2025年粤教沪科版选择性必修1物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教沪科版选择性必修1物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、下列说法正确的是（选项C、D中声源与观察者在同种介质中）（）A.太阳光通过三棱镜形成彩色光谱是光的干涉的结果B.因为激光的方向性好，所以激光不能发生衍射现象C.声源与观察者相互靠近时，声波波速不变，但观察者接受的声波频率大于声源发出的声波频率D.声源与观察者相互靠近时，声波波速变大，故观察者接受的声波频率大于声源发出的声波频率2、如图所示，正在太空中行走的字航员A、B沿同一直线相向运动，相对空间站的速度大小分别为3m/s和1m/s，迎面碰撞后（正碰），A、B两人均反向运动，速度大小均为2m/s。则A、B两人的质量之比为（）

A.3：5B.2：3C.2：5D.5：33、手机上一般会有两个麦克风；一个比较大的位于手机下方，另一个位于手机顶部。小明同学查阅手机说明书后知道手机顶部的麦克风为降噪麦克风。该同学进一步查阅资料得知：降噪麦克风通过降噪系统产生与外界噪音相位相反的声波，与噪音叠加从而实现降噪的效果。理想情况下的降噪过程如图所示，实线对应环境噪声，虚线对应降噪系统产生的等幅反相声波。下列说法正确的是（）

A.降噪过程应用的是声波的干涉原理，P点振动加强B.降噪声波的频率与环境噪声的频率应该相同C.降噪声波与环境噪声声波的传播速度大小不相等D.质点P经过一个周期向外迁移的距离为一个波长4、蹦床是运动员在一张绷紧的弹性网上蹦跳、翻滚并做各种空中动作的运动项目，一质量为50kg的运动员，从离水平网面高处自由下落，着网后沿竖直方向蹦回到离水平网面高处，已知运动员与网接触的时间为则这段时间内网对运动员的平均作用力为（取）（）A.1200NB.700NC.600ND.100N5、一轻质弹簧下端固定在倾角为θ=30°的光滑斜面底端，上端拴接一质量为m的挡板A，挡板A处于静止状态。现将一质量为2m的物体B从斜面上距离挡板A上方L处由静止释放，物体B和挡板A碰撞后一起向下运动的最大距离为s，重力加速度为g；则下列说法正确的是()

A.A、B碰撞后瞬间的速度为B.A、B碰撞后瞬间的加速度为C.A、B碰撞后瞬间的加速度与运动到最低点时的加速度大小相等D.在最低点时弹簧弹性势能的增量为6、劲度系数为20N/cm的水平弹簧振子；不计摩擦，它的振动图像如下图所示，则（）

A.在图中A点对应的时刻，振子所受的弹力大小为0.5N，方向指向x轴的负方向B.在图中A点对应的时刻，振子的速度方向指向x轴的正方向C.在0～4s内振子做了1.75次全振动D.在0～4s内振子通过的路程为3.5cm，位移为07、一列简谐横波在介质中沿x轴正方向传播，P、Q是平衡位置分别为和处的两个质点，且两质点的振动情况始终相反。从时开始，质点P的振动图象如图所示。下列说法正确的是（）

A.该波的波长可能为0.2mB.该波的周期一定为4sC.该波的波速可能为D.质点P的振动方程为8、2022年12月1日12时57分在安徽省某地（东经117.45度，北纬31.35度）发生了3级地震，震源深度8千米。地震发生时合肥监测站监测到了一列沿x轴传播的地震横波，时刻的波形图如图（a）所示，质点P从时刻开始的振动图像如图（b）所示。则下列说法正确的是（）

