2025年苏教版高一物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年苏教版高一物理下册月考试卷149考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、【题文】篮球从高处释放，在重力和空气阻力的作用下加速下降过程，正确的是A.合力对篮球做的功等于篮球动能的增加量B.重力对篮球做的功等于篮球重力势能的减少量C.篮球重力势能的减少量等于动能的增加量D.篮球克服空气阻力所做的功等于篮球机械能的减少量2、在某高度处平抛一物体，当抛出2s

后它的速度方向与水平方向成45鈭�

角，落地时的速度方向与水平方向成60鈭�

角，g

取10m/s2

则下列说法正确的是(

)

A.物体水平射程40m

B.物体初速度为15m/s

C.物体落地速度25m/s

D.物体飞行时间为23s

3、如图所示，蜡块R

可以在两端封闭.

注满清水的竖直玻璃管中匀速上升.

现若让蜡块R

从竖直管底沿管匀速上升的同时，令竖直玻璃管沿水平方向做初速度为0

的匀加速直线运动.

那么关于蜡块R

相对于地面的运动轨迹，下列说法正确的是(

)

A.是一条竖直线B.是一条倾斜的直线C.是一条抛物线D.是一条水平线4、高中生小明骑自行车以5m/s

的速度沿平直公路匀速行驶，若骑行过程中所受阻力恒为车和人总重的0.02

倍，取重力加速度g=10m/s2

根据估算，小明骑此自行车做功的平均功率最接近的数值是()A.8W

B.80W

C.800W

D.8kW

5、风景旖丽的公园都有喷泉以增加观赏性.

若一喷泉喷出的水柱高达h

已知水的密度为娄脩

喷泉出口的面积为S

空中水的质量为(

)

A.娄脩hS

B.2娄脩hS

C.3娄脩hS

D.4娄脩hS

6、一物体做匀加速直线运动，加速度为2m/s2，这就是说（）A.物体速度变化量是2m/sB.每经过一秒物体的速度都增大2m/sC.任意一秒内的末速度均为初速度的2倍D.开始运动某1s的末速度比前1s的初速度增加2m/s评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)7、【题文】从距地面高度为h="5"m处水平抛出一小球，小球落地处距抛出点的水平距离为s="10"m．则小球落地所需时间t=____s；小球抛出时的初速度为____m／s。（g取10m／s2）8、【题文】在测定匀变速直线运动的加速度时，得到一条理想纸带，取5个计时点为一个记数点，先后编为0、1、2、3、4、5，由于不小心纸带被撕烂，请根据给出的A、B、C、D四段纸带回答：

（1）从纸带A上撕下的那段应该是B；C、D三段纸带中的＿＿＿＿＿＿．

（2）物体的加速度大小是＿＿＿＿＿＿m／s2．

（3）打1点时的瞬时速度＿＿＿＿＿＿m／s．9、高速列车过桥后沿平直铁路匀减速行驶，经过2min速度从216km/h减小到54km/h，此过程中列车的加速度大小为______，方向______．10、真空中有一电场，在电场中的P点放一电量为4.0×10-9C的检验电荷，它受到的电场力为2.0×10-5N，则P点的场强为________N／C；把检验电荷电量减小为2.0×10-9C，则该电荷在P点受到的电场力为__________N，若将P点的检验电荷移走，则P点的场强为________N／C。11、【题文】（10分）如图所示，用力拉一质量为m的物体，使它沿水平地面匀速移动距离s，若物体和地面间的动摩擦因数为μ，则此力对物体做的功为____。评卷人得分三、解答题(共8题，共16分)12、河宽300m；水流速度为3m/s，船在静水中的速度为5m/s．现令该船从岸边开始渡河，试问：

（1）要求船以最短的时间渡河；可到达河岸的什么位置？

（2）要求船以最小的位移渡河时；渡河时间多长？

13、雨点以8m/s的速度竖直下落，雨中步行的人感到雨点与竖直方向成30°迎面打来，那么人行走的速度大小是______14、物体作匀变速直线运动；从某时刻算起，经过54m用时6s，再经过54m又用时9s，则物体的加速度大小及开始计时的初速度．

15、如图所示，一块质量为M=2kg，长为L的均质板静止在很长的光滑水平桌面上，板的左端静止摆放质量为m=1kg的小物体（可视为质点），M和m之间的为动摩擦因数为μ=0.2．在小物体m上的O点连接一根很长的轻质细绳，细绳跨过位于桌边的定滑轮．t=0s时刻某人以恒定拉力F=3.3N向下拉绳，t1=2s时刻细绳突然从O处断开，最后小物体m刚好能到长木板M的最右端（定滑轮光滑，长木板右端和定滑轮之间的距离足够长，g取10m/s2）．求：

