2025年沪科新版选修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科新版选修3物理上册月考试卷765考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示；电源电压不变，闭合开关S，向下移动滑片P，以下说法中正确的是。

A.灯泡L变亮B.电压表V1的示数变大C.电流表A的示数变大D.电压表V2的示数变小2、如图为某一控制小灯泡点亮和熄灭的简单逻辑电路图；L为小灯泡，R为电阻箱，R′为光敏电阻。有光照射时R′的阻值将显著变小，下列说法中正确的是（）

A.逻辑电路是“或”门电路B.逻辑电路是“与”门电路C.有光照射电阻R′时，小灯泡L将发光D.无光照射电阻R′时，小灯泡L将发光3、一定质量的理想气体吸热膨胀，保持压强不变，它的内能增加，那么（）A.它吸收的热量等于内能的增量B.它吸收的热量小于内能的增量C.它吸收的热量大于内能的增量D.它吸收的热量可以大于内能的增量，也可以小于内能的增量4、一定质量的理想气体经历了如图所示的ab、bc、cd、da四个过程，其中ba的延长线通过坐标原点，气体a、b、c、d四个状态的压强与温度的关系如图所示，则（）

A.气体在bc过程中体积的变化量等于da过程中体积的变化量B.气体在ab过程中内能的增加量小于cd过程中内能的减少量C.气体在ab过程中吸收的热量等于cd过程中放出的热量D.气体在ab过程中吸收的热量小于cd过程中放出的热量5、一定质量的理想气体从状态A变化到状态再变化到状态其状态变化过程的图象如图。已知该气体在状态A时的温度为对该气体说法正确的是（）

A.在状态时的温度是B.从状态到状态过程中对外做功C.状态A下气体的内能大于在状态气体的内能D.从状态A到状态的过程中放出的热量评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)6、如图所示，R1、R2为定值电阻，L为小灯泡，R3为光敏电阻，当照射光强度增大时（）

A.电压表的示数减少B.R2中电流减小C.小灯泡的功率增大D.电路的路端电压降低7、下列说法正确的是（）A.悬浮在水中花粉的布朗运动反映了花粉分子的热运动B.空气的小雨滴呈球形是水的表面张力作用的结果C.高原地区水的沸点较低，这是高原地区温度较低的缘故D.彩色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性的特点8、如图所示；向一个空的铝制饮料罐中插入一根粗细均匀透明吸管，接口用蜡密封，在吸管内引入一小段油柱（长度可忽略）。如果不计大气压的变化，该装置就是一支简易的气温计。关于该气温计的说法正确的是（）

A.气温计刻度是均匀的，左大右小B.读数变大过程，罐中气体压强增大C.读数变大过程，罐中气体对外做功，内能增大D.读数变小过程，罐中气体放出的热量大于外界对其做的功9、某空间区域的竖直平面内存在电场，其中竖直的一条电场线如图甲所示，一个质量为m、电荷量为q的带正电小球，在电场中从O点由静止开始沿电场线竖直向下运动．以O为坐标原点，取竖直向下为x轴的正方向，小球的机械能E与位移x的关系如图乙所示；则(不考虑空气阻力)()

A.电场强度大小恒定，方向沿x轴负方向B.从O到x1的过程中，小球的速率越来越大，加速度越来越大C.从O到x1的过程中，相等的位移内，小球克服电场力做的功越来越大D.到达x1位置时，小球速度的大小为10、如图所示，一轻杆两端分别固定两个半径相等的光滑金属球，球质量大于球质量，整个装置放在光滑的水平面上，设球离地高度为将此装置从图示位置由静止释放，则（）

A.在球落地前的整个过程中，及轻杆系统机械能不守恒B.在球落地前瞬间，球的速度大小为C.在球落地前的整个过程中，及轻杆系统动量守恒D.在球落地前的整个过程中，轻杆对球做的功为零11、水平面上的A、B两球沿一直线运动并发生正碰，如图所示为两球碰撞前、后的位移随时间变化的图象，a、b分别为A、B两球碰前图象，c为碰撞后两球共同运动的图象，已知A球质量是m=2kg；则由图象判断下列结论正确的是（）