A.该波沿x轴正方向传播B.该波沿x轴传播距离需要C.该波在传播过程中遇到尺寸的障碍物时不会发生明显的衍射现象D.该波与频率为的简谐横波相遇，一定能形成稳定的干涉图样9、下列说法正确的是（）A.“闻其声而不见其人”现象说明遇到同样障碍物时声波比可见光容易发生衍射B.用超声波被血流反射回来其频率发生变化可测血流速度，是利用了波的干涉现象C.光学镜头上的增透膜是利用光的色散D.用标准平面来检查光学面的平整程度是利用光的偏振现象评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)10、图甲为一列简谐横波在t＝0.10s时的波形图，P是平衡位置在x＝0.5m处的质点，Q是平衡位置在x＝2.0m处的质点；图乙为质点Q的振动图象。下列说法正确的是（）

A.这列波沿x轴正方向传播B.这列波的传播速度为20m/sC.从t＝0到t＝0.15s，这列波传播的距离为3mE.t＝0.15s时，P的加速度方向与y轴正方向相反E.t＝0.15s时，P的加速度方向与y轴正方向相反11、一物理教师某天正在一湖边钓鱼，突然湖的周围起了风，他发现湖中钓鱼的浮标上下浮动。他根据自己的经验认为浮标上下浮动可简化成竖直方向的简谐运动，他通过观测绘制出了浮标的振动图像，如图1所示，接着他又根据湖面的波纹绘制出了水的波动图像，如图2所示。假设图2是一列沿x轴正方向传播的水波在t＝0.5s时的波形图；图1是图2中离原点0~4m范围内某质点的振动图像，则下列说法正确的是（）

A.浮标上下振动的周期为T＝2sB.该列波的波速为2m/sC.再经0.5秒x＝4m处的质点到达波谷位置E.不能确定图1是0~4m范围内哪个质点的振动图像E.不能确定图1是0~4m范围内哪个质点的振动图像12、弹簧振子在从一端向平衡位置运动的过程中（）A.速度增大，振幅减小B.速度增大，加速度也增大C.速度增大，加速度减小D.速度与加速度的方向相同13、一个质点做简谐运动的图像如图所示；下列说法正确的是（）

A.在任意1s内质点经过的路程都是2cmB.在5s末，质点的速度为零C.t=1.5s和t=2.5s两个时刻质点的位移和速度方向都相反D.从t=1.5s时刻到t=4.5s时刻，质点通过的路程为（4+2）cm14、如图甲所示，一质量为1kg的物体在时受到拉力F的作用，由静止开始竖直向上做加速直线运动，其运动时的图象如图乙所示，已知重力加速度空气阻力忽略不计，下列说法正确的是（）

A.在时，拉力F为12NB.在时，物体克服重力做功的功率为60WC.在0～4s时间内，物体的动量改变量的大小为46kg·m/sD.在0～4s时间内，拉力F对物体做的功大于18J15、社区工作人员想请你来向大家解释高空抛物的危害。请你以一个鸡蛋从20楼扔下（初速度大小可以忽略），估算出其对地面的作用力大小，忽略空气阻力的影响，在估算过程中可能要用到的物理知识有（）A.动量守恒定律B.牛顿第二定律C.动量定理D.机械能守恒定律16、质量相等的两个小球A、B在光滑水平面上相向运动，A的速度为B的速度为若它们发生对心碰撞，碰撞后A、B的速度可能（）A.B.C.D.17、下列说法正确的是（）A.在同一地点，单摆做简谐振动的周期的平方与其摆长成正比B.弹簧振子做简谐振动时，振动系统的势能与动能之和保持不变C.在同一地点，当摆长不变时，摆球质量越大，单摆做简谐振动的周期越小D.已知弹簧振子初始时刻的位置及其振动周期，就可知振子在任意时刻运动速度的方向18、如图所示，光滑绝缘圆弧轨道的半径为R，最低点N点左侧处于垂直纸面向外的匀强磁场中，现将一带负电的小球（可视为质点）自最低点右侧的M点静止释放，M、N两点间的距离远小于轨道半径R，小球到达最左侧的位置为P点（图中未画出），小球运动过程中始终未脱离轨道，已知重力加速度为g；下列说法中正确的是（）

A.P点比M点高B.小球向左经过N点后，对轨道的压力立即变大C.小球在P点和M点处对轨道的压力大小不相等D.小球运动的周期为评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)19、（1）做匀速圆周运动的物体动量大小不变。（______）

