2025年浙教版高三物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版高三物理上册阶段测试试卷35考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、真空中有两个距离保持不变的点电荷，若将它们各自的电量都增大到原来的3倍，则两电荷之间相互作用的静电力将增大到原来（）A.倍B.3倍C.6倍D.9倍2、太阳围绕银河系中心的运动可视为匀速圆周运动，其运动速度约为地球公转速度的7倍，轨道半径约为地球公转轨道半径的2×109倍，为了粗略估算银河系中恒星的数目，可认为银河系中所有恒星的质量都集中在银河系中心，且银河系中恒星的平均质量约等于太阳质量，则银河系中恒星数目约为A.109B.1011C.1013D.10153、如图所示，在倾角的光滑固定斜面上，放有质量分别为1kg和2kg的小球A和B，且两球之间用一根长L=0.3m的轻杆相连，小球B距水平面的高度h=0.3m．现让两球从静止开始自由下滑，最后都进入到上方开有细槽的光滑圆管中，不计球与圆管内壁碰撞时的机械能损失，g取10m/s2．则下列说法中正确的有A.从开始下滑到A进入圆管整个过程，小球A与地球两者组成的系统机械能守恒B.在B球未进入水平圆管前，小球A与地球组成系统机械能守恒C.两球最后在光滑圆管中运动的速度大小为m/sD.从开始下滑到A进入圆管整个过程，轻杆对B球做功1J4、如图；一长为2L的轻杆中央有一光滑的小孔O，两端各固定质量分别为m和2m的两小球，光滑的铁钉穿过小孔垂直钉在竖直的墙壁上，将轻杆由水平位置静止释放，转到竖直位置，在转动的过程中，忽略空气的阻力．下列说法正确的是（）

A.在竖直位置两球的速度大小均为

B.杆竖直位置时对m球的作用力向上，大小为mg

C.杆竖直位置时铁钉对杆的作用力向上，大小为mg

D.由于忽略一切摩擦阻力；根据机械能守恒，杆一定能绕铁钉做完整的圆周运动。

5、如图所示，平直木板AB倾斜放置，板上的P点距A端较近，小物块与木板间的动摩擦因数由A到B逐渐减小，先让物块从A由静止开始滑到B。然后，将A着地，抬高B，使木板的倾角与前一过程相同，再让物块从B由静止开始滑到A。上述两过程相比较，下列说法中一定正确的有（）A.物块从顶端滑到P点的过程中因摩擦产生的热量，前一过程较少B.物块经过P点的动能，前一过程较小C.物块滑到底端的速度，两次大小相等D.物块从顶端滑到底端的时间，前一过程较长6、某大型游乐场内的新型滑梯可以等效为如图9所示的物理模型，一个小朋友在AB段的动摩擦因数μ1＜tanθ，BC段的动摩擦因数μ2＞tanθ，他从A点开始下滑，滑到C点恰好静止，整个过程中滑梯保持静止状态，则该小朋友从斜面顶端A点滑到底端C点的过程中A.地面对滑梯的摩擦力方向先水平向左，后水平向右B.地面对滑梯始终无摩擦力作用C.地面对滑梯的支持力的大小始终等于小朋友和滑梯的总重力的大小D.地面对滑梯的支持力的大小先小于、后大于小朋友和滑梯的总重力的大小7、波源静止的一列自右向左传播的简谐横波，在t=0时刻的波形图如图所示．已知在t1=0.3s时刻，P质点首次位于波峰，Q点的坐标是（-3，0），则以下说法正确的是（）A.这列波的传播速度为0.2m/sB.在t=0时刻，质点P向上运动C.站在x=-10m处的人，接收到此横波的频率小于2.5HzD.在t2=0.5s时刻，质点Q首次位于波峰8、李白在《望天门山》中写到：“两岸青山相对出，孤帆一片日边来．”这两句诗中描写“青山”运动选择的参考系是（）A.帆船B.河岸C.太阳D.河岸的树木9、如图所示，光滑斜面固定于水平面，滑块A、B叠放后一起冲上斜面，且始终保持相对静止，A上表面水平．则AB一起在斜面上运动时，A的受力示意图应为（）A.B.C.D.评卷人得分二、填空题(共7题，共14分)10、沿直线做匀变速运动的质点在第一个0.5s内的平均速度比它在第一个1.5s内的平均速度大2.45m/s，以质点的运动方向为正方向，则质点的加速度为____．11、某行星绕太阳运动可近似看作匀速圆周运动，已知行星运动的轨道半径为R，周期为T，万有引力恒量为G，则该行星的线速度v大小为____；太阳的质量M可表示为____．12、（2012秋•溧阳市校级期末）如图所示；一个轻弹簧竖直固定在水平地面上，将一个小球轻放在弹簧上，M点为轻弹簧竖直放置时弹簧顶端位置，在小球下落的过程中，小球以相同的动量通过A；B两点，历时1s，过B点后再经过1s，小球再一次通过B点，小球在2s内通过的路程为6cm，N点为小球下落的最低点，则小球在做简谐运动的过程中：