A.由图象可知碰撞前A球做匀减速直线运动，B球做匀加速直线运动B.碰撞前后A球动量变化量大小为4kg•m/sC.B球质量为kgD.A、B两球碰撞前的总动量为3kg•m/s12、如图所示，A、B是两盏完全相同的白炽灯，L是直流电阻不计、自感系数很大的自感线圈，如果断开电键S1，闭合S2，A、B两灯都能同样发光.如果最初S1是闭合的，S2是断开的.那么不可能出现的情况是。

A.刚一闭合S2，A灯就亮，而B灯则延迟一段时间才亮B.刚闭合S2时，线圈L中的电流为零C.闭合S2以后，A灯变亮，B灯由亮变暗D.再断开S2时，A灯立即熄火，B灯先亮一下然后熄灭评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)13、光滑绝缘杆与水平面保持θ角，磁感应强度为B的匀强磁场充满整个空间，一个带正电q，质量为m，可以自由滑动的小环套在杆上，如图所示，小环下滑过程中对杆的压力为零时，小环的速度为________．14、由爱因斯坦光电效应方程可以画出光电子的最大初动能和入射光的频率的关系，若该直线的斜率和横轴截距分别为k和b，电子电荷量的绝对值为e，则普朗克常量可表示为_______,所用材料的逸出功可表示为__________．（结果均用k和b表示）

15、确定一个温标的方法。

（1）选择一种_______物质。

（2）了解测温物质用以测温的某种性质。

（3）确定温度的_______和_______的方法。16、如图所示，体积为V、内壁光滑的圆柱形导热气缸顶部有一质量和厚度均可忽略的活塞，气缸内密封有温度为2.8T0、压强为1.4p0的理想气体。p0和T0分别为大气的压强和温度。已知气体内能U与温度T的关系为a为正的常量；容器内气体的所有变化过程都是缓慢的。求：

（1）当活塞与顶面间恰好无压力时，气体的温度T__________；

（2）最终气体与外界温度相同，则活塞下落过程中气体内能减少了_________，该过程中气体放出的热量为__________。

17、如右图所示图线是两个导体A和B的伏安特性曲线，由图可知导体B的电阻RB＝__________Ω；若将两个导体串联接在电路中，它们两端的电压之比UA：UB＝___________．

18、用均匀导线做成的正方形线框边长为0.2m，正方形的一半放在垂直于纸面向里的匀强磁场中，如图所示．当磁场以10T/s的变化率增强时，线框中a、b两点间的电势差是Uab＝_____V

19、如图所示为一弹簧振子的振动图像；试完成以下问题：

（1）该振子简谐运动的表达式为____________________；

（2）该振子在第100s时的位移为________cm，该振子在前100s内的路程为________cm．评卷人得分四、作图题(共3题，共27分)20、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

21、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

22、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共24分)23、测量一节干电池的电动势和内阻．实验室除提供开关S和导线外；还有以下器材可供选择：

A．电压表V（量程3V，内阻RV=10kΩ）

B．电流表A1（量程3mA，内阻Rg1=99.5Ω）

C．电流表A2（量程1500mA，内阻Rg2=0.5Ω）

D．滑动变阻器R1（阻值范围0～10Ω；额定电流2A）

E．滑动变阻器R2（阻值范围0～1000Ω；额定电流1A）

F．定值电阻R3=0.5Ω

(1)根据可选用的器材；设计了如图1所示的测量电路图．

(2)该同学应该将电流表_____（选填A1或A2）与定值电阻R3并联，改装成一个量程是_____A的新电流表．

(3)滑动变阻器选用______（选填“R1”或“R2”）．

(4)利用上述测量电路测得数据，以电流表A的直接读数I为横坐标，以电压表V的读数为U纵坐标绘出了如图2所示的图线，根据图线可求出电源的电动势E=_____V（结果保留三位有效数字），电源的内阻r=_____Ω（结果保留两位有效数字）．24、右图为“研究一定质量气体在体积不变的条件下；压强变化与温度变化关系”的实验装置示意图．在烧瓶A中封有一定质量的气体，并与气压计相连，初始时气压计两侧液面平齐．

（1）若气体温度升高；为使瓶内气体的体积不变，应将气压计右侧管_____（填“向上”或“向下”）缓慢移动，直至________．

（2）实验中多次改变气体温度，用表示气体升高的温度，用表示气压计两侧管内液面高度差的变化量．则根据测量数据作出的图线应是：_______.