（2）Δp的方向一定与初速度的方向相同。（______）20、介质。

（1）定义：波借以______的物质。

（2）特点：组成介质的质点之间有______，一个质点的振动会引起______质点的振动。21、如图所示为振幅、频率相同的两列横波在时刻相遇时发生干涉的示意图，实线与虚线分别表示波峰和波谷。若两列波的振幅均为波速和波长分别为和则点为振动___________（填“加强”或“减弱”）点；从到的时间内，点通过的路程为___________

22、由于c＞v，故任何介质的折射率n都______（填“大于”“小于”或“等于”）1.23、碰撞分类。动量是否守恒机械能是否守恒弹性碰撞守恒_______非弹性碰撞守恒有损失完全非弹性碰撞守恒损失______24、物体A（质量为mA，碰前速度为v0）与静止的物体B（质量为mB）发生碰撞，当发生完全非弹性碰撞时损失的机械能最多，物体B的速度最小，vB=_________，当发生弹性碰撞时，物体B速度最大，vB=_____，则碰后物体B的速度范围为________。25、如图所示为两个单摆受迫振动的共振曲线。两个单摆的固有周期之比为TⅠ∶TⅡ＝________。若两个受迫振动分别在月球上和地球上进行，且摆长相等，则图线________是月球上的单摆的共振曲线。

26、如图所示，小明同学和爸爸分别乘船A、B两船在海边游玩，A、B两船相距27m，船可视为质点。若水波以的速率均匀地从A点向B点传播，第1个波峰经过A点至第20个波峰经过A点用时57s，将水波为简谐横波，则波长为______m；小明同学处于波峰时，他爸爸处于______（选“波峰”或“波谷”或“平衡位置”）。

评卷人得分四、作图题(共1题，共8分)27、某同学利用“插针法”测定玻璃的折射率，所用的玻璃砖两面平行。正确操作后，四枚大头针的位置如图所示，入射光线已画出，补全光路图及标出入射角i和折射角r。

评卷人得分五、解答题(共4题，共8分)28、如图所示是一透明的圆柱体的横截面，半径折射率真空中一束光线沿平行于直径AB的方向从D点射入透明体，折射光线恰好通过B点，且∠B=30°。真空中光速求：

(1)光在透明体中的传播速度v；

(2)入射点D与AB间的距离d。

29、如图，在光滑绝缘水平面上的M点右侧无限大的区域有水平向右的匀强电场，有一带负电质量为0.1kg小球A静止放置于水平面上M点右侧N点，MN=1.6m，A球所受静电力大小为A球重力的一半。在边界M点左侧较远处静止放有一质量为0.3kg不带电的小球B，B的右侧连接有一轻质弹簧（表面镀有绝缘漆），开始时，小球A、B及弹簧、M点处同一直线并与电场方向平行。现由静止释放小球A，所有过程中小球A的电荷量保持不变，两小球大小不计，小球A与弹簧接触过程中始终保持在同一直线上且与弹簧不连接，弹簧始终在弹性限度以内。g取10m/s2。求：

（1）小球A第一次压缩弹簧的最大弹性势能；

（2）小球A第一次返回电场中距M点的最大距离；

（3）为了让小球A第一次返回电场中时能到达原来的N点位置；则在小球A压缩弹簧过程中某时刻，在小球B的左侧竖直放置一固定挡板（图中未画出），让小球B与之发生弹性碰撞（即原速率反弹，碰撞瞬间对弹簧及小球A无影响），请求出小球B与挡板碰撞时的速率。（注：小球A返回电场时早已与弹簧分开）

30、横截面边长为3L的正方形薄壁透明容器内，盛有透明液体，在容器的右侧壁上液面下方的位置有一点光源S。在容器左侧与容器距离为L、液面上方处有一点P，从P点通过液面上方观察S，发现P与S的像连线的延长线与右侧器壁交于Sl点，S1位于液面下处，其正视图如图所示。若从P点通过侧壁沿液面与器壁交点b观察S，发现P与S的像连线的延长线与右侧器壁交于S2点。忽略器壁厚度；求：

