2025年新世纪版高二物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年新世纪版高二物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、节日用的小彩灯，在一个灯泡坏了以后，其他的灯泡都不能正常工作，则这些小彩灯（）A.一定是串联B.一定是并联C.可能是串联，也可能是并联D.无法判定2、如图所示，在直导线下方有一矩形线框，当直导线中通有方向如图所示且均匀增大的电流时，线框将()A.有顺时针方向的电流B.有逆时针方向的电流C.靠近直导线D.远离直导线3、如图，P

为固定的点电荷，虚线是以P

为圆心的两个圆.

带电粒子Q

在P

的电场中运动.

运动轨迹与两圆在同一平面内，abc

为轨迹上的三个点.

若Q

仅受P

的电场力作用，其在abc

点的加速度大小分别为aaabac

速度大小分别为vavbvc

则(

)

A.aa>ab>acva>vc>vb

B.aa>ab>acvb>vc>va

C.ab>ac>aavb>vc>va

D.ab>ac>aava>vc>vb

4、对于理想变压器来说，下列说法中不正确的是(

)

A.变压器是利用互感现象制成的B.变压器可以改变各种电源的额定功率C.变压器不仅能改变电压，还同时改变电流D.变压器的初级电流随次级电流的增大而增大5、如图甲所示；闭合开关，用光子能量为2.5eV的一束光照射阴极K，发现电流表读数不为零．调节滑动变阻器，发现当电压表读数小于0.60V时，电流表读数仍不为零，当电压表读数大于或等于0.60V时，电流表读数为零．把电路改为图乙，当电压表读数为2V时，电子到达阳极时的最大动能为（）

A.0.6eVB.1.9eVC.2.6eVD.4.5eV评卷人得分二、双选题(共2题，共4分)6、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解7、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)8、改变物体内能的方式有两种：____________和____________，它们在改变物体的内能方面是____________．9、如图所示，螺旋测微器的示数为______，游标卡尺的示数为______．10、交流电压的图形如图所示，由图象可知，电压的峰值为______V.

有效值是______V

频率是______Hz

．11、用如图甲所示的电路做“测定电池的电动势和内电阻”的实验；根据测得的数据做出了如图乙所示的U鈭�I

图象，由图可知测得的电池的电动势为______V

内电阻为______娄赂

12、一灵敏电流计（电流表）；当电流从它的正接线柱流入时，指针向正接线柱一侧偏转．现把它与一个线圈串联，试就如图中各图指出：

（1）图（a）中灵敏电流计指针的偏转方向为____（填“偏向正极”或“偏向负极”）

（2）图（b）中磁铁下方的极性是____（填“N极“或“S极”）

（3）图（c）中磁铁的运动方向是____（填“向上”或“向下”）

13、（6分）用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素(如图)．设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ.实验中，极板所带电荷量不变，则：（1）保持S不变，增大d，则θ；（2）保持d不变，减小S，则θ。（填“变大”或“变小”）评卷人得分四、简答题(共3题，共24分)14、回答下列问题rm{(1)}常温下，rm{FeCl_{3}}溶液的rm{pH}____rm{7(}填“rm{漏聝}”、“rm{漏聜}”、“rm{漏聞}”rm{)}原因是rm{(}用离子方程式表示rm{)}________；实验室在配制rm{FeCl_{3}}溶液时，常将rm{FeCl_{3}}固体先溶于盐酸中，再用蒸馏水稀释，其目的是________rm{;}将rm{FeCl_{3}}溶液加热蒸干并灼烧，最后得到的固体物质是________填化学式rm{);}往rm{FeCl_{3}}溶液中加入一定量的rm{NaAlO_{2}}溶液会产生浑浊，其反应的离子方程式为________rm{(2)}已知rm{25隆忙}时rm{Ksp[Mg(OH)_{2}]=3.2隆脕10^{-11}}rm{Ksp[Cu(OH)_{2}]=2.0隆脕10^{-20}}该温度下向rm{0.02mol/L}的rm{MgCl_{2}}溶液中加入rm{NaOH}固体，若要生成rm{Mg(OH)_{2}}沉淀，应使溶液的rm{pH}最小为________rm{lg2=0.3)}此温度下向浓度均为rm{0.02mol/L}的rm{MgCl_{2}}和rm{CuCl_{2}}混合溶液中加入rm{NaOH}溶液，先生成____沉淀rm{(}填化学式rm{)}当两种沉淀共存时，溶液中rm{c(Mg^{2+})/c(Cu^{2+})=}______rm{(3)}已知rm{25隆忙}时，rm{Ksp[Fe(OH)_{3}]=4.0隆脕10^{-38}}则该温度下反应rm{Ksp[Fe(OH)_{3}]