（1）周期为____；（2）振幅为____．13、如图所示，A、B两物体相距S=5m时，A正以vA=4m/s的速度向右作匀速直线运动，而物体B此时速度vB=10m/s，随即向右作匀减速直线运动，加速度大小a=2m/s2，由图示位置开始计时，则A追上B需要的时间是____s，在追上之前，两者之间的最大距离是____m．

14、光滑平行金属导轨长L=2m，两导轨间距d=0.5m，轨道平面与水平面的夹角为θ=30°，导轨上接一阻值为R=0.5Ω的电阻，其余电阻不计，轨道所在空间有垂直于轨道平面的匀强磁场，磁感应强度B=1T，有一质量为m=0.4kg不计电阻的金属棒ab，放在导轨的最上端，如图所示，当棒ab从最上端由静止开始自由下滑，到达底端脱离轨道时，电阻R上产生的热量为Q=1J．则当棒的速度为v=2m/s时，它的加速度为____m/s2，棒下滑的最大速度为____m/s．

15、如图所示，为一皮带传动装置．右轮的半径为r，a是它边缘上的一点．左侧是一轮轴，大轮的半径为4r，小轮的半径为2r．b点在小轮上，到小轮中心的距离为r．c点和d点分别位于小轮和大轮的边缘上．在转动过程中皮带不打滑．则a、b、c、d四点线速度之比为____，角速度之比为____，向心加速度之比为____．

16、【题文】（1）甲图中游标卡尺的读数是____cm。（2）乙图中螺旋测微器的读数是____mm。评卷人得分三、判断题(共9题，共18分)17、“宁停三分，不抢一秒”指的是时间．____．（判断对错）18、贝克勒尔发现了铀和含铀矿物的天然放射现象，从而揭示出原子核具有复杂结构____（判断对错）19、几个不同阻值的电阻并联后，其总电阻等于各电阻之和．____．（判断对错）20、阴离子在阳极放电，阳离子在阴极放电．____（判断对错）21、点电荷一定是电量很小的电荷．____．（判断对错）22、平抛运动属于匀变速运动，匀速圆周运动也属于匀变速运动．____．23、电子手表中的液晶在外加电压的影响下能够发光．____．（判断对错）24、贝克勒尔发现了铀和含铀矿物的天然放射现象，从而揭示出原子核具有复杂结构____（判断对错）25、质点是一个理想化模型，实际上并不存在，所以，引入这个概念没有多大意义．____．评卷人得分四、证明题(共3题，共27分)26、如图所示，两个光滑的水平导轨间距为L．左侧连接有阻值为R的电阻，磁感应强度为B的匀强磁场垂直穿过导轨平面，有一质量为m的导体棒以初速度v0向右运动．设除左边的电阻R外．其它电阻不计．棒向右移动最远的距离为s，问当棒运动到λs时0＜λ＜L，证明此时电阻R上的热功率：P=．27、宇航员驾驶一飞船在靠近某行星表面附近的圆形轨道上运行，已知飞船运行的周期为T，行星的平均密度为ρ．试证明ρT2=k（万有引力恒量G为已知，k是恒量）．28、如图所示，1、2、3为p-V图中一定量理想气体的三个状态，该理想气体由状态1经过程1-3-2到达状态2．试利用气体实验定律证明：．评卷人得分五、简答题(共4题，共16分)29、如图所示，在水平光滑直导轨上，静止着两个质量均为m=2kg的相同小球A、B，现让A球以v0=2m/s的速度向着B球运动，A、B两球碰撞后粘合在一起，两球继续向右运动，则A、B两球碰撞过程中损失的机械能为多大？30、一平直的传送带以速度v=2m/s匀速运行；物体与传送带动摩擦因数为0.2，在传送带最左端A处把物体轻轻地放到传送带上，A；B相距L=10m．求：

