2025年苏科版高三物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年苏科版高三物理上册阶段测试试卷753考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、某军事试验场正在平地上试射地对空导弹，若某次竖直向上发射导弹时发生故障，造成导弹的v-t图象，如图所示，则下述说法中正确的是（）A.0～1s内导弹匀速上升B.1s～2s内导弹静止不动C.3s末导弹回到出发点D.2s～5s内导弹的加速度为-30m/s22、我国的“玉兔号”月球车于2013年12月14日晚成功降落在月球虹湾区，开始探测科考．机器人“玉兔号”在月球表面做了一个竖直上抛试验，测得物体从月球表面以初速度v0竖直向上抛出上升的最大高度为h，已知月球半径为R，自转周期为T，引力常量为G．则下列说法中正确的是（）A.月球表面重力加速度为B.月球的第一宇宙速度为v0C.月球同步卫星离月球表面高度为-RD.月球的平均密度为3、【题文】有一带电量为+q；质量为m的带电粒子，沿如图所示的方向，从A点沿着与边界夹角30°；并且垂直磁场的方向，进入到磁感应强度为B的匀强磁场中，已知磁场的上部没有边界，若离子的速度为v，则该粒子离开磁场时，距离A点的距离（）

A.B.C.D.4、下列几个关于力学问题的说法中正确的是（）A.米、千克、牛顿等都是国际单位制中的基本单位B.放在斜面上的物体，其重力沿垂直斜面的分力就是物体对斜面的压力C.速度变化很大的物体，加速度可能很小D.摩擦力的方向一定与物体的运动方向在同一直线上5、以下计时数据表示时间的是（）A.早晨6时30分做早操B.在某场班级足球联谊赛中，甲班于开赛20min后射入一球C.某同学跑完100m，计时13sD.某航班于12时15分从博螯机场起飞6、（2015秋•辽宁期末）图示为气流加热装置的示意图，使用电阻丝加热导气管，变压器可视为理想变压器，原线圈接入电压有效值恒定的交流电，调节触头P，使输出功率由1000W降至250W．则调节前后（）A.副线圈两端的电压比为4：1B.原线圈输入电流比为1：2C.副线圈的接入匝数比为2：1D.原线圈输入功率比为2：17、一个质量m=150kg的雪橇，受到与水平方向成θ=60°角斜向上方的拉力F=400N，在水平地面上移动的距离L=10m，如图所示．雪橇与地面间的滑动摩擦力F阻=100N．则雪橇所受多个力对其做的总功为（）A.2000JB.1000JC.1500JD.30008、电场强度E的定义式为E=（）A.这个定义只适用于点电荷产生的电场B.上式中F是放入电场中的电荷所受的力，q是产场电荷的电量C.上式中F是放入电场中的电荷所受的力，q是产生电场的电荷的电量D.在库仑定律的表达式中，是点电荷q2产生的电场在点电荷q1处的场强大小；而是点电荷q1产生的电场在点电荷q2处的场强大小评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)9、如图是两个同心闭合线圈的俯视图，若内线圈通有图示方向的电流I，则当I增大时，穿过外线圈中的磁通量将____．（填“增大”、“减小”或“不变”）10、有三个共点力F1=2N，F2=4N，F3=4N，互成120°，其合力大小为____N，方向为____．11、如图所示；阴极射线管（A为其阴极），放在蹄形磁轶的N；S两极间，射线管的AB两极将分别接在直流高压电源正负极上．试回答下列问题：

（1）请将电源正确地接到阴极射线管上

（2）电子将向哪个方向偏转？____（磁铁打阴影线部分的是N极）12、一个半径为r、质量为m、电阻为R的金属圆环，用一根长为L的绝缘细绳悬挂于O点，离O点下方处有一宽度为垂直纸面向里的匀强磁场区域，如图所示．现使圆环从与悬点O等高位置A处由静止释放(细绳张直，忽略空气阻力)，摆动过程中金属环所在平面始终垂直磁场，则在达到稳定摆动的整个过程中金属环产生的热量是____.