=4.0隆脕10^{-38}}rm{Fe(OH)_{3}+3H^{+}}的平衡常数rm{Fe^{3+}+3H_{2}O}______rm{K=}15、如图所示，重为500N

的人通过跨过定滑轮的轻绳牵引重200N

的物体，当绳与水平面成53鈭�

角时，物体静止，不计滑轮与绳的摩擦，求地面对人的支持力和摩擦力.(g=10m/s2)

16、红磷rm{P(s)}和rm{Cl_{2}(g)}发生反应生成rm{PCl_{3}(g)}和rm{PCl_{5}(g)}反应过程和能量关系如下图所示rm{(}图中的rm{娄陇}rm{H}表示生成rm{1mol}产物的数据rm{)}根据上图回答下列问题：rm{(1)P}和rm{Cl_{2}}反应生成rm{PCl_{3}}的热化学方程式是：_______________________________。rm{(2)PCl_{5}}分解成rm{PCl_{3}}和rm{Cl_{2}}的热化学方程式是：____________________________。rm{(3)}工业上制备rm{PCl_{5}}通常分两步进行，先将rm{P}和rm{Cl_{2}}反应生成中间产物rm{PCl_{3}}然后降温，再和rm{Cl_{2}}反应生成rm{PCl_{5}}原因是_______________________。rm{(4)P}和rm{Cl_{2}}分两步反应生成rm{1molPCl_{5}}的rm{娄陇}rm{H}rm{{,!}_{3}=}______，rm{P}和rm{Cl_{2}}一步反应生成rm{1molPCl_{5}}的rm{娄陇}rm{H}rm{{,!}_{4}}________rm{娄陇}rm{H}rm{{,!}_{3}(}填“大于”、“小于”或“等于”rm{)}rm{(5)PCl_{5}}与足量水充分反应，最终生成两种酸，其化学方程式是：_____________________。评卷人得分五、计算题(共1题，共5分)17、如图所示，匀强电场中三点A、B、C是三角形的三个顶点，∠ABC=∠CAB=30°BC=已知电场线平行于△ABC所在的平面，一个带电荷量q=-2×10-6C的点电荷由A移到B的过程中，电势能增加1.2×10-5J，由B移到C的过程中，电场力做功6×10-6J；求：

（1）A、C两点的电势差UAC

（2）该电场的场强E．参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A【分析】解：小彩灯；在一个灯坏了之后，其他的灯泡都不能正常工作，这正是串联电路的特点，所以这些小彩灯是串联的，所以A符合题意，B；C、D不符合题意；

故选A．

在串联电路中；如果有一个用电器损坏或某一处断开，整个电路将变成断路，电路就会无电流，所有用电器都将停止工作，所以在串联电路中，各几个用电器互相牵连，要么全工作，要么全部停止工作．

解决此类电路题目，要结合串联合并联特点进行分析．【解析】【答案】A2、B|D【分析】【解析】试题分析：导线中的电流增大时，产生的磁场强度增大，所以通过线框的磁通量增大，所以根据楞次定律可得产生逆时针方向电流，将远离导线，BD正确；考点：考查楞次定律的应用【解析】【答案】BD3、D【分析】解：点电荷的电场强度的特点是离开场源电荷距离越小，场强越大，粒子受到的电场力越大，带电粒子的加速度越大，所以ab>ac>aa

根据轨迹弯曲方向判断出，粒子在运动的过程中，一直受静电斥力作用，离电荷最近的位置，电场力对粒子做的负功越多，粒子的速度越小，所以va>vc>vb

所以D正确，ABC错误；

故选：D

根据带电粒子的运动轨迹弯曲方向；即可判断库仑力是引力还是斥力；电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，电场力做正功，速度增大，电场力做负功，速度减小，根据这些知识进行分析即可．

本题中，点电荷的电场强度的特点是离开场源电荷距离越大，场强越小，掌握住电场线和等势面的特点，即可解决本题.