（1）物体在传送带上从A处传送到最右端B处时间是多少？

（2）如果皮带匀速的速度V可以取不同值，求物体从A到B的时间t随传送带匀速速度V的函数关系式．31、【化学rm{隆陋隆陋}选修rm{3}物质结构与性质】rm{a}rm{b}rm{c}rm{d}rm{e}rm{f}是rm{H}rm{C}rm{N}rm{Na}rm{Si}rm{Cu}六种元素中的其中一种，已知：图rm{1}表示的是这六种元素单质的熔点高低顺序，其中rm{c}rm{d}均是热和电的良导体，rm{f}形成的某种单质硬度最大。回答下列问题：rm{(1)a}rm{b}rm{f}三种元素的电负性从小到大的顺序为_______________rm{(}用元素符号表示rm{)}rm{(2)}元素rm{b}的单质的一个分子中含有____个rm{娄脪}键和_____个rm{娄脨}键。rm{(3)}元素rm{c}的单质的晶体堆积方式类型是______；若rm{c}单质分别与氟气和氯气形成化合物甲和乙，则甲的晶格能______乙的晶格能rm{(}填rm{">"}rm{"<"}或rm{"=")}rm{(4)}元素rm{d}的单质基态原子的价电子排布式为______________________。rm{(5)}元素rm{e}和rm{f}可形成化合物丙rm{(}丙的晶胞结构如图rm{2}所示rm{)}则丙的化学式为________；丙的晶体类型为_________，在丙中，每个rm{e}原子周围最近的rm{e}原子数目为_______，若晶胞的边长为rm{apm}则丙的密度为__________________。rm{(}用rm{N_{A}}表示阿伏加德罗常数的值rm{)}32、如图，在半径为r

的轴上悬挂着一个质量为M

的水桶P

轴上均匀分布着6

根手柄，每个柄端固定有质量均为m

的金属球，球离轴心的距离为l

轮轴；绳和手柄的质量及摩擦均不计.

现由静止释放水桶，整个装置开始转动．

(1)

当水桶下降的高度为h

时；水桶的速度为多少？

(2)

已知水桶匀加速下降，下降过程中细绳的拉力为多少？评卷人得分六、综合题(共4题，共36分)33、（2016•潮南区模拟）如图所示，一个半径为R、内侧光滑的圆形轨道平放于光滑水平面上并被固定，其圆心为O．有a、b两个可视为质点的小球，分别静止靠在轨道内侧、直径AB的两端，两球质量分别为ma=4m和mb=m．现给a球一个沿轨道切线方向的水平初速度v0，使其从A向B运动并与b球发生弹性碰撞，已知两球碰撞时间极短，求两球第一次碰撞和第二次碰撞之间的时间间隔．34、【题文】一在竖直方向振动的弹簧振子，其周期为T，当振子从平衡位置O向上振动时，处在与平衡位置O同一水平线上的一小球恰以某速度v0开始被向上抛出.求当v0多大时，振子和小球在平衡位置O处同时向下运动？35、【题文】试确定下列几个摆球在平衡位置附近来回振动的周期.

（1）如图11-4-3甲所示.悬挂在水平横梁上的双线摆球.摆线长为l；摆线与水平横梁夹角θ；

（2）如图11-4-3乙所示.光滑斜面上的摆球.斜面倾角为θ；摆线长为l；

（3）如图11-4-3丙所示.悬挂在升降机中的单摆；摆长为l，升降机以加速度a竖直向上做匀加速运动.

图11-4-336、下暴雨时，有时会发生山体滑坡或泥石流等地质灾害．某地有一倾角为θ=37°（sn37°=0.6cos37°=0.8）的山坡C，上面有一质量为2m的石板B，其上下表面与斜坡平行；B上有一碎石堆A（含有大量泥土），A和B均处于静止状态，如图所示．假设某次暴雨中，A浸透雨水后总质量为m（可视为质量不变的滑块），在极短时间内，A、B间的动摩擦因数μ1减小为，B、C间的动摩擦因数μ2减小为0.5，A、B开始运动．已知A开始运动时，A离B下边缘的距离l=12m，C足够长．取重力加速度大小g=10m/s2．