13、在“探究求合力的方法”实验中；需要将橡皮条的一端固定在水平木板L

另一端系上两根细绳，细绳的另一端都有绳套.

实验中需用两个弹簧秤分别勾住绳套.

并互成角度地拉像皮条.

实验情况如图甲所示，其中以为固定橡皮筋的图钉，O

为橡皮筋与细绳的结点，OB

和OC

为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的图示．

(1)

本实验采用的主要科学方法是______

A.理想实验法B.

等效替代法C.

控制变量法D.

极限法。

(2)

图乙中的F

与F隆盲

两力中；方向一定沿AO

方向的是______

(3)

以下实验操作正确的有______

A.同一次实验过程中；O

点位置允许变动。

B.实验中；弹簧测力计必须保持与木板乎行.

凑数时视线要正对弹簧测力计的刻度。

C.在用两个弹簧秤同时拉细绳时要保征使两个弹簧秤的渎数相等。

D.拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些．14、（2013秋•唐河县月考）如图所示为一物体沿直线运动x-t图象，根据图象可知：前2s内的位移是____m第3秒内的位移是____m，前5秒的总路程是____m，整个5秒的位移是____m，后两秒的速度____m/s．15、用电压U和kU通过同距离相同材料的输电线向用户输送同样的总功率，若要求输电线损失的功率相同，则前后两种情况输电线的横截面积之比为____，若采用同样粗细的导线输电，则前后两种情况输电线损失的功率之比为____．16、有两颗人造地球卫星，它们的质量之比m1：m2=1：2，运行速度之比v1：v2=1：2，则它们轨道半径之比r1：r2=____；所受向心力之比F1：F2=____．评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)17、用电器的额定功率与所加的电压无关．____．（判断对错）18、（2010•驻马店模拟）如图为一列沿x轴正方向传播的简谐波在t=0时刻的波形图，已知波速为10m/s，则图中P质点的振动方程为y=10sin5πt（cm）____（判断对错）19、地面上静止的人观察一条沿自身长度方向高速运动的杆，其长度总比杆静止时的长度小____（判断对错）20、同一汽车，速度越快，越难刹车，说明物体速度越大，惯性越大．____（判断对错）21、形状规则的物体，重心一定在其几何中心．____（判断对错）22、每一种形式的能对应于一种运动形式．____．（判断对错）23、晶体的分子（或原子、离子）排列是有规则的．____．（判断对错）评卷人得分四、实验探究题(共4题，共24分)24、气垫导轨是研究与运动有关的实验的装置，也可以用来研究功能关系．如图甲所示，在气垫导轨的左端固定一轻质弹簧，轨道上有一滑块A紧靠弹簧但不连接，已知滑块的质量为m．

（1）用游标卡尺测出滑块A上的挡光片的宽度，读数如图乙所示，则宽度d=______cm；

（2）利用该装置探究弹簧对物块做功的大小：某同学打开气源，调节装置，使滑块可以静止悬浮在导轨上，然后用力将滑块A压紧到P点，释放后，滑块A上的挡光片通过光电门的时间为△t，则弹簧对滑块所做功为______（用题中所给字母表示）；

（3）利用该装置测量滑块与导轨间的动摩擦因数：关闭气源，仍将滑块A由P点释放，当光电门到P点的距离为x时，测出滑块A上的挡光片通过光电门的时间为t，移动光电门，测出多组数据（滑块都能通过光电门），并绘出x-图象，如图丙所示，已知该图线的斜率的绝对值为k，则可算出滑块与导轨间的动摩擦因数为______．25、在“油膜法估测油酸分子的大小”实验中，所用的油酸酒精溶液的浓度为每1000mL

溶液中有纯油酸0.6mL

用注射器测得1mL

上述混合溶液有80

滴，把1

滴该溶液滴入盛水的浅盘内，让油膜在水面上尽可能散开，得到油酸薄膜的轮廓形状和尺寸如图所示，图中正方形格的边长为1cm

则可求得：(1)

油酸薄膜的面积是__________cm2

(2)

油酸分子的直径是______________m(

结果保留一位有效数字)

26、现利用图(a)

所示的装置验证动量守恒定律.