（1）透明液体的折射率n；

（2）S2与液面的距离。

31、如图所示，一列简谐横波由M向P方向传播，M、P、Q为波上的三个质点，若质点M是振源，当它由平衡位置开始向上振动时，经后第一次到达波峰。当波传到P时，质点M在波谷，再经过质点Q第一次达到波谷。已知质点M与P之间的距离为且从质点M开始振动到质点Q第一次在波谷的过程中，质点M通过的路程是求：

①质点P与Q平衡位置间的距离；

②这列简谐横波的振幅。

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】【分析】

【详解】

A．太阳光通过三棱镜形成彩色光谱是光的折射产生的色散现象；不是干涉的结果，选项A错误；

B．激光也是光；因此激光就具有光波的特性，能够发生衍射现象，故B错误；

CD．根据多普勒效应可知；声源与观察者相互靠近时，声波波速不变，但观察者接受的声波频率大于声源发出的声波频率，选项C正确，D错误。

故选C。2、A【分析】【详解】

设A的初速度方向为正，则由动量守恒定律

解得

故选A。3、B【分析】【详解】

ABC．由题图可知，降噪声波与环境声波波长相等，在同一种介质中传播速度相等，则频率相同，叠加时产生干涉，由于两列声波振幅相同、相位相反，所以振动减弱，起到降噪作用，P点振动减弱；AC错误，B正确；

D．P点只振动并不随波移动；D错误。

故选B。4、A【分析】【分析】

【详解】

由

解得

由

解得

设向上为正，则由动量定理可知

解得

故选A。5、B【分析】【详解】

A．由

得碰撞前物体B的速度碰撞后共速，由动量守恒定律得碰后瞬间两者的共同速度A错误；

B．碰前弹簧的弹力为碰后瞬间将AB看作一个整体受力分析得

解得B正确；

C．A、B碰撞后速度不为0；碰撞处不是与最低点关于平衡位置对称的点，所以在最低点时加速度比碰撞点大，C错误；

D．碰撞时机械能有损失，所以不能就整个过程列机械能守恒的相关方程，碰撞后由能量守恒得

D错误。

故选B。6、B【分析】【分析】

【详解】

A．由图可知A在t轴上方，位移x=0.25cm

所以弹力F=－kx=－20×0.25=－5N

即弹力大小为5N，方向指向x轴负方向；故A错误；

B．由图可知过A点作图线的切线，该切线与x轴的正方向的夹角小于切线的斜率为正值，即振子的速度方向指向x轴的正方向；故B正确；

C．由图可看出，t=0、t=4s时刻振子的位移都是最大，且都在t轴的上方；在0～4s内经过两个周期，振子完成两次全振动，故C错误；

D．由于t=0时刻和t=4s时刻振子都在最大位移处，又由于振幅为0.5cm，在0～4s内振子完成了2次全振动，所以在这段时间内振子通过的路程为2×4×0.50cm＝4cm

位移为0；故D错误；

故选B。7、D【分析】【详解】

AB．由简谐运动的对称性结合题图知

可得T=6s

P、Q两质点的振动情况始终相反，则

则

若波长为0.2m，可得不符，故波长不可能为0.2m，AB错误；

C．由可得

该波的波速不可能为C错误；

D．由T=6s知设P点的振动方程为

则t=0时有

t=2s时

解得

所以质点P的振动方程为

D正确。

故选D。8、B【分析】【详解】

A．由图（b）可知质点P从时刻开始沿轴负方向振动，根据波形平移法可知，该波沿轴负方向传播；故A错误；

B．由图（a）可知，波长为由图（b）可知周期为则有波速为

该波沿x轴传播距离需要的时间为

故B正确；

C．由于波长为该波在传播过程中遇到尺寸的障碍物时会发生明显的衍射现象；故C错误；

D．该波与频率为的简谐横波相遇；若相位差不恒定，则不能形成稳定的干涉图样，故D错误。

故选B。9、A【分析】【分析】

【详解】

A．“闻其声而不见其人”现象说明遇到同样障碍物时；声波比可见光容易发生衍射，因为声波的波长比可见光长，故A正确；

B．当观察者与波源的距离发生变化时；观察者接收到的波的频率发生改变的现象叫多普勒效应，所以用超声波被血流反射回来其频率发生变化可测血流速度，这是利用多普勒效应，故B错误；