求：

（1）A和B加速度的大小。

（2）A在B上运动的时间．参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【分析】真空中点电荷之间相互作用的静电力遵守库仑定律：F=k，根据数学知识，运用比例法求出静电力增大的倍数．【解析】【解答】解：由库仑定律F=k得：点电荷间的距离r保持不变；静电力与两点电荷的电量乘积成正比，每个电荷的电荷量都增大到原来的3倍，则静电力将增大到原来的9倍．

故选：D．2、B【分析】试题分析：据题意，环绕天体围绕中心天体做匀速圆周运动，万有引力定律提供向心力，则有：整理得：设恒星总质量为M，太阳质量为则有：，故B选项正确。考点：本题考查万有引力定律。【解析】【答案】B3、B|C|D【分析】试题分析：B球未进入水平圆管前A、B都只受重力做功，A、B机械能守恒定律，B进入圆管的过程中，A机械能减小，B机械能增加，A错误、B正确；A、B整体机械能守恒，全部进入圆管中，速度为m/s，C正确；B的机械能增加1J，D正确。考点：机械能守恒定律【解析】【答案】BCD4、C【分析】

A；将轻杆从水平位置由静止释放；转到竖直位置时，两球的速度大小相等，设为v，根据系统的机械能守恒，得。

2mgL-mgL=•3mv2，解得，v=．故A错误．

B、杆转到竖直位置时，对m球：mg-N=m解得，N=故B错误；

C、杆转到竖直位置时，对2m球：N′-2mg=2m解得，N′=所以铁钉对杆的作用力向上，大小为N+N′=故C正确；

D；由机械能守恒定律分析得知；当系统顺时针转到水平位置时速度为零，然后再逆时针转动，不可能做完整的圆周运动．故D错误．

故选C

【解析】【答案】将轻杆从水平位置由静止释放；转到竖直位置时，A；B两球的速度大小相等，根据系统的机械能守恒，求出速度大小．对B研究，根据牛顿第二定律求解杆的作用力大小和方向，分析机械能的变化，判断A的机械能是否守恒．

5、B|C|D【分析】试题分析：物块从顶端滑到P点的过程中因摩擦产生的热量板上的P点距A端较近，s较小，但PA之间摩擦因数较大，故二者之间热量多少无法比较，A错误；先让物块从A由静止开始滑到B，又因为动摩擦因数由A到B逐渐减小，说明重力沿斜面的分量在整个过程中都大于摩擦力．也就是说无论哪边高，合力方向始终沿斜面向下．物块从A由静止开始滑到P时，摩擦力较大，故合力较小，距离较短；物块从B由静止开始滑到P时，摩擦力较小，故合力较大，距离较长．所以由动能定理，物块从A由静止开始滑到P时合力做功较少，P点是动能较小；由B到P时合力做功较多，P点是动能较大．因而B正确；由动能定理，两过程合力做功相同，到底端时速度应相同；因而C正确；采用v-t法分析，第一个过程加速度在增大，故斜率增大，第二个过程加速度减小，故斜率变小，由于倾角一样大，根据能量守恒，末速度是一样大的，还有就是路程一样大，图象中的面积就要相等，所以第一个过程的时间长；因而D正确；考点：考查了动能定理，功能关系的应用【解析】【答案】BCD6、A|D【分析】小朋友在AB段沿滑梯向下匀加速下滑，在BC段向下匀减速下滑，因此小朋友和滑梯组成的系统水平方向的加速度先向左后向右，则地面对滑梯的摩擦力即系统水平方向合外力先水平向左，后水平向右，A正确，B错误；系统在竖直方向的加速度先向下后向上，因此系统先失重后超重，故地面对滑梯的支持力的大小先小于、后大于小朋友和滑梯的总重力的大小，D对.【解析】【答案】AD7、D【分析】【分析】由波形图求出波长，根据P点的振动情况求出波的周期，然后求出周期及波速大小，根据波的传播方向判断振动的振动方向，当x=2cm的波形传到Q点时，Q点第一次到达波峰【解析】【解答】解：A、波向左传播，所以t=0时刻，P点向下振动，t1=0.3s时刻；P质点首次位于波峰，可得周期为T=0.4s，根据图象可知，波长。