在图(a)

中；气垫导轨上有AB

两个滑块，滑块A

右侧带有一弹簧片，左侧与打点计时器(

图中未画出)

的纸带相连，滑块B

左侧也带有一弹簧片，上面固定一遮光片，光电计时器(

未完全画出)

可以记录遮光片通过光电门的时间．

实验测得滑块A

的质量m1=0.310kg

滑块B

的质量m2=0.108kg

遮光片的宽度d=1.00cm

打点计时器所用交流电的频率f=50.0Hz

．

将光电门固定在滑块B

的右侧，启动打点计时器，给滑块A

一向右的初速度，使它与B

相碰，碰后光电计时器显示的时间鈻�tB=3.500ms

碰撞前后打出的纸带如图(b)

所示．

若实验允许的相对误差绝对值(|脜枚脳虏脟掳潞贸脳脺露炉脕驴脰庐虏卯脜枚脟掳脳脺露炉脕驴|隆脕100%)

最大为5%

本实验是否在误差范围内验证了动量守恒定律？写出运算过程．

27、某同学用在弹簧下面挂钩码的方法做“探究弹簧弹力与形变量之间的关系”的实验；装置如图甲所示.

他记录了下列几组数据，已知弹簧原长为10.0cm

．

(1)

先将下衾数据填写完整；再在图乙所示的坐标纸上描点并画出弹簧弹力F

与弹簧伸长量x

之间的关系图象.(

取g=10N/kg)

。实验次数12345弹簧长度/cm12.113.916.118.219.9钩码的质量/g50100150200250弹簧弹力F/N弹簧伸长量x/cm(2)

由图象得出的结论为：

垄脵

弹簧的弹力与弹簧伸长(

或缩短)

的长度成______；

垄脷

弹簧的劲度系数为______N/m

．评卷人得分五、解答题(共2题，共8分)28、光滑水平面上放置两个小物块A和B，质量分别为M1=0.2kg和M2=0.1kg，用轻绳连接，夹在其间的压缩弹簧弹性势能为l.2J．B的右侧有一个足够大的光滑曲面，质量为M=0.4kg．现将轻绳烧断，求之后物块B在曲面上能够达到的最大高度（g=10m/s2）．29、质量为3kg小球沿半径R=1.0m的四分之一竖直圆弧轨道从最高点由静止下滑，如图所示，当小球由轨道的最低点飞出后，测得小球落地点距最低点的水平距离为2m，已知最低点距地面高h=1.25m（空气阻力不计，g=10m/s2）

（1）求小球对轨道最低点的压力；

（2）小球在圆弧轨道运动过程中，克服摩擦力做功为多少？参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【分析】根据速度随时间的变化规律可得出导弹的运动规律，根据图线的斜率可求得加速度；根据图象与时间轴围成的面积分析导弹的位移，从而判断导弹是否回到出发点．【解析】【解答】解：A；由速度时间图线可知；0～1s内导弹匀加速上升，故A错误．

B；1s～2s内导弹的速度不变；为匀速直线运动；故B错误；

C；3s末速度图线与时间轴围成的面积不为零；位移不为零，可知3s时导弹的高度最大；故C错误；

D、2s～5s内导弹的加速度为a===-30m/s2；故D正确；

故选：D．2、D【分析】【分析】根据竖直上抛运动，求出星球表面的重力加速度，根据万有引力提供向心力求在该星球表面附近绕该星球做匀速圆周运动卫星的周期和该星球的第一宇宙速度，根据求解星球质量．【解析】【解答】解：A、在月球表面以初速度v0竖直上抛出一物体，则该物体上升的最大高度为h．由，可得月球表面重力加速度g=；故A错误；