（1）细绳没断开时；M和m的加速度各是多少？

（2）当m到达长木板M右端以后M的速度是多少？

（3）长木板M的长度L是多少？

16、如图所示，质量M=2kg的木块A套在水平杆上，并用轻绳将木块A与质量m=kg的小球相连．今用跟水平方向成α=30角的力F=10N，拉着球带动木块一起向右匀速运动，运动中M、m相对位置保持不变，取g=10m/s2．求：

（1）运动过程中轻绳与水平方向夹角θ；

（2）木块与水平杆间的动摩擦因数μ．

17、在“测定匀变速直线运动加速度”的实验中，得到的记录纸带如图所示，图中的点为计数点，在每两相邻的计数点间还有4个点未画出，则小车运动的加速度为______m/s2；D点的瞬时速度为______m/s．（结果保留两位有效数字）

18、如图所示，竖直平面内有一半径为R的半圆形光滑绝缘轨道，其底端B与光滑绝缘水平轨道相切，整个系统处在竖直向上的匀强电场中，一质量为m，电荷量为q带正电的小球以v的初速度沿水平面向右运动；通过圆形轨道恰能到达圆形轨道的最高点C，从C点飞出后落在水平面上的D点，试求：

（1）小球到达C点时的速度vC及电场强度E；

（2）BD间的距离s；

（3）小球通过B点时对轨道的压力N．

19、如图所示；轻杆长2l，中点装在水平轴O点，两端分别固定着小球A和B，A球质量为m，B球。

的质量为2m；两者一起在竖直平面内绕转轴做圆周运动，转轴O点处无摩擦．

（1）若A球在最高点时；杆A端恰好不受力，此时O轴受到弹力大小和方向如何？

（2）若B球到最高点时的速度大小等于第（1）问中A球到达最高点时的速度；则B球运动到最高点时，O轴的受力大小和方向又如何？

（3）在杆转到竖直位置时；能否出现O轴不受力的情况？通过计算说明．若能，求出此时A；B的速度大小各是多少？

评卷人得分四、实验探究题(共2题，共12分)20、探究外力做功与物体动能变化关系的实验装置如图甲所示。

（1）在该实验中；下列不需测量的物理量有______。

A．悬挂钩码的总质量mB．长木板的倾角θ

C．小车运动的距离LD．小车的质量M

（2）为了保证实验结果的误差尽量小；在实验操作中，下面做法必要的是______。

A；每次实验必须重新平衡摩擦力。

B；实验操作时要先放小车；后接通电源。

C；调整滑轮的高度；使连接小车的细线与木板平行。

D、在实验过程中要保证托盘和砝码的总质量远大于小车的质量21、如图(a)

为验证牛顿第二定律的实验装置示意图．

(1)

平衡小车所受的阻力的操作：取下______，把木板不带滑轮的一端垫高；接通打点计时器电源，轻推小车，让小车拖着纸带运动.

如果打出的纸带如图(b)

所示，则应______(

减小或增大)

木板的倾角，反复调节，直到纸带上打出的点迹______为止．

(2)

打点计时器使用的交流电周期0.02s.

下图是某同学在正确操作下获得的一条纸带，ABCDE

每两点之间还有4

个点没有标出，则相邻两计数点之间的时间间隔T=

_________，写出用s1s2s3s4

以及T

来表示小车加速度的计算式：a=

_________.

根据纸带所提供的数据，算得小车的加速度大小为_________m/s2(

结果保留两位有效数字)

．

(3)

如图甲是同学根据测量数据画出的a鈭�F

图线，试简单分析实验中存在的问题。评卷人得分五、简答题(共4题，共28分)22、镁铝合金在工业上有着广泛的用途，氧化铝是冶炼金属铝的主要原料。从铝土矿rm{(}主要成分是rm{Al_{2}O_{3}}含有rm{SiO_{2}}rm{Fe_{2}O_{3隆垄}MgO}等杂质rm{)}中提取氧化铝的两种工艺流程如下：