λ=4cm=0.04m，所以波速；故AB错误；

C、该波的频率f=；波源静止，站在x=-10m处的人，看到波源不动，所以频率不变，仍为2.5Hz，故C错误；

D、当x=2cm的波形传到Q点时，Q点第一次到达波峰，所需时间t==0.5s，所以在t2=0.5s时刻；质点Q首次位于波峰，故D正确；

故选：D8、A【分析】【分析】（1）研究物体运动时；要选择一个物体作为标准，这个标准就是参照物；

（2）判断物体运动还是静止，就是看研究的物体和参照物之间位置是否发生了变化．【解析】【解答】解：分析诗中描写“青山”运动选择的参考系是。

A；以“帆船”为参照物；“青山”和“帆船”之间的位置发生了变化，故“青山”是运动的；故A正确。

B；以“河岸”为参照物；“青山”与“河岸”之间的位置没有发生变化，故“青山”是静止的；BD错误。

C；在判断“青山”运动情况时；都是以“地面”为参照物，当以太阳为参考系是只能研究地球，而青山相对地球是静止的，故D错误。

故选：A．9、B【分析】【分析】对整体分析，得出整体的加速度方向，确定B的加速度方向，知道B的合力方向，从而知道A的受力情况．【解析】【解答】解：整体向上做匀减速直线运动；加速度方向沿斜面向下，则B的加速度方向沿斜面向下．根据牛顿第二定律知，A的合力沿斜面向下，则B一定受到水平向左的摩擦力以及重力和支持力．故B正确，A；C、D错误．

故选：B．二、填空题(共7题，共14分)10、-4.9m/s2【分析】【分析】根据匀变速直线运动的平均速度推论求出两段时间内中间时刻的瞬时速度，结合速度时间公式求出质点的加速度．【解析】【解答】解：第1个0.5s内的平均速度等于0.25s末时的瞬时速度；第一个1.5s内的平均速度等于0.75s末时的瞬时速度，根据速度时间公式△v=at得：

a=．

故答案为：-4.9m/s211、【分析】【分析】根据圆周运动知识求出行星的线速度大小．

研究行星绕太阳运动作匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式求出中心体的质量．【解析】【解答】解：根据圆周运动知识得：

v=

研究行星绕太阳运动作匀速圆周运动；根据万有引力提供向心力，列出等式：

解得：

故答案为：；12、4s3cm【分析】【分析】（1）根据简谐运动的对称性；求出振子完成一次全振动的时间，即为周期．

（2）根据对称性可知：小球从A经B到N再返回B所经过的路程，与小球从B经A到M再返回A所经过的路程相等，即可求得一个周期内振子通过的路程，即可求得振幅．【解析】【解答】解：（1）小球以相同动量通过A、B两点，由空间上的对称性可知，平衡位置O在AB的中点；再由时间上的对称性可知，tAO=tBO=0.5s，tBN=tNB=0.5s，所以tON=tOB+tBN=1s，因此小球做简谐运动的周期T=4tON=4s．

（2）小球从A经B到N再返回B所经过的路程，与小球从B经A到M再返回A所经过的路程相等．因此小球在一个周期内所通过的路程是S=12cm，振幅为A==3cm．

故答案为：（1）4s；（2）3cm13、7.514【分析】【分析】A作匀速直线运动，B作匀减速直线运动，A追上B时，A的位移比B的位移大5m，在追上之前，最大位移的临界条件出现在A、B速度相等的时候，根据匀变速直线运动和匀速运动的规律求出两者间的最大距离．【解析】【解答】解：（1）因为B在减速运动中的平均速度=5m/s，大于vA=4m/s；故A在B停止运动后才会追上B．

由于B做匀减速直线运动，加速度a=-2m/s2，初速度vB=10m/s

故B在匀减速中的位移

所以A追上B时A的位移xA=xB+5m=30m

所以A追上B的时间t=s．

（2）因为B做匀减速直线运动，所以当vA=vB时；A；B间距离最大：

此时B的位移：；

又据V=v0+at，当vA=vB时B做匀减速的时间t=

此时A的位移：xA=vAt=4×3m=12m

由题意知，此时AB间距离xAB=5m+（xB′-xA）=5+（21-12）m=14m．

故答案为：7.5，14．14、略

【分析】

棒做加速度逐渐减小的变加速运动．

（1）速度为v=2m/s时，由感应电动势E=Bdv，感应电流I=得。

棒所受的安培力为：F=Bld==N=1N

此时棒的加速度为：a==gsinθ-=5-=2.5m/s2

（2）棒到达底端时速度最大；根据能量守恒定律：

mgLsinθ=m+Q；

代入解得，vm=m/s

故答案为：2.5，．

【解析】【答案】（1）棒由静止开始自由下滑的过程中，切割磁感线产生感应电流，受到沿斜面向上的安培力，由E=Bdv、I=F=BId结合求出安培力；再根据牛顿第二定律求解加速度；

