滑轮。设cd连线与竖直墙壁ac夹角为不计绳与滑轮间的摩擦，下列说法正确的是（）

A.若保持不变，增大cd长度，细绳ad部分拉力不变B.若保持增大cd长度，细绳对滑轮的力始终沿dc方向C.若保持ac等于ad，增大cd长度，细绳对滑轮的力始终沿dc方向D.若从90°逐渐变为零，cd长度不变，且保持ac>cd，则细绳对滑轮的力先增大后减小12、“蹦极"是一项很有挑战性的运动。如图所示，蹦极者将一根有弹性的绳子系在身上，另一端固定在跳台上。蹦极者从跳台跳下，落至图中a点时弹性绳刚好被拉直，下落至图中b点时弹性绳对人的拉力与人受到的重力大小相等，图中c点是蹦极者所能达到的最低点；不计空气阻力。关于蹦极者的运动下列说法正确的是()

A.从a点到c点蹦极者一直做减速运动B.从a点到c点蹦极者先做加速运动再做减速运动C.蹦极者最终会静止在c点D.如果蹦极者受到的空气阻力不能忽略，其下落的最低点在c点上方13、如图所示，小车上有一直立木板，木板上方有一槽，槽内固定一定滑轮，跨过定滑轮的轻绳一端系一重球，另一端系在轻质弹簧秤上，弹簧秤固定在小车上，开始时小车处于静止状态，轻绳竖直且重球恰好紧挨直立木板，假设重球和小车始终保持相对静止，则下列说法正确的是（______）

A.若小车匀加速向右运动；弹簧秤读数及小车对地面压力均不变。

B.若小车匀加速向左运动；弹簧秤读数及小车对地面压力均不变。

C.若小车匀加速向右运动；弹簧秤读数变大，小车对地面的压力不变。

D.若小车匀加速向左运动，弹簧秤读数变大，小车对地面的压力不变A.B.C.D.评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)14、细线一端系住质量为1kg的小球，另一端与斜面相连，细线与斜面平行，斜面倾角为=53°，如图所示．使小球和斜面以共同的加速度向右作匀加速直线运动，当小球恰好离开斜面时，它们的加速度大小为_________m/s2，此时绳子的拉力大小为_________N．（g=10m/s2，cos53°=0.6，sin53°=0.8）

15、以40m/s的初速度自同一地点先后竖直向上抛出两小球，两球抛出的时间间隔为3s，第二个小球抛出t=_____s后与第一小球相遇，相遇时离地面高为h=_____m。16、力的作用效果与力的__________、__________和__________有关，它们叫做力的__________.力有大小，又有方向，所以力是__________量.17、如图，竖直绝缘墙上固定一带电小球A，将带电小球B用轻质绝缘丝线悬挂在A的正上方C处，图中AC=h．当B静止在与竖直方向夹角方向时，A对B的静电力为B所受重力的倍，则丝线BC长度为_______．若A对B的静电力为B所受重力的0.5倍，改变丝线长度，使B仍能在处平衡．以后由于A漏电，B在竖直平面内缓慢运动，到处A的电荷尚未漏完，在整个漏电过程中，丝线上拉力大小的变化情况是_______．

18、在探究加速度与力；质量的关系的实验中：

（一）实验思路——控制变量法

（1）探究加速度与力的关系。

保持小车___________不变，通过改变___________改变小车所受的拉力，测得不同拉力下小车运动的加速度，分析加速度与___________的定量关系。

（2）探究加速度与质量的关系。

保持小车所受的___________不变，通过在小车上___________改变小车的质量，测得不同质量的小车对应的加速度，分析加速度与___________的定量关系。

（二）物理量的测量

（1）质量的测量：用天平测量。在小车中增减砝码的数量可改变小车的质量。

（2）加速度的测量。

a.方法1：让小车做初速度为0的匀加速直线运动，用___________测量小车移动的位移x，用___________测量发生这段位移所用的时间t，然后由计算出加速度a。

b.方法2：由纸带根据公式结合逐差法计算出小车的加速度。

c.方法3：不直接测量加速度，求加速度之比，例如：让两个做初速度为0的匀加速直线运动的物体的运动时间t相等，测出各自的位移x1、x2，则把加速度的测量转换成___________的测量。