回答下列问题：rm{(1)Al_{2}O_{3}}rm{SiO_{2}}rm{Fe_{2}O_{3隆垄}MgO}四种物质中，属于酸性氧化物的是______，属于碱性氧化物的是_____。rm{(2)}流程一中，沉淀rm{垄脹}是_________rm{(}填化学式，下同rm{)}沉淀rm{垄脼}是_________。滤液rm{垄脺}中通入过量rm{CO_{2}}发生的所有离子方程式。rm{(3)}流程二中，加入烧碱溶解rm{SiO_{2}}的化学方程式为____。rm{(4)}滤液rm{垄脻}中的可溶性盐是rm{NaCl}______rm{(}填化学式rm{)}滤液rm{垄谩}与过量氨水反应的离子方程式为____。rm{(5)}在电解氧化铝制取金属铝的反应中，氧化产物与还原产物的质量之比为____。23、亚硝酸钠是重要的防腐剂rm{.}某化学兴趣小组以碳和浓硝酸为起始原料，设计如下图装置利用一氧化氮与过氧化钠反应制备亚硝酸钠rm{.(}夹持装置和rm{A}中加热装置已略，气密性已检验rm{)}

查阅资料：

rm{垄脵HNO_{2}}为弱酸，室温下存在反应rm{3HNO_{2}篓THNO_{3}+2NO隆眉+H_{2}O}rm{垄脷}在酸性溶液中，rm{NO_{2}^{-}}可将rm{MnO_{4}^{-}}还原为rm{Mn^{2+}}且无气体生成．rm{垄脹NO}不与碱反应，可被酸性rm{KMnO_{4}}溶液氧化为硝酸实验操作：rm{垄脵}关闭弹簧夹，打开rm{A}中分液漏斗活塞，滴加一定量浓硝酸，加热；rm{垄脷}一段时间后停止加热；rm{垄脹}从rm{C}中取少量固体，检验是否是亚硝酸钠．rm{(1)A}中反应的化学方程式是____．rm{(2)B}中观察的主要现象是____，rm{D}装置的作用是____．rm{(3)}经检验rm{C}产物中亚硝酸钠含量较少，甲、乙两同学的看法不同．rm{a.}甲同学认为rm{C}中产物不仅有亚硝酸钠，还有碳酸钠和氢氧化钠rm{.}则生成碳酸钠的化学方程式是____rm{_.}为排除干扰，甲在rm{B}rm{C}装置间增加装置rm{E}rm{E}中盛放的试剂应是____rm{(}写名称rm{)}．rm{b.}乙同学认为除上述干扰因素外，还会有空气参与反应导致产品不纯，所以在实验操作rm{垄脵}之前应增加一步操作，该操作是____．24、质量为1kg

的物体；受到12N

竖直向上的拉力，由静止开始运动，经过2s(g=10.0m/s2)

求。

(1)

物体向上的加速度是多少？

(2)2s

内拉力对物体做的功是多少？

(3)2s

末拉力的瞬时功率是多少？25、如图所示，光滑匀质圆球B

用细线悬挂在竖直墙上，B

的半径为r=20cm

质量为M=20kg

悬线长L=30cm

正方体物块A

的边长d=10cm

质量为m=2kg

物块A

与墙之间的动摩擦因数为娄脤.

现将物块A

轻放于球和墙之间后放手.

取重力加速度g=10m/s2

假定最大静摩擦力等于滑动摩擦力．

(1)

若要求放手之后A

能保持静止状态；试求娄脤

的最小值；

(2)

若娄脤=0.2

在物块A

上施加一个与墙平行的外力F

使A

在未脱离圆球前贴着墙沿水平方向匀速抽出，求此外力F

．评卷人得分六、画图题(共2题，共6分)26、画出下面2个物体所受重力的图示（1）放在桌面上的质量为m=0.1kg的字典（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球。27、画出下面2个物体所受重力的图示（1）放在桌面上的质量为m=0.1kg的字典（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球。参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、A|B|D【分析】【解析】

试题分析：由动能定理知，W总＝WG－Wf＝ΔEK；合力对篮球做的功等于篮球动能的增加量，A正确，C错误；由重力做功与重力势能的关系知，重力对篮球做的功等于篮球重力势能的减少量，B正确；除重力外其他力做功等于机械能的变化量知，篮球克服空气阻力所做的功等于篮球机械能的减少量，D正确。