（2）棒到达底端时速度最大；根据能量守恒定律求解最大速度．

15、略

【分析】

靠传送带传动两轮子边缘上的点线速度大小相等，所以a、c的线速度大小相等，共轴转动的物体上各点具有相同的角速度，所以b、c、d的角速度相等，根据v=rω，知a、c两点的角速度之比为2：1，所以a、b；c、d四点角速度之比为2：1：1：1；

根据v=rω，知b、c、d的线速度之比为：1：2：4，所以a、b；c、d四点线速度之比为2：1：2：4；

根据a=得：a、b；c、d四点向心加速度之比为4：1：2：4；

故答案为：2：1：2：4；2：1：1：1；4：1：2：4

【解析】【答案】共轴转动的物体上各点具有相同的角速度；靠传送带传动两轮子边缘上的点线速度大小相等．

16、略

【分析】【解析】

考点：刻度尺；游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．

分析：游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数；不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．

解：游标卡尺的主尺读数为100mm；游标读数为0.05×10mm=0.50mm，所以最终读数为100.50mm=10.050cm．

螺旋测微器的固定刻度读数3mm；可动刻度读数为0.01×20.0=0.200mm，所以最终读数为3.200mm．

故本题答案为：10.050，3.200【解析】【答案】（1）10.050（2）3.200(3.198-3.202)三、判断题(共9题，共18分)17、√【分析】【分析】时间是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，对应物体的位移或路程，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点，对应物体的位置．【解析】【解答】解：“宁停三分；不抢一秒”中的3分是3分钟，3分钟与1秒钟在时间轴上都是指的时间的长度，都是时间．故该说法正确；

故答案为：√18、√【分析】【分析】贝克勒尔发现了天然放射现象，使人们认识到原子核具有复杂结构；【解析】【解答】解：贝克勒尔发现了铀和含铀矿物的天然放射现象；从而揭示出原子核具有复杂结构，拉开了人们以及原子核的序幕．故以上的说法是正确的．

故答案为：√19、×【分析】【分析】根据并联电阻的总电阻的倒数等于个分电阻的读数之和进行判定即可，【解析】【解答】解：因为并联电阻的总电阻的倒数等于个分电阻的倒数之和；所以题干则的说法是错误的．

故答案为：×20、×【分析】【分析】阴极射线是在1858年利用低压气体放电管研究气体放电时发现的．1897年约瑟夫•约翰•汤姆生根据放电管中的阴极射线在电磁场和磁场作用下的轨迹确定阴极射线中的粒子带负电，并测出其荷质比，这在一定意义上是历史上第一次发现电子．【解析】【解答】解：阴极即负极；阴极射线是负极发出的射线，是电子流；同理，阳离子在阳极放电．故该说法是错误的．

故答案为：×．21、×【分析】【分析】元电荷一定是电量最小的电荷；点电荷是一种理想化模型，其本身所带的电量可以很大．【解析】【解答】解：点电荷是一种理想化模型；当带电体的体积和形状相对所研究的问题可以忽略的时候，带电体可以看做点电荷，其本身所带的电量可以很大．故此说法错误．

故答案为：×22、×【分析】【分析】匀变速运动是指加速度恒定的运动；平抛运动的加速度为g，恒定；匀速圆周运动的加速度总是指向圆心，时刻改变．【解析】【解答】解：匀变速运动是指加速度恒定的运动；

平抛运动的加速度为g；恒定，是匀变速曲线运动；

匀速圆周运动的加速度总是指向圆心；时刻改变，是变加速运动；

故答案为：×．23、×【分析】【分析】液晶像液体一样可以流动，又具有某些晶体结构特征的一类物质．液晶是介于液态与结晶态之间的一种物质状态；液晶在外加电压的影响下并不发光，而是由于液晶通电时，排列变得有秩序，使光线容易通过．【解析】【解答】解：液晶在外加电压的影响下并不发光；而是由于液晶通电时，排列变得有秩序，使光线容易通过．所以该说法是错误的．