25、如图甲所示为某电阻随摄氏温度变化的关系，图中表示时的电阻，表示图线的斜率．若用该电阻与电池（电动势为内阻为）、电流表（内阻为）、滑动变阻器串联起来；连接成如图乙所示的电路，用该电阻做测温探头，把电流表的电流刻度改为相应的温度刻度，于是就得到了一个简单的“电阻测温计”．

（1）实际使用时要把电流表的刻度值改为相应的温度刻度值，若温度则的刻度应在刻度的_________________（填“左”或“右”）侧．

（2）在标识“电阻测温计”的温度刻度时，需要弄清所测温度和电流的对应关系．请用（表示滑动变阻器接入的阻值）等物理量表示所测温度与电流的关系式：____________.

（3）由（2）知，计算温度和电流的对应关系需要先测量电流表的内阻（约为）．已知实验室有下列器材：

A.电阻箱（）

B.电阻箱（）

C.滑动变阻器（）

D.滑动变阻器（）

此外；还有电动势合适的电源；开关、导线等．

请在虚线框内设计一个用“半偏法”测电流表内阻的电路___________；在这个实验电路中，电阻箱应选______________，滑动变阻器应选_________________．（填仪器前的选项字母）．评卷人得分六、解答题(共4题，共24分)26、如图所示，质量均为m的物体A、B分别与轻质弹簧的两端相连接，静止在水平地面上。质量也为m的小物体C从距A物体h高处由静止开始下落，C与A相碰后立即粘在一起向下运动，以后不再分开，当A和C运动到最高点时，物体B对地面刚好无压力。不计空气阻力，弹簧始终处于弹性限度内，重力加速度为g。求。

（1）A和C一起开始向下运动时的速度大小；

（2）A和C运动到最高点时的加速度大小；

（3）弹簧的劲度系数k。27、两根足够长的光滑导轨竖直放置，间距为L，顶端接阻值为R的电阻．质量为m、电阻为r的金属棒在距磁场上边界某处由静止释放；金属棒和导轨接触良好，导轨所在平面与磁感应强度为B的匀强磁场垂直，如图所示，不计导轨的电阻，重力加速度为g，求：

(1)金属棒在磁场中运动时；流过电阻R的电流方向？

(2)金属棒的速度为v时；金属棒所受的安培力为大小？

(3)金属棒以稳定的速度下滑时；电路消耗的热功率为多少？

28、用铁环粘上肥皂液，用白炽灯光照射，从反射光的方向去看，呈现如图A所示的现象，最上部是较宽的黑色条纹，其下是若干彩色条纹图.改用单色钠黄光照射，则呈现如图B所示的现象，形成黄色和黑色相间的条纹.已知可见光的频率为3.9×1014Hz～7.5×1014Hz.请回答下列问题：

（1）为什么肥皂膜最上面的区域都是黑色的？并估算这一部分肥皂膜的厚度.

（2）为什么两个图形中肥皂膜上的条纹都是从上往下逐渐变窄？29、有两个质量为m的均处于基态的氢原子A、B，A静止，B以速度v0与之发生碰撞．已知碰撞前后二者的速度均在一条直线上，碰撞过程中部分动能有可能被某一氢原子吸收，从而使该原子由基态跃迁到激发态.然后此原子向低能级态跃迁，并发出光子．若该激发态氢原子最多能辐射出三个光子，则速度v0至少需要多大?已知氢原子的基态能量为E1（E1<0），量子轨道为n的能量为E1/n2．参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【分析】