（3）力的测量。

在阻力得到补偿的情况下；小车受到的拉力等于小车所受的合力。

a.在槽码的质量比小车的质量___________时，可认为小车所受的拉力近似等于___________。

b.使用力传感器可以直接测量拉力的大小；不需要使槽码的质量远小于小车的质量。

（三）实验器材

小车、砝码、槽码、细线、一端附有定滑轮的长木板、垫木、打点计时器、______、纸带、______、______．

（四）实验步骤（以参考案例1为例）

（1）用___________测出小车的质量m；并把数值记录下来。

（2）按如图所示的装置把实验器材安装好（小车上先不系细线）。

（3）补偿阻力：在长木板不带定滑轮的一端下面垫上垫木，反复移动垫木位置，启动打点计时器，直到轻推小车使小车在斜面上运动时可保持___________运动为止（纸带上相邻点间距相等）；此时小车重力沿斜面方向的分力等于打点计时器对小车的阻力和长木板的摩擦阻力及其他阻力之和。

（4）把细线绕过定滑轮系在小车上；另一端挂上槽码。保持小车质量不变，改变槽码的个数，以改变小车所受的拉力。处理纸带，测出加速度，将结果填入表1中。

表1小车质量一定。

。拉力F/N

加速度a/（m·s-2）

（5）保持槽码个数不变；即保持小车所受的拉力不变，在小车上加放砝码，重复上面的实验，求出相应的加速度，把数据记录在表2中。

表2小车所受的拉力一定。

。质量m/kg

加速度a/（m·s-2）

（五）数据分析

（1）分析加速度a与力F的定量关系。

由表1中记录的数据，以加速度a为纵坐标，力F为横坐标，根据测量数据描点，然后作出a-F图像，如图2所示，若图像是一条___________，就能说明a与F成正比。

（2）分析加速度a与质量m的定量关系。

由表2中记录的数据，以a为纵坐标，以为横坐标，根据测量数据描点，然后作出a-图像，如图3所示。若a-图像是一条过原点的直线，说明a与成___________，即a与m成___________。

（3）实验结论。

a.保持物体质量不变时，物体的加速度a与所受拉力F成___________。

b.保持拉力F不变时，物体的加速度a与质量m成___________。

（六）注意事项

（1）打点前小车应___________打点计时器且应先___________后___________。

（2）在补偿阻力时，___________（选填“要”或“不要”）悬挂槽码，但小车应连着纸带且启动打点计时器。用手轻轻地给小车一个初速度，如果在纸带上打出的点的间隔___________；表明小车受到的阻力跟它受到的重力沿斜面向下的分力平衡。

（3）改变槽码的质量的过程中，要始终保证槽码的质量___________小车的质量。

（4）作图时应使所作的___________通过尽可能多的点，不在直线上的点也要尽可能地均匀分布在直线的两侧，个别偏离较远的点应舍去。评卷人得分四、实验题(共2题，共12分)19、为了探究物体质量一定时加速度与力的关系，甲、乙同学设计了如图所示的实验装置．其中M为带滑轮的小车的质量，m为砂和砂桶的质量，m0为滑轮的质量．力传感器可测出轻绳中的拉力大小．

(1)实验时，一定要进行的操作是________．

A．用天平测出砂和砂桶的质量。

B．将带滑轮的长木板右端垫高；以平衡摩擦力。

C．小车靠近打点计时器；先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录力传感器的示数。

D．为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M

(2)甲同学以力传感器的示数F为横坐标，加速度a为纵坐标，画出a-F图象是一条直线，图线的斜率为k，则小车的质量为______．

A．B．C．D．

(3)乙同学根据测量数据做出如右图所示的a-F图线，该同学做实验时存在的问题是_________．

20、某同学利用光电传感器设计了测定重力加速度的实验；实验装置如图1所示，实验器材有铁架台；光电计时器、小钢球等．铁架台上端固定一个电磁铁，通电时，小钢球被吸在电磁铁上，断电时，小钢球自由下落．

（1）先将光电门固定在A处，光电计时器记录下小球经过光电门的时间量出小球释放点距A的距离为h0，测出小球的直径d（d远小于h0）．则小球运动到光电门处的瞬时速度v=________，当地的重力加速度为g=________．用题中所给字母表示）

（2）若某次实验时光电计时器记录下小钢球经过光电门的时间为请你判断此时光电门距A处的距离________．（用（1）中所给字母表示）

（3）由于直尺的长度限制，该同学改测光电门位置与其正上方固定点P（图中未画出）之间的距离h，并记录小球通过光电门的时间．移动光电门在竖直杆上的位置，进行多次实验．利用实验数据绘制出如图2所示的图象，已知图象斜率为k，纵截距为b，根据图象可知重力加速度g=________．

评卷人得分五、解答题(共1题，共2分)21、如图所示，匀质半圆柱A静置于水平地面上，其上有一光滑圆柱B．B的右端紧贴着竖直墙面，此时A恰好将要发生滑动，已知A、B的质量均为m，两圆柱截面的圆心连线O1O2与水平面的夹角为假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，求：