故答案为：×24、√【分析】【分析】贝克勒尔发现了天然放射现象，使人们认识到原子核具有复杂结构；【解析】【解答】解：贝克勒尔发现了铀和含铀矿物的天然放射现象；从而揭示出原子核具有复杂结构，拉开了人们以及原子核的序幕．故以上的说法是正确的．

故答案为：√25、×【分析】【分析】质点是人们为了研究问题的方便而忽略物体的形状和大小而人为引入的一个理想化模型，故实际上并不存在，质点虽然忽略物体的形状和大小但保留了物体其它的性质，故不同于几何中的点，只要物体的形状和大小对研究问题没有影响或者影响可以忽略不计时物体就可以当作质点，与物体的体积的大小无关．【解析】【解答】解：质点是一个理想化模型；实际上并不存在，质点是人们为了研究问题的方便而忽略物体的形状和大小而人为引入的一个理想化模型，只要物体的形状和大小对研究问题没有影响或者影响可以忽略不计时物体就可以当作质点．故说法错误．

故答案为：×．四、证明题(共3题，共27分)26、略

【分析】【分析】导体棒向右运动时，受到向左的安培力作用而减速运动，根据牛顿第二定律和加速度的定义式，运用积分法研究整个过程，再对棒运动λs时研究，求出电路中电流，从而得到R上的热功率．【解析】【解答】证明：取向右为正方向．根据牛顿第二定律得：

-=ma=m①

即得-v△t=m△v②

两边求和得：（-v△t）=m△v③

又v△t=△x④

对整个过程，由③求和得-s=m（0-v0）；

即有s=mv0⑤

从开始运动到棒运动到λs的过程，由③求和得：-λs=m（v-v0）⑥

由⑤⑥解得棒运动到λs速度为：v=（1-λ）v0⑦

此时电阻R上的热功率为：P===．

得证．27、略

【分析】【分析】研究飞船在某行星表面附近沿圆轨道绕该行星飞行；根据根据万有引力提供向心力，列出等式．

根据密度公式表示出密度进行证明．【解析】【解答】证明：设行星半径为R；质量为M；飞船在靠近行星表面附近的轨道上运行时，有。

=

即M=①

又行星密度ρ==②

将①代入②得ρT2==k证毕28、略

【分析】【分析】从p-V图中找到某一过程中发生的是什么变化．

能够运用控制变量法研究多个物理量变化时的关系．【解析】【解答】证明：设状态3的温度为T；

状态1-3为等压过程，①

状态3-2为等容过程，②

由①②两式消去T，即得．五、简答题(共4题，共16分)29、略

【分析】【分析】碰撞过程系统动量守恒，应用动量守恒定律可以求出碰撞后的速度，应用能量守恒定律求出损失的机械能．【解析】【解答】解：A；B相碰过程系统动量守恒；以向右为正方向，由动量守恒定律得：

mv0=2mv；

代入数据解得：v=1m/s

由能量守恒定律可知；A；B碰撞损失的机械能：

△E=mv02-•2mv2；

代入数据解得：△E=2J

答：A、B两球碰撞过程中损失的机械能为2J．30、略

【分析】【分析】（1）物体在传送带上先做匀加速直线运动；达到传送带速度后一起做匀速直线运动，结合运动学公式求出物体在传送带上匀加速运动的时间．

（2）先求出若物体一直匀加速运动到B端的速度，分传送带大于此速度后小于此速度两种情况，根据运动学基本公式求解．【解析】【解答】解：（1）A放在传送带上；先在摩擦力作用下做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律得：