考点：本题考查功能关系。【解析】【答案】ABD2、D【分析】解：2s

后竖直方向上的分速度为：

vy1=gt=20m/s

tan45鈭�=vyvx=1

则有：

v0=vx=vy=20m/s

故物体抛出时的初速度为20m/s

落地时速度方向与水平成60鈭�

角。

所以cos60鈭�=v0v

则有：v=v0cos60鈭�=2012m/s=40m/s

故落地时的速度为40m/s

落地时竖直方向的分速度为：

vy=vsin60鈭�=203m/s

平抛运动的时间为：

t=vyg=23s

x=v0t=20隆脕23m=403m

故水平射程为403m

综上所述；故ABC错误，D正确；

故选：D

(1)

平抛运动在水平方向上做匀速直线运动；在竖直方向上做自由落体运动。将两秒后的速度进行分解，根据vy=gt

求出竖直方向上的分速度，再根据角度关系求出平抛运动的初速度。

(2)

将落地的速度进行分解；水平方向上的速度不变，根据水平初速度求出落地时的速度。

(3)

根据落地时的速度求出竖直方向上的分速度；再根据vy2=2gh

求出抛出点距地面的高度。

(4)

根据落地时竖直方向上的分速度；运用vy=gt

求出运动的时间。再根据x=v0t

求出水平射程。

解决本题的关键知道平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动。知道分运动和合运动具有等时性，掌握竖直方向和水平方向上的运动学公式。【解析】D

3、C【分析】解：红蜡块实际运动为沿AB

方向的匀速运动与AC

方向匀加速直线运动的合运动；显然做的是类平抛运动．

故选C．

蜡块参加了两个分运动；水平方向匀加速直线移动，竖直方向在管中匀速上浮，将分运动的速度合成可以得到合运动速度大小和方向的变化规律，进一步判断轨迹．

运动的合成与分解中最典型的应用为平抛运动，而本题符合平抛的规律，故可认为是类平抛运动．【解析】C

4、B【分析】【分析】本题考查了功率的计算。根据实际估计小明的质量，然后应用平衡条件求出牵引力，再由P=Fv

求出功率。本题是一道估算题，根据实际情况估算出小明与车的总质量是正确解题的前提，应用平衡条件与功率公式P=Fv

可以解题。【解答】小明与车的总质量约为80kg

小明骑自行车匀速运动时的牵引力约为：F=f=0.02mg=0.02隆脕80隆脕10=16N

功率：P=Fv=16隆脕5=80W

故A、C

D错误，B正确。故选B。【解析】B

5、D【分析】解：水柱高达h

根据h=12gt2

得下降时间为：t=2hg

根据上抛运动的对称性，上升时间等于下降时间，故上抛的总时间为：t隆盲=2t=22hg

根据vt2=2gh

得到初速度为：vt=2gh

故空中水的体积为：V=SL=Svtt隆盲=S鈰�2gh鈰�22hg=4hS

故M=娄脩V=4娄脩hS

故选D．

喷泉喷出的水做竖直上抛运动；根据水柱高度求解出初速度和水的运动时间，然后根据空中水的体积等于水的初速度乘以时间再乘以出口面积，最后根据质量等于密度乘以体积求解出空中水的质量．

本题要注意空中的水柱并非圆柱体，要根据流量等于初刻速度乘以时间后再乘以喷泉出口的面积为S

求出流量，最后根据m=娄脩V

求质量．【解析】D

6、B【分析】加速度等于单位时间内的速度变化量，结合加速度的定义式分析判断。【解析】解：ABC、一物体做匀加速直线运动，加速度为2m/s2，知每秒内速度增加2m/s，故AC错误，B正确；D、开始运动某1s末比前1s的初，时间间隔为2s，所以速度增加4m/s，故D错误；故选：B。二、填空题(共5题，共10分)7、略

【分析】【解析】考点：平抛运动．

分析：解决平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究；水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，两个方向上运动的时间相同．运动时间由高度决定，水平初速度可以由水平位移与时间求解．

解答：解：平抛运动竖直方向做自由落体运动，根据h=gt2得：t==1s；平抛运动水平方向做匀速直线运动，根据v0=得：vo=10m/s．

故答案为：1s；10m/s．

点评：研究平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，两个方向上运动的时间相同，本题难度不大．【解析】【答案】1,108、略

【分析】【解析】略【解析】【答案】（1）C（2）0.6（3）0.339、略

【分析】解：216km/h=60m/s；54km/h=15m/s，5min=120s；

则列车的加速度a==-0.375m/s2；负号表示方向，即加速度的方向与初速度方向相反．

故答案为：0.375m/s2；与初速度方向相反．

已知列车的初速度和末速度；结合加速度的定义式求出列车的加速度大小和方向．

解决本题的关键掌握加速度的定义式，注意公式的矢量性，基础题．【解析】0.375m/s2；与初速度方向相反10、略

【分析】【解析】试题分析：由电场强度公式，当将检验电荷的电量减小为则其电场力为若将P点的检验电荷移走，则P点的场强不变，仍为考点：电场强度【解析】【答案】5000，500011、略