(1)B对墙面的压力大小；

(2)A与地面的动摩擦因数．

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】【分析】

本题先对A物体受力分析，然后根据牛顿第三定律，得出A对B的反作用力，再对B物体受力分析；得出结果．

【详解】

以A为研究对象，受力分析，有竖直向下的重力、B对A的支持力和摩擦力，这样才能使平衡．根据牛顿第三定律，A对B也有压力和摩擦力，B还受到重力和推力F，所以B受四个力作用；故B正确，ACD错误．

【点睛】

本题关键先对A物体受力分析，再得出A对B物体的反作用力，最后再结合平衡条件对B物体受力分析即可正确求解．2、D【分析】【详解】

根据位移与时间的关系式为

可知初速度v0=8m/s，加速度a=-2m/s2

则当物体的速度为且与初速度方向相同时，物体一直减速；当物体的速度为且与初速度方向相反时，物体先减速到零后加速到6m/s；则物体加速运动的时间为

故选D。3、B【分析】【详解】

A．物体速度变化越来越快；加速度越来越大，故A错误；

B．物体速度越来越大；可能是匀加速运动，加速度可能不变，故B正确；

C．物体速度为零时；加速度可能不为零．例如：物体刚开始自由下落时，速度为零，加速度不为零，故C错误。

D．加速度的方向可与运动方向成任意夹角；加速度的方向一般不是物体运动的方向，故D错误。

故选B。4、A【分析】【详解】

根据

代入解得

同理解得

由于

故A正确；BCD错误。

故选A。5、C【分析】【详解】

A．v-t图线的斜率表示加速度；由图像可知，图线的斜率逐渐减小，故冰壶做加速度逐渐减小的减速运动，故A错误；

B．v-t图线与时间轴围成的面积表示位移，将该图线与匀减速直线运动的图线比较，可知冰壶在t0时间内运动的位移小于v0t0；故B错误；

C．冰壶运动的加速度是摩擦力产生的，由牛顿第二定律得ma=μmg

则a=μg

由于冰壶的加速度逐渐减小；说明冰面的动摩擦因数逐渐减小，故C正确；

D．冰壶在位移的中点处，两侧的位移大小相等，在v-t图线上找到并标出冰壶在位移中点的瞬时速度和时间中点的瞬时速度，如图所示，v-t图线的斜率表示加速度，可知冰壶在位移中点的瞬时速度v1大于时间中点的瞬时速度v2；故D错误。

故选C。6、C【分析】【分析】

【详解】

设方程为

从图中可知直线经过（-1，0）（0，0.5），可得

即

所以有

对比公式

可得

故C正确；ABD错误。

故选C。二、多选题(共7题，共14分)7、B:C:D【分析】【详解】

AD．根据v-t图像的斜率表示加速度；可读出前3s运动员的加速度逐渐减小，且第1s内的加速度大于最后1s内的加速度，故A错误，D正确；

B．根据v-t图像可知3~10s运动员所匀速直线运动，位移为x2=11×7m=77m，

故B正确；

C．运动员进行百米赛跑，总位移为100m，匀速的位移为77m，故变加速运动的位移为：

根据平均速度的定义：

故C正确；

故选BCD。8、B:C【分析】【详解】

A．石块依次到达三个窗户上沿的位移分别为1m，4m，7m；根据速度位移关系v2=2gh

可知，石块依次到达三个窗户上沿的速度大小之比为1:2:故A错误；

B．石块依次通过图中三点的位移分别为2m，4m，6m；根据速度位移关系v2=2gh

可知，石块依次通过图中三点的速度之比为故B正确；

C．石块依次到达三个窗户下沿的位移为2m，5m，8m，根据速度位移关系v2=2gh

可知，石块依次到达三个窗户下沿的速度之比为故C正确；

D．石块初速度为0，且每层楼房的高度相同，根据初速度为0的匀加速直线运动比例关系式可知，石块依次通过三层楼房的时间之比为故D错误。

故选BC。9、A:B:C【分析】【详解】

A．转动为0到的过程中如图所示，边在小球的上方，边受到小球的压力一直为零，故A正确；

BCD．转动一周的过程中，当边在小球的上方时，边受到小球的压力一直为零，设边与水平方向的夹角为如图所示

根据平衡条件可得边受到的力

边受到的力

当边在小球的上方时，边受到小球的压力一直为零，设边与水平方向的夹角为如图所示

根据平衡条件和正弦定理可得

可知，当时，即边第一次处于竖直位置时边受到的力最大，最大为

当边在小球的上方时，边受到小球的压力一直为零，设边与水平方向的夹角为如图所示

根据平衡条件和正弦定理可得

可知，当时，边受到的力最大，最大为

所以转动一周的过程中不可能存在使三边都同时受力的位置；故B；C正确，D错误；

故选ABC。10、B:D【分析】【详解】

A．物体A对斜面的压力为倾角增大,压力减小，A错误；

BC．物体A受的静摩擦力分别为

A受的静摩擦力减小；B正确，C错误；

D．物体A始终静止；物体A受斜面的作用力始终等于重力与绳的拉力的合力，绳的拉力始终等于B的重力，其大小不变，两个分力大小不变，夹角增大，合力减小，D正确。

故选BD。11、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．因ad部分的拉力等于b端重物的重力，则若保持θ不变，增大cd长度，细绳ad部分拉力不变；A错误；