a=；

速度增加到与传送带速度相等需要的时间为：

；

速度增加到与传送带速度相等时运动的位移为：

x=；

此后物体随传送带一起做匀速直线运动；时间为：

；

则物体在传送带上从A处传送到最右端B处时间为：

t=t1+t2=1+4.5=5.5s

（2）若A一直做匀加速到达B端；则到达B点的速度为：

v=；

运动的时间为：；

若传送带的速度，则物体一直匀加速运动到B端，时间t=；

若传送带的速度；则物体先做匀加速直线运动，速度与传送带速度相等后做匀速直线运动；

匀加速的时间为：=；

匀加速运动的位移为：；

匀速运动的时间为：；

则总时间为：t=

答：（1）物体在传送带上从A处传送到最右端B处时间是5.5s；

（2）若传送带的速度，物体从A到B的时间t=，若传送带的速度，物体从A到B的时间t=．31、（1）H＜C＜N

（2）12

（3）体心立方堆积＞

（4）3d104s1

（5）SiC原子12【分析】【分析】本题是对物质结构的考查，涉及核外电子排布、化学键、晶胞等，根据图示推出各对应元素是解答关键，需要学生具备扎实的基础，题目难度中等。【解答】H、rm{C}rm{N}rm{Na}rm{Si}rm{Cu}等元素单质中，rm{Na}rm{Cu}为金属晶体，均是热和电的良导体，rm{C}rm{Si}的单质为原子晶体，且rm{C}单质的熔沸点大于rm{Si}原子晶体的熔沸点，rm{H}rm{N}对应的单质为分子晶体，其中氢气的相对分子质量小，分子间作用力小，熔点最低，由图熔点的高低顺序可知rm{a}为rm{H}rm{b}为rm{N}rm{c}为rm{Na}rm{d}为rm{Cu}rm{e}为rm{Si}rm{f}为rm{C}rm{C}rm{N}rm{Na}rm{Si}等元素单质中，rm{Cu}rm{Na}为金属晶体，均是热和电的良导体，rm{Cu}rm{C}的单质为原子晶体，且rm{Si}单质的熔沸点大于rm{C}原子晶体的熔沸点，rm{Si}rm{H}对应的单质为分子晶体，其中氢气的相对分子质量小，分子间作用力小，熔点最低，由图熔点的高低顺序可知rm{N}为rm{a}rm{H}为rm{b}rm{N}为rm{c}rm{Na}为rm{d}rm{Cu}为rm{e}rm{Si}为rm{f}rm{C}rm{(1)H}rm{C}rm{N}三种元素的电负性从小到大的顺序为故答案为：rm{H<C<N}rm{H<C<N}为rm{(2)b}其单质为氮气，含有氮氮三键，则一个分子中含有rm{N}个rm{1}键和rm{娄脪}个rm{2}键故答案为：rm{娄脨}rm{1}rm{2}为rm{(3)c}rm{Na}体心立方堆积，由于氟离子半径小于氯离子半径，则氟化钠单质的晶体堆积方式类型是氯化钠的晶格能；故答案为：体心立方堆积；的晶格能rm{>}氯化钠的晶格能；rm{>}为rm{>}rm{(4)d}rm{Cu}基态原子的价电子排布式为rm{3d}rm{3d}故答案为：rm{{,!}^{10}}rm{4s}rm{4s}为rm{{,!}^{1}}rm{3d^{10}4s}为rm{{,!}^{1}}rm{{,!}^{1}}rm{(5)e}含有碳原子数为rm{Si}rm{f}rm{C}根据均摊法，在一个晶胞中含有硅原子为rm{+6隆脕1/2=4}rm{4}则丙的化学式为rm{SiC}个，丙的密度为rm{dfrac{40隆脕4}{{N}_{A}隆脕(a隆脕{10}^{-10}{)}^{3}}=dfrac{1.6隆脕{10}^{32}}{{a}^{3}{N}_{A}}g/c{m}^{3}}；故答案为：，属于原子晶体，在丙中，每个原子；rm{Si}rm{dfrac{1.6隆脕{10}^{32}}{{a}^{3}{N}_{A}}g/c{m}^{3}}原子周围最近的【解析】rm{(1)H<C<N}rm{(2)1}rm{2}rm{(3)}体心立方堆积rm{>}rm{(4)3d^{10}4s^{1}}rm{(5)SiC}原子rm{12}rm{dfrac{1.6隆脕{10}^{32}}{{a}^{3}{N}_{A}}g/c{m}^{3}}rm{

dfrac{1.6隆脕{10}^{32}}{{a}^{3}{N}_{A}}g/c{m}^{3}}32、略

【分析】

(1)

水桶下降的过程中；水桶和金属漆组成的系统机械能守恒，根据机械能守恒定律列式求解；

(2)

水桶匀加速下降；根据运动学基本公式求出加速度，再根据牛顿第二定律求解绳子拉力．

本题主要考查了机械能守恒定律、运动学基本公式以及牛顿第二定律的直接应用，知道水桶的速度和金属球的速度的关系是解题的关键，难度适中．【解析】解：(1)

水桶下