【分析】【解析】略【解析】【答案】三、解答题(共8题，共16分)12、略

【分析】

（1）若船以最短时间渡河，则船身必须垂直河岸过河，过河时间t==60s，船沿着水流方向走过的距离x=v水t=180m；所以船到达正对岸下游180m处；

故船渡河的最短时间为60s；船将到达正对岸下游180m处．

（2）由于V船＞V水，小船可以到达正对岸，最小位移为300m，则渡河时间t==75s．

故船渡河的最小位移为300m；渡河时间为75s．

【解析】【答案】（1）当静水速的方向与河岸方向垂直；此时渡河时间最短，此时船不仅参与了静水运动，还参与了水流运动，求出渡河时间，即可求出沿水流方向上的位移．

（2）当静水速与水流速的合速度方向垂直于河岸，船将沿垂直河岸方向运动，此时位移最短，根据t=求出渡河时间．

13、略

【分析】

人行走的速度与雨滴竖直下落速度的合速度与竖直方向成30°角，根据平行四边形定则有：tan30°=解得．

故答案为：m/s．

【解析】【答案】雨滴相对于人的速度方向是与竖直方向成30°；根据平行四边形定则求出人行走的速度．

14、略

【分析】

设物体的加速度大小为a，开始计时的初速度为v．已知x=54m，t1=6s，t2=9s．根据位移公式得到。

x=vt1+

2x=v（t1+t2）+

代入得：54=6v+18a

108=15v+

联立解得，a=-0.4m/s2，v=3.4m/s

答：物体的加速度大小是0.4m/s2；开始计时的初速度是10.2m/s．

【解析】【答案】物体作匀变速直线运动；根据位移公式分别研究前54m和整个108m过程，得到关于加速度和初速度的两个方程，再联立求解．

15、略

【分析】

（1）细绳没断开时；两物体受力如图．根据牛顿第二定律得。

对m：F-μmg=ma1，得到a1=1.3m/s2．

对M：f=Ma2，得到a2==1m/s2．

（2）t1=2s时刻细绳突然从O处断开时；两物体的速度分别为。

对m：v1=a1t=2.6m/s；

对M：v2=a2t=2m/s．

细绳断开后；两物体组成的系统动量守恒，设m到达长木板M右端以后M的速度为V．则有。

mv1+Mv2=（M+m）V

得到V==2.2m/s．

（3）在细绳断开前，两物体相对位移大小为x1=

在细绳断开后，两物体相对位移大小为x2．根据能量守恒定律得。

μmgx2=+-

所以长木板M的长度L=x1+x2

代入解得L=0.66m．

答：（1）细绳没断开时，M和m的加速度分别是1.3m/s2和1m/s2．

（2）当m到达长木板M右端以后M的速度是2.2m/s．

（3）长木板M的长度L是0.66m．

【解析】【答案】（1）细绳没断开时；m所受的合力等于拉力与滑动摩擦力的合力，M所受的合力等于m对它的滑动摩擦力，根据牛顿第二定律求解加速度．

（2）由速度公式求出细绳从O处断开时两物体的速度．细绳断开后；两物体组成的系统合外力为零，动量守恒，则动量守恒定律求解m到达长木板M右端以后M的速度．

（3）长木板M的长度L等于m相对于M运动的位移大小；分别根据运动学公式和能量守恒定律求出细绳断开前后相对位移，再求板长．

16、略

【分析】

（1）设细绳对B的拉力为T．以小球为研究对象，分析受力，作出力图如图1，由平衡条件可得：

Fcos30°=Tcosθ①

Fsin30+Tsinθ=mg②

代入解得，T=10tanθ即θ=30°

（2）以木块和小球组成的整体为研究对象；分析受力情况，如图2．再平衡条件得。

Fcos30°=f

N+Fsin30°=（M+m）g

又f=μN