属于基础题目．【解析】D

4、B【分析】解：A

变压器的原线圈中的电流变化；在副线圈中感应出电流，这种现象叫互感，故A正确；

B；理想变压器的输入功率等于输出功率；故B错误；

C；变压器的匝数与电压成正比；与电流成反比，变压器不仅能改变电压，还同时改变电流，故C正确；

D、因为电流与匝数成反比，I1=n2I2n1

所以变压器的初级电流随次级电流的增大而增大，故D正确；

本题选不正确的；故选：B

．

变压器的原理是电磁感应；变压器只能改变电压和电流，不能改变频率．

变压器的原理是电磁感应；输入功率等于输出功率，电压与匝数成正比，电流与匝数成反比．

本题考查了变压器的工作原理，要掌握变压器的匝数与电流电压关系的特点．【解析】B

5、C【分析】【分析】

​光电子射出后；有一定的动能，若能够到达另一极板则电流表有示数，当恰好不能达到时，说明电子射出的初动能恰好克服电场力做功，然后根据爱因斯坦光电效应方程即可正确解答．

正确理解该实验的原理和光电效应方程中各个物理量的含义是解答本题的关键；注意逸出的最大初动能与到达阳极时的最大动能的区别．

【解答】

解：设用光子能量为2.5eV的光照射时，光电子的最大初动能为Ekm0，阴极材料逸出功为W0；

当反向电压达到U=0.60V以后；具有最大初动能的光电子也达不到阳极；

因此eU=Ekm0

由光电效应方程：Ekm0=hν-W0

由以上二式：Ekm0=0.6eV，W0=1.9eV。

所以此时最大初动能为0.6eV；该材料的逸出功为1.9eV。

当电压表读数为2V时，根据动能定理：Ekm-Ekm0=eU

代入数据：Ekm-0.6eV=2eV

则逸出功及电子到达阳极时的最大动能为Ekm=0.6eV+2eV=2.6eV；故C正确，ABD错误；

故选：C。

【解析】C二、双选题(共2题，共4分)6、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB7、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB三、填空题(共6题，共12分)8、略

【分析】解：改变物体内能的方式归结起来有两种：做功和热传递．这两种方式在改变物体内能上可以达到同样的效果；也就是说在改变物体的内能方面它们是等效的．

故答案为：做功和热传递，等效的．【解析】做功;热传递;等效的9、略

【分析】解：螺旋测微器的固定刻度读数为4.5mm；可动刻度读数为0.01×20.0m=0.200mm，所以最终读数为：4.700mm．

游标卡尺的主尺读数为10cm；游标读数为：0.05×3mm=0.15mm=0.015cm，所以最终读数为：10cm+0.015cm=10.015cm．

故答案为：4.700mm；10.015cm．

游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数；不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．

解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解析】4.700mm；10.015cm10、220；50

【分析】【分析】

根据图象可以知道交流电的最大值和交流电的周期，根据最大值和有效值的关系即可求得交流电的有效值和频率。

本题考查了有关交流电描述的基础知识，要根据交流电图象正确求解最大值、有效值、周期、频率、角速度等物理量，同时正确书写交流电的表达式。

【解答】由图象可知交流电的最大值为Um=2202V

因此其有效值为：U=22022=220V

由图可知，周期T=0.02s

故频率f=1T=50Hz

故答案为：2202；2202205050

【解析】220222050

11、略

【分析】解：在U鈭�I

图象中图象与纵坐标的交点等于电源的电动势；所以由图可以读出电源的电动势为1.40V

图象中的斜率表示电源的内阻，所以电源的内阻为：r=1.40鈭�1.000.40娄赂=1.0娄赂

．

故答案为：1.401.0

．

在U鈭�I

图象中纵坐标的截距代表的是电源的电动势；直线的斜率代表的是电源的内阻的大小．

本题考查测定电动势和内电阻的数据处理，要求能根据公式得出图象中斜率及截距的含义.

在计算电源的内阻的时候，一定要注意纵坐标的数值是不是从0

开始的．【解析】1.401.0

12、略

【分析】

（1）磁铁向下运动；穿过线圈的磁通量增加，原磁场方向向下，根据楞次定律感应电流方向俯视为逆时针方向，从正接线柱流入电流计，指针偏向正极．

（2）由图可知；电流从负接线柱流入电流计，根据安培定则，感应电流的磁场方向向下，又磁通量增加，根据楞次定律可知，磁铁下方为S极．

（3）磁场方向向下；电流从负接线柱流入电流计，根据安培定则，感应电流的磁场方向向下，根据楞次定律可知，磁通量减小，磁铁向上运动．

故本题答案是：

（1）偏向正极；（2）S极；（3）向上；

【解析】【答案】根据磁铁的运动方向分析磁通量变化；由楞次定律确定感应电流方向，结合题给条件：当电流从它的正接线柱流人时，指针向正接线柱一侧偏转判断指针偏转方向分析判断．