B、在月球表面附近绕月球做匀速圆周运动的速度即为第一宇宙速度，则，解得：v=；故B错误；

C、月球同步卫星的周期与月球自转周期相同，则，而，解得：h=；故C错误；

D、月球表面重力与万有引力相等可以求出星球的质量M=，则月球密度；故D正确．

故选：D3、A【分析】【解析】

试题分析：带正电的粒子射入磁场后；由于受到洛伦兹力的作用，粒子将沿图示的轨迹运动，从A点射出磁场，O；A间的距离为L，射出时速度的大小仍为v，射出方向与x轴的夹角仍为30°．

由于洛伦兹力提供向心力，则：R为圆轨道的半径，解得：圆轨道的圆心位于A和射出点的中垂线上，由几何关系可得：联立两式解得A正确。

考点：考查了带电粒子在匀强磁场中的运动【解析】【答案】A4、C【分析】解：A；米、千克是国际单位制中的基本单位；而牛顿不是国际单位制中的基本单位，根据牛顿第二定律得到的导出单位．故A错误；

B；放在斜面上的物体；其重力沿垂直斜面的分力大小等于物体对斜面的压力，但不能说就是物体对斜面的压力，压力的受力物体是斜面，而重力的分力的受力物体是该物体．故B错误；

C；物体的速度变化很大；若变化的时间较长，加速度可能很小，故C正确；

D；摩擦力的方向可以与物体的运动方向不在同一直线上；比如在水平圆盘上随圆盘一起匀速转动的物体所受的摩擦力方向与速度方向垂直．故D错误．

故选：C．

米；千克是国际单位制中的基本单位；而牛顿不是国际单位制中的基本单位；

放在斜面上的物体；其重力沿垂直斜面的分力大小等于物体对斜面的压力，但不能说就是物体对斜面的压力；

加速度是反映速度变化快慢的物理量；方向与速度变化量的方向相同，可能与速度的方向相同，可能相反，可能不在同一条直线上；

摩擦力的方向可以与物体的运动方向不在同一直线上．

国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理量分别是谁，它们在国际单位制分别是谁，这都是需要学生自己记住的．摩擦力的方向总与物体相对运动或相对运动趋势的方向相反．【解析】【答案】C5、C【分析】【分析】理解时间间隔和时刻的区别，时间间隔是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点【解析】【解答】解：A；早晨6时30分做早操；6时30分是个时间点，因此为时刻，故A错误；

B；某场足球赛开赛20min后甲队攻入一球；开赛20min后是指的一个时间点，因此是时刻，故B错误；

C；某同学跑完100m；计时13s，13s对应一个过程，是时间，故C正确；

D；航班于12时15分从博螯机场起飞；12时15分个时间点，因此为时刻，故D错误．

故选：C6、C【分析】【分析】变压器的电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，输入功率等于输出功率，结合欧姆定律分析．【解析】【解答】解：AC、通过调节触头P，使输出功率由1000W降至250W，根据可得，输出电压变为原来的，有可知；副线圈的接入匝数比为2：1，故A错误，C正确；

BD；副线圈输出功率等于原线圈输入功率；所以原线圈输入功率之比为4：1，根据P=UI可得，原线圈输入电流比为4：1，故BD错误；

故选：C7、B【分析】【分析】根据恒力做功的公式：W=Fscosθ即可求得拉力F对物体所做的功；

根据滑动摩擦力做功的公式Wf=-F阻s即可求解滑动摩擦力做的功，合外力F对物体所做的总功等于所以力做功的代数和．【解析】【解答】解：（1）拉力F对物体所做的功为：W1=Fscosθ=400×10×0.5=2000J

（2）摩擦力F阻对物体所做的功为：W2=-F阻s═-100×10=-1000J

整个过程中只有拉力和滑动摩擦力做功；重力和支持力不做功；

故W合=W1+W2=2000-1000=1000J

故选：B．8、D【分析】【分析】电场强度E的定义式为E=中，F是放入电场中的试探电荷所受的电场力，q是试探电荷的电量．这是比值定义法，适用于任何电场，定义出的场强与试探电荷无关，E反映本身的强弱和方向．【解析】【解答】解：A、电场强度E的定义式E=适用于任何电场．故A错误．