得到，μ=

代入解得，μ=

答：

（1）运动过程中轻绳与水平方向夹角θ=30°；

（2）木块与水平杆间的动摩擦因数μ=．

【解析】【答案】（1）以小球为研究对象；分析受力，作出力图，根据平衡条件求解轻绳与水平方向夹角θ；

（2）以木块和小球组成的整体为研究对象；分析受力情况，由平衡条件和摩擦力公式求解木块与水平杆间的动摩擦因数μ．

17、略

【分析】

打点计时器每隔0.02s打一个点；由于从A到B有5个时间间隔，因此从A到B时间为：T=5×0.02s=0.1s．

匀变速直线运动中连续相等时间内的位移差为常数即△x=aT2，其中T=0.1s，△x=2.0cm，所以带人数据解得：a=2.0m/s2

据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度；可得D点速度为：

故答案为：2.0；0.71．

【解析】【答案】根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，求出D点的速度，即D点的速度等于CE段得平均速度；根据连续相等时间内位移之差是一恒量，△x=aT2；求出加速度．

18、略

【分析】

（1）从B到C过程中；由动能定理得：

（qE-mg）×2R=mvC2-mv2；

小球恰能通过最高点；

由牛顿第二定律得：mg-qE=m

解得：vC=v，E=（g-）；

（2）小球从C到D过程中；小球做类平抛运动；

水平方向：s=vCt；

竖直方向：2R=at2；

由牛顿第二定律得：mg-qE=ma；

解得：s=2R；

（3）小球在B点时；由牛顿第二定律得：

F+qE-mg=m解得：F=

由牛顿第三定律得，小球对轨道的压力F′=

答：（1）小球到达C点时的速度为v，电场强度E=（g-）．

（2）BD间的距离s=2R；

（3）小球通过B点时对轨道的压力为．

【解析】【答案】（1）由动能定理可以求出小球到达C点的速度；小球恰能到达最高点C，说明在C点，轨道对小球没有作用力，重力与电场力的合力提供小球做圆周运动的向心力，由牛顿第二定律列方程，解方程组可以求出小球到达C时的速度；电场强度．

（2）小球离开C点后做类平抛运动；由匀速运动与匀变速运动的规律可以求出BD间的距离s．

（3）小球在圆形轨道上做圆周运动；由牛顿第二定律可以求出在B点小球受到的支持力，然后求出轨道受到的压力．

19、略

【分析】

（1）若A球在最高点时；杆A端恰好不受力．

对A有：mg=解得v=．

对B有；F-2mg=2m解得F=4mg．

杆子对B球表现为拉力；则杆子对O轴表现为拉力，方向竖直向下，大小为4mg．

（2）B在最高点时，对B有2mg+T′OB=2m代入（1）中的v，可得T′OB=0；

对A有T′OA-mg=mT′OA=2mg．

杆子对A球表现为拉力；则杆子对O轴表现为拉力，大小为2mg，方向竖直向下．

（3）要使O轴不受力；根据B的质量大于A的质量，可判断B球应在最高点．

对B有T′′OB+2mg=2m对A有T′′OA-mg=m．

轴O不受力时，T′′OA=T′′OB，可得v′=．

答：（1）若A球在最高点时；杆A端恰好不受力，此时O轴受到弹力大小为4mg，方向竖直向下．

（2）B球运动到最高点时；O轴的受力大小为2mg，方向竖直向下．

（3）能，此时A、B的速度大小各是．

【解析】【答案】（1）根据牛顿第二定律求出小球在最高点的速度；A；B两球由于半径相等，角速度相等，所以线速度大小相等，根据牛顿第二定律求出杆子对B球的作用力，从而得出O轴受到的弹力大小和方向．