C．光学镜头上的增透膜是利用光的干涉现象；故C错误；

D．检查光学面的平整程度是利用光的干涉现象；利用两平面所夹空气薄层的反射，获得频率相同的光波，从而进行相互叠加，故D错误。

故选A。二、多选题(共9题，共18分)10、B:C:E【分析】【详解】

A．在t＝0.10s时Q质点处在振幅最大位置，朝y轴负方向振动，故该简谐波沿x轴负方向传播；故A错误；

B．由图像可知，该波的波长为周期为故该波的传播速度为

故B正确；

C．由可知，在t＝0到t＝0.15s内该波的传播距离为

故C正确；

D．t＝0.10s到t＝0.15s内，质点P不是由平衡位置或者最大振幅处开始运动，故内的位移不等于振幅；故D错误；

E．t＝0.15s时，P的位移为正，故加速度为负，即P的加速度方向与y轴正方向相反；故E正确；

故选BCE。11、A:B:D【分析】【详解】

AB．由题图1可知，浮标振动的周期T＝2s，由题图2可知，波长λ＝4m，该波的波速v＝＝2m/s

选项AB正确；

DCE．由题图1可知，质点在t＝0.5s时处于平衡位置且沿y轴负方向运动，在0~4m范围内的质点在t＝0.5s时刻有x＝0、x＝2m、x＝4m处的质点处在平衡位置，但只有x＝2m处的质点是沿y轴负方向运动的，故题图1是x＝2m处质点的振动图像，此时刻x＝4m处的质点正向x轴正向运动，故再经0.5秒x＝4m处质点应到达波峰位置。选项D正确；CE错误。

故选ABD。12、C:D【分析】【详解】

A．弹簧振子在从一端向平衡位置运动时；弹性势能减小，动能增加，则速度增加；振幅是偏离平衡位置的最大距离，是不会变的，故A错误；

BC．加速度

由于位移减小；故加速度的大小也减小，故B错误；C正确；

D．振子做加速运动；则速度与加速度同方向，故D正确。

故选CD。13、B:D【分析】【详解】

A．简谐运动1s=0.25T内质点通过路程不一定是一个振幅的大小；A错误；

B．5s末；质点运动至最大位移处，速度为零，B正确；

C．t=1.5s和t=2.5s两个时刻的位移方向相反；但速度方向相同，C错误；

D．从t=1.5s时刻到t=4.5s时刻质点运动了3s，从位移cm处到达位移-2cm后再次回到cm，质点通过的路程为（4+2）cm，D正确。14、A:B:D【分析】【详解】