首先对电路进行分析；明确电路连接关系及电流表；电压表的测量位置，然后根据电路特点及欧姆定律进行分析。

【详解】

由图知，闭合开关，灯泡和滑动变阻器串联，电压表V1测量滑动变阻器两端电压，电压表V2测量电源电压；电流表测量电路电流。滑动变阻器滑片向下移动时，滑动变阻器接入电路电阻变大；

A项：电路总电阻变大；电源电压一定，所以电路电流减小，因此灯泡亮度变暗，故A错误；

B项：串联电路用电器两端电压与其阻值成正比，滑动变阻器接入电路电阻增大，所以两端电压增大，电压表V1示数增大；故B正确；

C项：电路总电阻变大；电源电压一定，所以电路电流减小，电流表示数变小，故C错误；

D项：电源电压不变，所以电压表V2测量电源电压；示数不变，故D错误。

故应选B。

【点睛】

此题是关于动态电路的分析，明确电路连接关系和电表测量位置，正确判断滑片位置变化引起的电路电阻变化，是解答此类问题的第一步。2、C【分析】【分析】

【详解】

AB．该逻辑电路是“非”门电路；故AB错误；

C．有光照射时R′的阻值将显著变小；则R′两端的电势差较小，输入非门的电势较低，输出非门的电势较高，灯泡两端的电压大，灯泡将发光，故C正确；

D．无光照射时R′的阻值将显著变大，则R′两端的电势差较大，输入非门的电势较高，输出非门的电势较低，灯泡两端的电压小，灯泡不发光，故D错误。3、C【分析】【详解】

气体等压膨胀，由

知，气体的体积变大，则温度升高，内能增加。气体膨胀，对外做功，内能增大，根据热力学第一定律

知气体吸收的热量大于内能的变化量，故选C。4、D【分析】【详解】

A．气体在bc过程是等温压缩，压强增大到b态的1.5倍，则体积变为b态的da过程是等温膨胀，压强变为d态压强的则体积变为d态体积的2倍；因ab两态体积相等，设为V，则c态体积V，d态体积V，气体在bc过程中体积的变化量小于da过程中体积的变化量；选项A错误；

B．气体在ab过程中温度变化量等于cd过程中温度变化量，则气体在ab过程中内能的增加量等于cd过程中内能的减少量；选项B错误；

CD．由以上分析可知，气体在ab过程中体积不变，则Wab=0

气体在cd过程中体积减小，则Wcd>0

则气体在ab过程中吸收的热量

cd过程中放出的热量

其中

气体在ab过程中吸收的热量小于cd过程中放出的热量；选项C错误，D正确。

故选D。5、B【分析】【分析】

【详解】

A．对于理想气体由图象可知A→B等容变化，由查理定律得

得

解得

故A错误；

B．对于理想气体由图象可知B→C等压变化，则从状态到状态过程中对外做功

故B正确；

C．由理想气体状态方程可知

即

得

则状态A下气体的内能等于在状态气体的内能；故C错误；

D．气体从状态A到状态C体积增大，对外做功，即W＜0

且TA=TC，A到状态C的过程中内能变化量为0，由热力学第一定律得Q＞0

所以A→C的过程中吸热；故D错误。

故选B。二、多选题(共7题，共14分)6、B:C:D【分析】【分析】

当照射光强度增大时，变小；分析电路中总电阻的变化，则由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化，由欧姆定律可得出电压表示数的变化；同时还可得出路端电压的变化；由串联电路的规律可得出并联部分电压的变化，再由并联电路的规律可得出通过小灯泡的电流的变化，由功率公式即可得出灯泡功率的变化．

【详解】

当光照增强时，光敏电阻的阻值减小，变小，外电路总电阻减小，则电路中的总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可得，电路中总电流增大，故两端的电压增大，即电压表的示数增大，故A错误；因电路中总电流增大，电源的内电压增大，路端电压减小，同时两端的电压增大，故并联电路部分电压减小，流过的电流减小；由于干路电流变大，流过的电流减小；可知流过灯泡的电流一定增大，小灯泡的功率变大，故BCD正确．

【点睛】

闭合电路的动态分析问题一般按外电路、内电路再外电路的分析思路进行；分析内电路主要根据总电流及内阻分析内压，而外电路较为复杂，要注意灵活应用电路的性质．7、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．悬浮在水中的花粉的布朗运动反映了液体分子的热运动；A错误；