（2）根据牛顿第二定律求出B球在最高点时杆子的弹力；再根据牛顿第二定律求出杆子对A球的作用力，从而确定O轴的受力大小和方向．

（3）因为B的质量大于A的质量；只有B球在最高点时，且做圆周运动出现O轴不受力，此时杆子对A；B两球均表现为拉力，根据拉力相等求出A、B的速度．

四、实验探究题(共2题，共12分)20、BC【分析】解：（1）实验前把木板一端垫高是为了平衡摩擦力；

由动能定理得：mgL=（M+m）v2；

实验需要测量：悬挂钩码的总质量m；小车运动的距离L、小车的质量M；

实验不需要测量：长木板的倾角θ；

故选：B；

（2）A；实验前需要平衡摩擦力；平衡摩擦力后、实验过程中每次实验时不需要重新平衡摩擦力，故A错误；

B；为充分利用纸带；实验操作时要先接通电源，然后释放小车，故B错误；

C；为使小车受到的拉力等于细线拉力；应调整滑轮的高度，使连接小车的细线与木板平行，故C正确；

D；以小车与钩码系统为研究对象；在实验过程中不需要保证托盘和砝码的总质量远大于小车的质量，故D错误；

故选：C；

故答案为：（1）B；（2）C。

（1）根据图示实验装置应用动能定理求出实验需要验证的表达式；然后分析答题。

（2）实验前需要平衡摩擦力；实验时要先接通电源然后释放小车，根据实验注意事项分析答题。

本题考查了实验数据处理、实验注意事项，掌握基础知识是解题的前提与关键，应用基础知识即可解题，平时要注意基础知识的学习与积累。【解析】BC21、（1）钩码减小均匀（2）0.1s0.60（3）木板的倾角过小【分析】【分析】只要真正掌握了实验原理就能顺利解决此类实验题目；而实验步骤，实验数据的处理都与实验原理有关，故要加强对实验原理的学习和掌握。

(1)

平衡摩擦力的方法是：平衡摩擦力时；应不挂砝码，把木板不带滑轮的一端垫高；接通打点计时器电源，轻推小车，让小车拖着纸带运动，直到纸带上打出的点迹间隔相等(

均匀)

为止；

(2)

应用匀变速直线运动的推论；利用逐差法可以求出其加速度的大小；

(3)

对a鈭�F

图线进行分析，可得出物体在加力到一定值时物体才有加速度，可见是平衡摩擦力不够或没有平衡摩擦力。【解答】(1)

平衡小车所受的阻力的操作：取下钩码，把木板不带滑轮的一端垫高；接通打点计时器电源，轻推小车，让小车拖着纸带运动，如果打出的纸带如图(b)

所示；则应减小(

减小或增大)

木板的倾角，反复调节，直到纸带上打出的点迹间隔均匀为止。

(2)

打点计时器使用的交流电周期T0=0.02s

每两点之间还有4

个点没有标出，则相邻计数点间的时间间隔t=5T0=0.1s

由匀变速运动的推论鈻�x=at2

可得，加速度：a=a1+a22=s3?s1+s4?s22隆脕2T2=(s3+s4)?(s1+s2)4T2

代入数值得：a=0.60m/s2

(3)

对a鈭�F

图线进行分析，在物体加合外力时达到一定值时才有加速度，可见是平衡摩擦力不充分或没有平衡摩擦力，即木板的倾角过小。故填：(1)

钩码；减小；均匀；(2)0.1ss3+s4鈭�s1鈭�s24T20.60(3)

木板的倾角过小。【解析】(1)

钩码减小均匀(2)0.1ss3+s4鈭�s1鈭�s24T20.60

(3)

木板的倾角过小五、简答题(共4题，共28分)22、（1）SiO2Fe2O3、MgO

（2）Fe(OH)3、Mg(OH)2Al(OH)3CO2+OH-=CO32-+H2O、AlO2-+CO2+H2O=Al(OH)3+HCO3-

（3）SiO2+2NaOH═══Na2SiO3+H2O

（4）NaHCO3H++NH3·H2O=NH4++H2O、Al3++3NH3·H2O=Al(OH)3↓+3NH4+

（5）8:9

【分析】【分析】本题考查氧化铝的制备，化学方程式和离子方程式的书写，氧化产物和还原产物的判断，氧化还原反应的计算等，难度中等。【解答】rm{(1)Al}rm{(1)Al}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{3}}、rm{SiO}rm{SiO}rm{{,!}_{2}}、rm{Fe}rm{Fe}四种物质中，属于酸性氧化物的是rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{3}}、rm{MgO}四种物质中，属于酸性氧化物的是rm{MgO}rm{SiO_{2}}属于碱性氧化物的是rm{Fe_{2}O_{3}}流程一中，沉淀rm{MgO}是故答案为：rm{SiO_{2}}rm{Fe_{2}O_{3}}是rm{MgO}rm{(2)}流程一中，沉淀rm{垄脹}是中通入过量rm{(2)}rm{垄脹}rm{Fe(OH)_{3}}rm{Mg(OH)_{2}}沉淀rm{垄脼}是故答案为：rm{垄脼}rm{Al(OH)_{3}}滤液rm{垄脺}中通入过量rm{CO}rm{垄脺}rm{CO}rm{{,!}_{2}}流程二中，加入烧碱溶解发生的所有离子方程式rm{CO_{2}+OH^{-}=CO_{3}^{2-}+H_{2}O}rm{AlO_{2}^{-}+CO_{2}+H_{2}O=Al(OH)_{3}+HCO_{3}^{-}}rm{Fe(OH)_{3}}故答案为：rm{Mg(OH)_{2}}rm{Al(OH)_{3}}滤液rm{CO_{2}+OH^{-}=CO_{3}^{2-}+H_{2}O}中的可溶性盐是rm{AlO_{2}^{-}+CO_{2}+H_{2}O=Al(OH)_{3}+HCO_{3}^{-}}rm{(3)}流程二中，加入烧碱溶解rm{SiO}rm{(3)}与过量氨水反应的离子方程式为：rm{SiO}rm{{,!}_{2}}故答案为：的化学方程式为：rm{SiO_{2}+2NaOH篓T篓T篓TNa_{2}SiO_{3}+H_{2}O}rm{SiO_{2}+2NaOH篓T篓T篓TNa_{2}SiO_{3}+H_{2}O}rm{(4)}滤液rm{垄脻}中的可溶性盐是rm{NaCl}在电解氧化铝制取金属铝的反应中，rm{(4)}氧化产物rm{垄脻}与还原产物rm{NaCl}的质量之比为rm{NaHCO_{3}}滤液rm{垄谩}与过量氨水反应的离子方程式为：