B．保持θ=90°，增大cd的长度，∠adb减小，因滑轮两边细绳拉力相等，则细绳对滑轮的力沿∠adb的角平分线方向，细绳对滑轮的力不是沿dc方向；B错误；

C．保持ac等于ad，则∠adc=∠cdb，因滑轮两边细绳拉力相等，则细绳对滑轮的力沿∠adb的角平分线方向，即细绳对滑轮的力沿dc的方向；C正确；

D．cd长度不变，θ从90°逐渐减为零，d的运动轨迹如图中圆弧所示。

当ad与圆弧相切时，∠cad最大，由几何关系可知∠adb先减小后增大；绳子的两个张力大小皆等于物体的重力，它们对滑轮作用力的大小随角度变大而变小，因此对滑轮的作用力先变大后变小，D正确。

故选CD。12、B:D【分析】【详解】

AB.从a点到b点的过程中，重力大于弹力，人受到向下的合力做加速运动，所以速度越来越快；在b点时，合力为零，加速度为零，速度最大；在b点以下，弹力大于重力，人受到向上的合力做减速运动，速度越来越小，最低点c时速度为零；故A错误，B正确。

C.在c点时受到的合力方向向上，则蹦极者最终不会静止在c点；选项C错误；

D.如果蹦极者受到的空气阻力不能忽略，若将人的重力和空气阻力进行等效，则等效于人的重力减小了，则其下落的最低点在c点上方，选项D正确。13、B:C【分析】【分析】

【详解】

考点：牛顿第二定律．

专题：计算题．

分析：根据小车的运动状态判断小球的运动状态．已知加速度方向得出合力方向；根据受力分析判断出力的变化．

解答：解：开始时小车处于静止状态，小球受重力mg、绳的拉力F绳1，由于小球静止，所以F绳1=mg；

当小车匀加速向右运动稳定时；小球也向右匀加速运动．小球受力如图：

由于小球向右做匀加速运动；所以小球的加速度水平向右，根据牛顿第二定律小球的合力也水平向右；

根据力图几何关系得出：此时绳子的拉力F绳2＞mg；所以绳中拉力变大，弹簧秤读数变大．对整体进行受力分析：开始时小车处于静止状态，整体所受地面的支持力等于本身重力．当小车匀加速向右运动稳定时，整体在竖直方向无加速度，也就是整体在竖直方向出于平衡状态，所以整体所受地面的支持力仍然等于本身重力．故A错误C正确。

当小车匀加速向左运动稳定时；小球也向左做匀加速运动．小球受重力和绳子的拉力，还有挡板对它向左的弹力，即挡板对它的弹力提供了合外力，所以不影响竖直方向的平衡，则弹簧测力计读数及小车对地面压力均不变，故BD错误。

故选C．

点评：应用好牛顿第二定律的矢量性；加速度方向和合力方向，已知一个方向就知另一个方向．

整体法能减少和避开所求解量，简化解题过程．整体法和隔离法是相辅相成的．三、填空题(共5题，共10分)14、略

【分析】【分析】

对小球受力分析；沿x；y方向分别正交分解，列方程可求解；求出斜面对小球支持力刚好等于0时的水平向右的加速度临界状态，结合小球受力分析列方程可求解．

【详解】

当斜面的支持力恰好为零；小球受重力和拉力两个力作用。

根据牛顿第二定律得：mgcotα=ma

解得：

由竖直方向平衡得：

解得：．

【点睛】

本题考查临界问题的分析，要注意明确两种情况下小球均还在斜面上，故绳的夹角不变；注意根据几何关系求合力的方法．【解析】7.5m/s2，12.5N；15、略

【分析】【详解】

[1][2]设第二个小球抛出秒后，两个小球相遇，根据竖直上抛规律可得

代入解得

相遇时离地的高度为

代入数据解得【解析】2.58.7516、略

【分析】【详解】

[1][2][3][4][5]力的作用效果与力的大小、方向和作用点有关，它们叫做力的三要素，力有大小，又有方向，所以力是矢量。【解析】