13、略

【分析】试题分析：题目中静电计夹角的变化表示两极板电势差大小的变化．由可知S不变，d增大时，电容器的电容C减小，由可知所以电势差增大，即夹角增大；由可知d不变，S减小时，电容器的电容C减小，由可知所以电势差增大，即夹角增大．考点：本题考查电容器的动态分析问题，主要准确灵活应用定义式和决定式分析解答．【解析】【答案】（1）变大（2）变大四、简答题(共3题，共24分)14、（1）＜抑制FeCl3(或Fe3＋)水解Fe2O3Fe3++3AlO2-+6H2O=Fe(OH)3↓+3Al(OH)3↓（2）9.6Cu(OH)21.6×109（3）4×104【分析】【分析】本题考查了盐类水解、沉淀溶解平衡，根据“谁强谁显性、谁弱谁水解”来确定溶液酸碱性，根据溶液酸碱性加入相应的酸或碱防止其水解，题目难度不大。

【解答】rm{(}rm{1}rm{)FeCl}rm{(}rm{1}rm{1}rm{)FeCl}值rm{{,!}_{3}}即溶液中氢离子浓度大于氢氧根离子的浓度，水解离子方程式为rm{F{e}^{3+}+3{H}_{2}O?Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+};}是强酸弱碱盐，铁离子水解而导致其溶液呈酸性，常温时酸性溶液的rm{pH}值rm{<7}即溶液中氢离子浓度大于氢氧根离子的浓度，水解离子方程式为rm{pH}rm{<7}rm{F{e}^{3+}+3{H}_{2}O?Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+};

}；在配制氯化铁溶液时，常将rm{FeCl}rm{FeCl}rm{{,!}_{3}}固体先溶于较浓的盐酸中，从而抑制氯化铁水解，由于rm{FeCl}rm{FeCl}rm{{,!}_{3}}溶液蒸干的过程中水解后生成rm{Fe(OH)}rm{Fe(OH)}rm{{,!}_{3}}，氢氧化铁加热分解生成rm{Fe}rm{Fe}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{3}}，最后得到的主要固体产物是三氧化二铁；铁离子与偏铝酸根离子发生双水解，离子方程式为rm{Fe}rm{Fe}rm{{,!}^{3+}}rm{+3AlO}rm{+3AlO}，故答案为：rm{2}；rm{F{e}^{3+}+3{H}_{2}O?Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+};}；抑制rm{2}rm{{,!}^{-}}rm{+6H}rm{+6H}rm{2}rm{2}rm{O=Fe(OH)}rm{O=Fe(OH)}rm{3}rm{3}rm{隆媒}rm{+3Al(OH)}rm{隆媒}rm{+3Al(OH)}rm{+3Al(OH)}rm{3}rm{3}rm{隆媒}，故答案为：rm{隆媒}rm{<}；rm{F{e}^{3+}+3{H}_{2}O?Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+};

}；抑制rm{FeCl}；rm{F{e}^{3+}+3{H}_{2}O?Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+};

}；rm{F{e}^{3+}+3{H}_{2}O?Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+};