rm{垄谩}【解析】rm{(1)SiO_{2}}rm{Fe_{2}O_{3}}rm{MgO}rm{(2)Fe(OH)_{3}}rm{Mg(OH)_{2}}rm{Al(OH)_{3;;;;;;;;}CO_{2}+OH^{-}=CO_{3}^{2-}+H_{2}O}rm{AlO_{2}^{-}+CO_{2}+H_{2}O=Al(OH)_{3}+HCO_{3}^{-}}rm{(3)SiO_{2}+2NaOH篓T篓T篓TNa_{2}SiO_{3}+H_{2}O}rm{(4)NaHCO_{3}}rm{H^{+}+NH_{3}隆陇H_{2}O=NH_{4}^{+}+H_{2}O}rm{Al^{3+}+3NH_{3}隆陇H_{2}O=Al(OH)_{3}隆媒+3NH_{4}^{+}}rm{(5)8:9}

23、（1）C+4HNO3（浓）CO2↑+4NO2↑+2H2O

（2）溶液变蓝，铜片溶解，导管口有无色气体冒出除去未反应的NO，防止污染空气

（3）a.2CO2+2Na2O2=2Na2CO3+O2碱石灰

b.打开弹簧夹，通入N2一段时间【分析】【分析】本题考查了物质制备实验方案的设计和信息判断，物质性质的理解应用，注意实验过程中的反应现象分析，掌握基础是关键，题目难度中等。【解答】rm{(1)}装置rm{A}中是浓硝酸和碳加热发反应，反应生成二氧化氮、二氧化碳和水，反应的化学方程式为rm{C+4HNO_{3}(}浓rm{)overset{?}{=}CO_{2}隆眉+4NO_{2}隆眉+2H_{2}O}故答案为：rm{)overset{?}{=}

CO_{2}隆眉+4NO_{2}隆眉+2H_{2}O}浓rm{)overset{?}{=}CO_{2}隆眉+4NO_{2}隆眉+2H_{2}O}

rm{C+4HNO_{3}(}装置rm{)overset{?}{=}

CO_{2}隆眉+4NO_{2}隆眉+2H_{2}O}中是rm{(2)}装置生成的二氧化氮和水反应生成硝酸和一氧化氮，rm{B}硝酸和铜反应生成硝酸铜，一氧化氮和水，所以rm{A}装置中观察到的现象为：溶液变蓝，铜片溶解，导管口有无色气体冒出，通过装置rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}中的过氧化钠吸收一氧化氮、二氧化碳，最后通过酸性高锰酸钾溶液除去剩余一氧化氮防止污染空气，故答案为：溶液变蓝，铜片溶解，导管口有无色气体冒出；除去未反应的rm{B}防止污染空气；

rm{C}生成rm{NO}是二氧化碳和过氧化钠反应，化学方程式是：rm{(3)a.}碳酸钠rm{2CO_{2}+2Na_{2}O_{2}=2Na_{2}CO_{3}+O_{2}}通过装置中的过氧化钠吸收一氧化氮、二氧化碳，一氧化氮是污染性气体，最后通过酸性高锰酸钾溶液除去剩余一氧化氮防止污染空气；为排除干扰在；rm{C}装置间增加装置rm{B}rm{C}中盛放的试剂应碱石灰，用来吸收二氧化碳，故答案为：rm{E}rm{E}2；碱石