B、电场强度E的定义式E=中；F是放入电场中的试探电荷所受的电场力，q是试探电荷的电量，不是产生电场的电荷的电量．故B，C错误．

D、由库仑定律中推导出的：是点电荷q2产生的电场在q1所在处的场强大小，同样，是点电荷q1产生的电场在点电荷q2处的场强大小；故D正确．

故选D．二、填空题(共8题，共16分)9、变大【分析】【分析】根据右手螺旋定则分析电流的磁场分布，再根据磁通是的定义明确外线圈中磁通量的变化．【解析】【解答】解：内部线圈中产生的磁场包含内外两部分；外线圈所包含的磁通量为内外抵消后的磁通量；当电流增大时，磁场变强，可认为面积不变；故磁通量也将变大；

故答案为：变大．10、2F1的相反方向【分析】【分析】根据平行四边形定则先求出F3、F2的合力，再与F1合成，求出三个力的合力大小和方向．【解析】【解答】解：如图所示，先将F2与F3进行合成，得合成F为4N，方向沿角平分线；则合力F与F1反向，则将合力F与F1进行合成，则结果为2N，方向与F1的方向相反．

故答案为：2，F1的相反方向．

11、下【分析】【分析】此题要求要了解电子射线管的构造和原理，阴极是发射电子的电极，所以是要接到高压的负极上的，电子在磁场中运动，受到洛伦兹力的作用而发生偏转．从而显示电子运动的径迹，偏转方向有左手定则判断．【解析】【解答】解：

因为A是阴极；所以射线管的阴极（A）接直流高压电源的负极．

因为A是阴极；B是阳极，所以电子在阴极管中的运动方向是A到B，产生的电流方向是B到A（注意是电子带负电），根据左手定则，四指指向A，手掌对向N极（就是这个角度看过去背向纸面向外），此时大拇指指向下面，所以轨迹向下偏转．

答：（1）如图所示

（2）下12、【分析】【解答】金属圆环在进入磁场和离开磁场时，磁通量发生变化，产生感应电流，机械能减少；最后金属圆环在磁场下面摆动，机械能守恒．在整个过程中减少的机械能转变为焦耳热，在达到稳定摆动的整个过程中，金属圆环减少的机械能为

【分析】本题利用能量守恒观点比较简单。13、略

【分析】解：(1)

在“验证力的平行四边形定则”的实验中；采用了“等效替代”法，故ACD错误，B正确．

故选B．

(2)

由图可知；F

是由平行四边形定则得出的，由于会存在误差，故F不一定与AO

同向；而F隆盲

是通过实验得出的，即F隆盲

一定与AO

的拉力大小相等方向相反，即F隆盲

一定沿AO

方向．

故答案为：F隆盲

．

(3)A

本实验研究合力与分力的关系；合力与分力是等效的，同一次实验过程中，O

点位置不能变动，以保证橡皮筯伸长的长度相同，效果相同.

故A错误．

B；本实验是通过在白纸上作力的图示来验证平行四边定则；为了减小实验误差，弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行，否则，作出的是拉力在纸面上的分力，误差较大.

读数时视线必须与刻度尺垂直，防止视觉误差.

故B正确．

C；本实验中我们只需使两个力的效果与一个力的效果相同即可；两分力也不一定相等，故C错误；

D；为了更加准确的记录力的方向；拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些，故D正确．

故选BD．

(1)

正确理解“等效替代”法的应用；

(2)

在实验中F

和F隆盲

分别由平行四边形定则及实验得出；由实验的原理可知一定沿AO

方向的力；

(3)