}rm{FeCl}rm{FeCl}rm{3}rm{3}rm{(}rm{(}或rm{Fe}rm{Fe}rm{Fe}rm{{,!}^{3+}}rm{)}rm{)}水解；rm{Fe}；rm{Fe}如果溶液中rm{Fe}rm{2}rm{2}rm{O}rm{O}就能产生沉淀，rm{c(O{H}^{-})=;;sqrt{;dfrac{Ksp;}{c(M{g}^{2+})};}=;;;sqrt{dfrac{3.2隆脕{10}^{?11}}{;0.02}};=4隆脕{10}^{-5}mol/L}，rm{pH=-lgdfrac{{10}^{-14}}{4隆脕{10}^{-5}}=9.6}rm{3}当两种沉淀共存时，rm{dfrac{;c(M{g}^{2+});}{c(C{u}^{2+});}=dfrac{;Kspleft[Mg(OH{)}_{2})right]}{Kspleft[Cu(OH{)}_{2}right]}=1.6隆脕{10}^{9}}，故答案为：rm{3}；rm{Fe}rm{Fe}rm{{,!}^{3+}}rm{+3AlO}rm{+3AlO}rm{2}rm{2}rm{{,!}^{-}}rm{+6H}rm{+6H}已知rm{2}时，rm{2}rm{O=Fe(OH)}rm{O=Fe(OH)}rm{3}rm{3}rm{隆媒}rm{+3Al(OH)}rm{隆媒}rm{+3Al(OH)}rm{+3Al(OH)}rm{3}rm{3}rm{隆媒}；rm{隆媒}的平衡常数rm{K=;dfrac{c(F{e}^{3+});}{{c}^{3}({H}^{+})};=;dfrac{c(F{e}^{3+});}{{c}^{3}({H}^{+})}隆脕;dfrac{{c}^{3}(O{H}^{?});}{{c}^{3}(O{H}^{?});};=;dfrac{Kspleft[Fe(OH{)}_{3}right]}{(Kw{)}^{3};}=;dfrac{4.0隆脕{10}^{?38};}{({10}^{?14}{)}^{3};}=4隆脕{10}^{4}}，故答案为：；rm{(}rm{2}rm{)K}rm{(}rm{2}rm{2}rm{)K}【解析】rm{(1)<}rm{F{e}^{3+}+3{H}_{2}O?Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+};}抑制rm{F{e}^{3+}+3{H}_{2}O?Fe(OH{)}_{3}+3{H}^{+};

}或rm{FeCl_{3}(}水解rm{Fe^{3+})}rm{Fe_{2}O_{3;;;;}Fe^{3+}+3AlO_{2}^{-}+6H_{2}O=Fe(OH)_{3}隆媒+3Al(OH)_{3}隆媒}rm{(2)9.6}rm{Cu(OH)_{2}}rm{1.6隆脕10^{9}}rm{(3)4隆脕10^{4}}15、略

【分析】

对人进行受力分析；抓住水平方向和竖直方向上的合力为零，运用正交分解法求出地面对人的支持力和摩擦力的大小．

解决本题的关键正确地进行受力分析，抓住合力为零，运用正交分解进行求解．【解析】解：分别对物体和人受力分析如图。

由于物体和人都处于静止；

则mg=T

Tcos53鈭�=f

Tsin53鈭�+N=Mg

解得：f=120N

N=340N

答：地面对人的支持力为340N

摩擦力为120N

．16、（1）P（s）+3/2Cl2（g）═PCl3（g）△H=-306kJ•mol-1（2）PCl5（g）═PCl3（g）+Cl2（g）△H=+93kJ•mol-1（3）两步反应均为放热反应，降温有利于提高产率，防止产物分解（4）-399kJ•mol-1等于（5）PCl5+4H2O=H3PO4+5HCl【分析】【分析】本题考查热化学方程式的书写、盖斯定律的应用，题目难度不大，注意正确理解并运用盖斯定律，注意热化学方程式的书写方法。【解答】rm{(1)}由图象可知，rm{1molP}与rm{Cl_{2}}反应生成rm{1molPCl_{3}}放出rm{306kJ}的能量，则反应的热化学方程式为rm{P(s)+3/2Cl_{2}(g)篓TPCl_{3}(g)triangleH=-306kJ?mol^{-1}}

故答案为：rm{P(s)+3/2Cl_{2}(g)篓TPCl_{3}(g)triangleH=-306kJ?mol^{-1}}

rm{P(s)+3/2Cl_{2}(g)篓TPCl_{3}(g)triangle

H=-306kJ?mol^{-1}}由图象可知，rm{P(s)+3/2Cl_{2}(g)篓TPCl_{3}(g)triangle

H=-306kJ?mol^{-1}}分解成rm{(2)}和rm{1molPCl_{5}}需要吸收rm{PCl_{3}}的能量，则反应的热化学方程式为rm{PCl_{5}(g)篓TPCl_{3}(g)+Cl_{2}(g)triangleH=+93kJ?mol^{-1}}

故答案为：rm{PCl_{5}(g)篓TPCl_{3}(g)+Cl_{2}(g)triangleH=+93kJ?mol^{-1}}

rm{Cl_{2}}因为两步反应均为放热反应，降温有利于提高产率，防止产物分解，故先将rm{93kJ}和rm{PCl_{5}(g)篓TPCl_{3}(g)+Cl_{2}(g)triangle

H=+93kJ?mol^{-1}}反应生成中间产物rm{PCl_{5}(g)篓TPCl_{3}(g)+Cl_{2}(g)triangle

H=