B．空气的小雨滴呈球形是水的表面张力作用的结果；B正确；

C．高原地区水的沸点较低；这是高原地区气压较低的缘故，C错误；

D．彩色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性的特点；D正确；

故选BD。8、C:D【分析】【详解】

A．由题意可知，罐内气体做等压变化，由盖−吕萨克定律可知；当罐内气体温度升高时，气体的体积增大，吸管内的油柱向右移动，则吸管上的温度刻度值左小右大，A错误；

B．吸管内的油柱受内外气压的作用处于平衡状态；所以温度升高时，即读数变大过程，罐中气体做等压变化，压强不变，B错误；

C．读数变大过程，罐内气体温度升高，内能增大，由热力学第一定律可知，则气体对外做功W小于气体向外界吸收的热量Q；C正确；

D．读数变小过程，罐内气体温度降低，内能减小，由热力学第一定律可知；因此罐中气体放出的热量大于外界对其做的功，D正确。

故选CD。9、B:D【分析】【详解】

A.小球的机械能变化是由电场力做功引起的，由题图乙可知，从O到x1机械能在减小，即电场力做负功，又因为小球带正电，故场强方向沿x轴负方向，E－x图线切线的斜率的绝对值为电场力大小，由图象可知，从O到x1斜率的绝对值在减小，故F电在减小；即场强减小，故A错误．

B.由牛顿第二定律mg－F电＝ma可知a在增大；故B正确．

C.因为电场力逐渐减小；故相等位移内，小球克服电场力做的功越来越小，故C错误．

D.从O到x1由动能定理得mgx1＋E1－E0＝mv2－0，v＝D正确．10、B:D【分析】【详解】

A．将三者看做一个整体，在b球下落过程中；整体只有重力做功，系统的机械能守恒，A错误；

B．因为杆对两小球做功的代数和为零，所以有

解得b球落地瞬间的速度为B正确；

C．整个装置下落过程中；水平方向没有外力，水平方向的动量守恒，竖直方向上动量不守恒，C错误；

D．设杆对a球做功对b球做功系统机械能守恒，则除了重力之外的力的功必定为零，即

对a球由动能定理可知

故D正确。

故选BD。11、B:C【分析】【详解】

A．由x﹣t图象的斜率表示速度；因此碰撞前A；B两球都是匀速运动，故A错误；

B．碰撞前有：vA=﹣3m/s，vB=2m/s，碰撞后有：vA′=vB′=﹣1m/s；碰撞前后A的动量变化为：△PA=mvA′﹣mvA=2×（﹣1）﹣2×（﹣3）=4kg•m/s；故B正确；

C．根据动量守恒定律，碰撞前后B的动量变化为：△PB=﹣△PA=﹣4kg•m/s，又：△PB=mB（vB′﹣vB），所以解得：mB=kg；故C正确；

D．所以A与B碰撞前的总动量为：P总=mvA+mBvB=2×（﹣3）+×2=﹣kg•m/s，故D错误．12、B:C:D【分析】刚一闭合S2,电流立刻通过B流过A，AB灯就立即同时亮，线圈L产生很大的感应电动势阻碍电流的增大，而且感应电流方向向上，流过B，所以B灯由亮变暗，通过线圈L电流此时为零，断开S2时,A灯立即熄火,线圈产生的与原电流大小方向相同的感应电流流过B灯，B灯先亮一下然后熄灭三、填空题(共7题，共14分)13、略

【分析】当小球所受的洛伦兹力小于重力垂直杆向下的分力，小球向下做加速运动，洛伦兹力逐渐增大，支持力和滑动摩擦力逐渐减小，合力增大，加速度增大．当洛伦兹力等于重力垂直杆的分力时，又由得

点睛：本题关键是分析小球的受力情况，判断其运动情况，注意先分析重力和洛伦兹力，再分析弹力和摩擦力，抓住洛伦兹力的大小与速度大小成正比进行动态分析。【解析】14、略