本题考查了具体实验细节要求；注意所有要求都要便于操作，有利于减小误差进行，所有操作步骤的设计都是以实验原理和实验目的为中心展开，据此可正确解答本题．

对于中学中的实验，学生尽量要到实验室进行实际操作，只有这样才能体会具体操作细节的意义，解答实验问题时才能更加有把握．【解析】BF隆盲BD

14、20050-10-15【分析】【分析】由图向的斜率表示速度，可以算出匀速阶段的速度，进而求得各时间段内的位移．或根据纵坐标之差求解位移．根据位移与路程的关系求得路程．【解析】【解答】解：0～2s物体的位移x1=30m-10m=20m；

第3s内物体处于静止状态，位移为x2=0m；

3～5s内的位移为：x3=0-30m=-30m

故前5秒的总路程是S=x1+x2+|x3|=20m+0+30m=50m

整个5秒的位移是x=0-10m=-10m

后两秒的速度是v===-15m/s

故答案为：20，0，50，-10，-15．15、K2K2【分析】【分析】根据输送功率相等，运用P=UI得出输送电流之比，再根据输电线上损失的功率相同，得出输电线的电阻之比，最后运用电阻定律求出输电线的横截面积之比；第二空先根据输送功率相等，运用P=UI得出输送电流之比，根据电阻定律得到电阻之比，最后根据△P=I2R求解前后两种情况输电线损失的功率之比．【解析】【解答】解：根据P=UI得，输送电流之比等于输电电压之比，则==K．

①若输电线损失的功率相同，根据△P=I2R得，输电线上的电阻R=，则电阻之比==，由R=ρ知，导线长度和材料也相同，==K2．

②若采用同样粗细的导线输电，则两次电阻相同，根据△P=I2R得，前后两种情况输电线损失的功率之比为：

故答案为：k2，k2．16、4：11：32【分析】【分析】人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供圆周运动的向心力．【解析】【解答】解：人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动；万有引力提供圆周运动的向心力，则有：

可得：

∴=

据得向心力之比：===

故答案为：4：1；1：32三、判断题(共7题，共14分)17、√【分析】【分析】根据额定电压和额定功率的概念进行分析，即用电器正常工作时的电压为额定电压，在额定电压下的功率为额定功率．【解析】【解答】解：因用电器正常工作时；电压为额定电压，在额定电压下的功率为额定功率，所以额定功率与实际电压无关，实际功率与工作时的电压有关；

故答案为：√18、×【分析】【分析】首先据波动图象读出波长和求出周期，根据质点的振动和波的传播特点分析质点的振动情况，然后再写出振动方程，与题干中的方程比较即可．【解析】【解答】解：该波是振幅是10cm，波速为10m/s，波长为4m，所以周期：T=s，角速度ω=；

该波向x轴的正方向传播；由上下坡法可知，图中P质点在t=0时刻振动的方向向下，所以振动方程为y=-10sin5πt（cm），错误．

故答案为：×19、√【分析】【分析】根据狭义相对论的几个重要的效应之一：尺缩效应：在尺子长度方向上运动的尺子比静止的尺子短，当速度接近光速时，尺子缩成一个点，即可正确解答．【解析】【解答】解：根据相对论的尺缩效应：一条沿自身长度方向运动的杆；其长度总比杆静止时的长度短．故该说法是正确的．

故答案为：√20、×【分析】【分析】质量是惯性的唯一标志，与物体的速度大小，加速度大小，是否运动等全部无关．【解析】【解答】解：质量是惯性的唯一标志；与物体的速度大小，加速度大小，是否运动等全部无关，故此说法是错误的．

故答案为：×．21、×【分析】【分析】重心就是重力的作用点，物体的重心在物体的几何中心上有两个条件：质地均匀，外形规则．【解析】【解答】解：由于课本上指出重心就是重力的作用点；因此重力作用在物体的重心点上；质地均匀，外形规则的物体的重心在物体的几何中心上．质量不是均匀分布的物体，即使外形规则的物体，重心有可能不在物体的几何中心上．所以以上说法是错误的．

故答案为：×22、√【分析】【分析】自然界物质运动的形式是多样的，每种运动形式都对应一种形式的能量．各种运动形式的能量在一定条件下可以相互转化【解析】【解答】解：根据能量守恒定律可知：自然界物质运动的形式是多样的；每种运动形式都对应一种形式的能量．各种运动形式的能量在一定条件下可以相互转化．