A．在时，加速度为a=2m/s2，则拉力F=mg+ma=12N

选项A正确；

B．根据

可知图象中，图象与坐标轴围成的面积表示速度的增量，则在时，物体的速度

在时，物体克服重力做功的功率为

选项B正确；

C．在时间内，物体的动量改变量的大小为

选项C错误；

D．在时间内，根据动能定理得

整理得

选项D正确。

故选ABD。15、C:D【分析】【详解】

根据题意可知，要估算出鸡蛋落地时对地面的作用力大小，由于忽略空气阻力的影响，则鸡蛋下落的过程中机械能守恒，需要利用机械能守恒定律求出鸡蛋落地时的速度

鸡蛋落地后，在鸡蛋重力和地面对鸡蛋的支持力作用下，速度由减小到0，所用时间为取向下为正方向，由动量定理有

解得

再有牛顿第三定律可知，鸡蛋落地时对地面的作用力与鸡蛋落地时地面对鸡蛋的支持力是一对相互作用力，大小相等，方向相反，则鸡蛋落地时对地面的作用力大小为

可知；估算过程中用到了机械能守恒定律；动量定理和牛顿第三定律，故C、D正确。

故选CD。16、A:C:D【分析】【详解】

设两球的质量为m，取碰撞前A球的速度方向为正方向，碰前系统总动量为

碰撞前总动能为

A．如果碰后系统总动量为

系统动量守恒。碰撞后系统的总动能为

系统的总动能减小；是可能的，故A正确；

B．如果碰撞后A球的速度大于B球的速度，还会发生第二次碰撞，不可能，故B错误；

C．如果碰后系统总动量为

系统动量守恒。碰撞后系统的总动能为

系统的总动能减小；是可能的，故C正确；

D．若碰后系统总动量为

系统动量守恒。碰撞后系统的总动能为

系统的总动能守恒；是可能的，故D正确；

故选ACD。17、A:B【分析】【分析】

【详解】

A．在同一地点，重力加速度g为定值，根据单摆周期公式

可知；周期的平方与摆长成正比，A正确；

B．弹簧振子做简谐振动时；只有动能和势能相互转化，根据机械能守恒条件可知，振动系统的势能与动能之和保持不变，B正确；

C．根据单摆周期公式

可知；单摆的周期与质量无关，C错误；

D．由于弹簧振子做简谐运动；振动周期固定，若弹簧振子初始时刻在最大位移处，知道周期后，可以确定任意时刻运动速度的方向，若弹簧振子初始时刻不在最大位移处，在其他位置时，速度方向有两种可能，则无法确定任意时刻运动的方向，D错误。

故选AB。18、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．小球在槽中运动时，由于只有重力做功，则机械能守恒，则P点与M点等高；选项A错误；

B．小球向左经过N点后；因洛伦兹力方向向下，则对轨道的压力立即变大，选项B正确；

C．小球在P点和M点处只受到重力和轨道的支持力，且PQ两点关于最低点位置对称；则对轨道的压力大小相等，选项C错误；

D．因为M、N两点间的距离远小于轨道半径R，则小球的运动可看做单摆，则小球运动的周期为

选项D正确。

故选BD。三、填空题(共8题，共16分)19、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]做匀速圆周运动的物体,速度大小不变；所以动量大小不变。

(2)[2]动量变化量的方向与速度变化量方向相同，与初速度方向无直接关系。【解析】正确错误20、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.传播②.相互作用③.相邻21、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]点为峰峰相遇点；为振动加强点；

[2]S点为峰谷相遇点，振动减弱，因两列波的振幅相同，则S点的振幅为0，则从到的时间内，点通过的路程为0。【解析】①.加强②.022、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】大于23、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]弹性碰撞满足动量守恒及机械能守恒。

[2]完全非弹性碰撞满足动量守恒，机械能有损失，且损失量最大。【解析】守恒最大24、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]当发生完全非弹性碰撞时损失的机械能最多，物体B的速度最小，据动量守恒定律可得

解得B的速度为

[2]当发生弹性碰撞时，物体B速度最大，据动量守恒定律可得

据机械能守恒可得

联立解得B的速度为

[3]则碰后物体B的速度范围为≤vB≤【解析】v0≤vB≤v025、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由共振曲线及共振的条件可知；Ⅰ和Ⅱ的固有频率分别为0.2Hz和0.5Hz，周期之比。

TⅠ∶TⅡ＝5∶2[2]当摆长相等时，重力加速度越大，频率越大，月球表面重力加速度小于地球表面重力加速度，故图线Ⅰ是月球上的单摆的共振曲线。‍【解析】5∶2Ⅰ26、略

【分析】【详解】

[1]由题可知，波的周期

由波长公式可知

[2]由于AB的距离为波长的4.5倍，所以小明同学处于波峰时，他爸爸处