【分析】【详解】

根据光电效应方程得，分析可知与成一次函数关系，知图线的斜率等于普朗克常量，即为：与图象比较可知，横轴截距b为金属的极限频率，则料的逸出功为：．

【点睛】

只要记住并理解了光电效应的特点，只要掌握了光电效应方程就能顺利解决此题，所以可以通过多看课本加强对基础知识的理解．【解析】kkb15、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】测温零点分度16、略

【分析】【详解】

（1）[1]当活塞与顶面间恰好无压力时，可知气体的压强由P1=1.4p0下降到p2=p0，温度由T1=2.8T0变到T2=T，气体的体积不变，气体做等容变化，由查理定律可得

解得T=2T0

（2）[2]由可得

[3]设气体与外界温度相同时的体积为V2，由盖−吕萨克定律可得

解得

则有

由热力学第一定律可得【解析】2T0aT017、略

【分析】【详解】

从图中可知B电阻在电压为10V时，电流为10A，故A电阻在电压为10V时，电流为30A，故两电阻串联在电路时，电流相等，故．【解析】11:318、略

【分析】【详解】

题中正方形线框的左半部分磁通量变化而产生感应电动势，从而在线框中有感应电流产生，把左半部分线框看成电源，其电动势为E，内电阻为r/2；画出等效电路如图所示．

则a、b两点间的电势差即为电源的路端电压，设l是边长，且依题意知．由得所以由于a点电势低于b点电势，故Uab=-0.1V．【解析】-0.119、略

【分析】【详解】

（1）弹簧振子的周期为T=4s，则角速度为：振幅A=5cm故该振子简谐运动的表达式为x=Asinωt=5sintcm．

（2）因而振子在一个周期内通过的路程是4A，所以振子在前100s的总路程是：s=25×4A=100×5cm=500cm；总位移为0.【解析】(cm)0500四、作图题(共3题，共27分)20、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】21、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共3题，共24分)23、略

【分析】【分析】

（2）根据并联电路的特点求解改装后的电流表对应的量程；

（3）根据方便的原则选择滑动变阻器；

（4）根据电流表G读数与改装后电流表读数的关系；由闭合电路欧姆定律求出电源的电动势和内阻；

【详解】

（2）电流表A1量程过小，而A2量程过大，则可用电流表A1，与定值电阻R3并联，改装成一个量程是的新电流表；

（3）一节干电池的电动势约E=1.5V，为方便实验操作，滑动变阻器应选R1，它的阻值范围是0-10Ω；

（4）由上可知，改装后电流表的量程是电流表G量程的200倍，图象的纵截距b等于电源的电动势，由图读出电源的电动势为：E=1.48V．

图线的斜率大小k=r，由数学知识知：则电源的内阻为：r=k=0.84Ω；

【点睛】

量电源的电动势和内电阻的实验，采用改装的方式将表头改装为量程较大的电流表，再根据原实验的研究方法进行分析研究，注意数据处理的方法.【解析】（2）A10.6（3）R1（4）1.48(1.47～1.49)0.84(0.82～0.86)24、略

【分析】【详解】

（1）[1]温度升高，气体分子的平均动能增加，因此在V不变情况下；对容器器壁造成压强变大，所以气压计右侧管向上，直到气压计左管液面回到原来的位置.

（2）[2]根据等容变化而气体压强为：

联系后发现，页面的高度差，与温度变化成一次函数，当液面不变，则温度差不变，所以会过坐标原点，A对．【解析】（1）向上，气压计左管液面回到原来的位置（2）A25、略

【分析】【详解】

第一空.由题图甲可知，温度升高时电阻阻值增大，导致流过电流表的电流减小，可知的刻度应在刻度的右侧.

第二空.由闭合电路欧姆定律知由图甲知解得

第三空.应用半偏法测电流表的内阻实验时；滑动变阻器采用限流式，电流表和电阻箱并联，设计的电路如图所示：

第四空.第五空.采用半偏法测电阻时，电阻箱的最大阻值应该大于电流表的内阻，同时滑动变阻器应该选择阻值较大的，故电阻箱选择B，滑动变阻器选择D.【解析】右BD六