例如机械能对应机械运动；内能对应分子的无规则运动．故每一种形式的能对应于一种运动形式是对的．

故答案为：√23、√【分析】【分析】晶体的分子（或原子、离子）排列是有规则的．晶体是具有一定的规则外形和各向异性．【解析】【解答】解：根据晶体的结构的特点可知；晶体的分子（或原子；离子）排列是有规则的．所以该说法是正确的．

故答案为：√四、实验探究题(共4题，共24分)24、略

【分析】解：（1）主尺读数为：5mm；游标尺分度为0.05mm；第2个刻度对齐，故游标尺读数为：0.05×2mm=0.10mm，故宽度为：d=5+0.10=5.10mm=0.510cm．

（2）滑块通过光电门已经是匀速运动了，其平均速度为：瞬时速度等于平均速度，故瞬时速度为：此时滑块动能全部由弹簧弹性势能转化而来，故弹簧弹性势能为：．

（3）每次都有P释放；则每次弹簧弹性势能都相同，由能量转化和守恒可得：

①

解得：

②

由于故带入可得：

故答案为：（1）0.510；（2）（3）

（1）先读主尺；在读游标尺，游标尺不能估读，那个对齐就读那个．

（2）由滑块A上的挡光片通过光电门的时间可得此时滑块的平均速度；由于滑块此阶段做匀速运动，故瞬时速度等于平均速度，由能量转化和守恒可得弹簧弹性势能．

（3）每次都有P释放；则每次弹簧弹性势能都相同，由能量转化和守恒可得结果．

本题主要难点在第3问，这里用到的方法比较不容易想到，整体难度较大，且易错．【解析】0.510；25、(1)117(2)6隆脕10鈭�10

【分析】【分析】根据图示油膜估算出油膜的面积；估算时超过半格算一个，不足半格舍去。根据题意求出油的体积，然后求出油膜的厚度，即分子直径，让油在水面上尽可能散开，形成单分子油膜。

本题要紧扣实验原理，建立清晰的物理模型，知道在用油膜法估测分子的大小”实验中，我们做了些理想化处理，认为油酸分子之间无间隙，油膜是单层分子。【解答】(1)

由图示可知；由于每格边长为1cm

则每一格就是1cm2

估算油膜面积以超过半格以一格计算，小于半格就舍去的原则，估算出117

格，则油酸薄膜面积S=117cm2

(2)

一滴油溶液中含油的体积为V=180隆脕0.61000ml=7.5隆脕10鈭�6mL

所以油酸分子直径为dd=VS=7.5隆脕10鈭�6隆脕10鈭�6117隆脕10鈭�4=6隆脕10鈭�10m

故答案填117

；6隆脕10鈭�10

【解析】(1)117

(2)6隆脕10鈭�10

26、略

【分析】

根据图示纸带求出滑块的速度；然后求出碰撞前后的动量，根据题目要求判断动量是否守恒．

本题考查了验证动量守恒定律实验，由纸带求出滑块速度及根据光电门求出速度是正确解题的关键、应用动量计算公式即可明确碰撞前后的动量，则可验证动量守恒．【解析】解：打点计时器的打点时间间隔为：t=1f=150s=0.02s

．

由图(b)

所示纸带可知，碰撞前A

的速度：vA=xAt=0.04000.02m/s=2m/s

碰撞后A

的速度为：vA隆盲=0.01940.02m/s=0.97m/s

碰撞后B

的速度：vB隆盲=d鈻�tB=0.01003.5隆脕10鈭�3m/s隆脰2.86m/s

碰撞前后系统总动量分别为：

p=m1vA=0.31隆脕2=0.62kg?m/s

p隆盲=m1vA隆盲+m2vB隆盲=0.31隆脕0.97+0.108隆脕2.86隆脰0.61kg?m/s

相对误差：