2024年华东师大版必修1物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年华东师大版必修1物理上册月考试卷855考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、有一种新的交通工具；为了增加乘客乘车的舒适度，座椅能随着坡度的变化而自动调整，使座椅始终保持水平，如图所示，当此车减速上坡时，则乘客(仅考虑乘客与水平面之间的作用)（）

A.处于超重状态B.不受摩擦力的作用C.受到向后(水平向左)的摩擦力作用D.所受合力竖直向上2、如图所示；好莱坞影星尚格·云顿为某卡车做广告，在两辆高速并行的卡车之间气定神闲地摆出“一字马”姿势，下列说法正确的是（）

A.以地面作为参考系，影星是静止的B.以卡车作为参考系，影星是运动的C.以影星作为参考系，卡车是运动的D.两辆卡车同时加速，影星仍可能保持该姿势3、如图所示，人游泳时若某时刻手掌对水的作用力大小为F，该力与水平方向的夹角为则该力在水平方向的分力大小为（）

A.B.C.FD.4、如图所示，上表面为四分之一光滑圆弧的物体A静止在粗糙的水平地面上，一小物块B从圆弧底端受到水平外力F的作用缓慢沿圆弧向上移动一小段距离，在此过程，A始终处于静止状态。下列说法正确的是（）

A.水平外力F保持不变B.地面对A的摩擦力逐渐增大C.A对B的支持力逐渐减小D.地面对A的支持力逐渐减小5、A、B两物体在同一直线上运动，t=0时在同一位置，它们的v-t图像如图所示；下列说法正确的是()

A.0~20s，A在B的前面，20~40s，B在A的前面B.20s末，A、B在同一位置，且A、B速度相等C.40s末，A、B在同一位置，A的速度大于B的速度D.40s末，A、B之间的最大距离是50m6、、是两个互相垂直的共点力，其中、．这两个力合力的大小为A.1NB.5NC.7ND.12N7、半圆柱体P放在粗糙的水平地面上，其右端有固定放置的竖直挡板MN。在P和MN之间放有一个光滑均匀的小圆柱体Q，整个装置处于静止状态。如图所示是这个装置的纵截面图。若用外力使MN保持竖直，缓慢地向右移动，在Q落到地面以前，发现P始终保持静止。在此过程中；下列说法中正确的是（）

A.MN对Q的弹力先减小后增大B.地面对P的摩擦力逐渐减小C.P、Q间的弹力逐渐增大D.Q所受的合力逐渐增大8、一质点沿直线Ox方向做直线运动,它离O点的距离x随时间变化的关系为x=2+3t﹣t3(m)，速度v随时间t变化的关系为v=3﹣3t2（m/s），则该质点从t=0到t=2s间的平均速度、平均速率分别为A.0m/s、6m/sB.﹣3m/s、6m/sC.﹣1m/s、2m/sD.﹣1m/s、3m/s评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)9、一空间探测器从某一星球表面垂直升空，探测器升空过程中发动机突然关闭，其运动的图象如图所示；则下列说法正确的是（）

A.0~9s内探测器向下运动B.9~25s内探测器的加速度与25~45s内的加速度相同C.探测器在25s末回到星球表面D.探测器上升的最大高度为10、如图为甲．乙两质点同时沿同一直线运动的位移-时间图象。关于两质点的运动情况；下列说法正确的是（）

A.在0~t0时间内，甲乙的运动方向相反B.在0~2t0时间内，甲的速度一直在减小C.在0~t0时间内，乙的速度一直增大D.在0~2t0时间内，甲乙发生的位移大小相等11、某物体运动的速度图象如图所示；根据图象可知（）

A.内的位移为10mB.内的加速度为C.第1s末与第3s末的速度方向相同D.第1s内与第5s内的加速度方向相同12、质点由静止开始做直线运动，加速度与时间关系如图所示，t2=2t1；则()

A.质点一直沿正向运动B.质点在某个位置附近来回运动C.在0～t2时间段内，质点在t1时刻的速度最大D.在0～t2时间段内，质点在t2时刻的速度最大13、如图所示，把光滑斜面上物体的重力mg分解为F1、F2两个力；下列说法正确的是（）

A.F1是斜面作用在物体上使物体下滑的力，F2是物体对斜面的压力B.物体受到mg、FN、F1、F2四个力作用C.FN是因为斜面微小形变引起的D.力FN、F1、F2三个力的作用效果和mg与FN两个力的作用效果相同14、如图，两个半径均为r的光滑球a、b放在半径为R（R>2r）的半球形容器内，均静止时a、b与半球的接触点P、Q与半球球心O的连线与水平方向的夹角为α和β（α<β）。若两球的质量用ma、mb，两球对容器的压力大小用FNa、FNb表示；则（）

A.B.C.D.15、如图所示，质量均为m的物块A和B用一劲度系数为k的轻弹簧相连，竖直放置在光滑的水平面上，A上放有质量为2m的物块C，三者均处于静止状态。已知重力加速度为g；若将C迅速移开（移开C所用时间可忽略不计），则（）

A.移开C后瞬间，地面对B的支持力大小为2mgB.移开C后瞬间，A的加速度大小为2gC.移开C后，A向上运动至速度最大时，B开始离开地面向上运动D.B对地面压力为零时，A向上运动的距离为16、两辆汽车在一条东西方向的平直公路上行驶，以向东为正方向，两辆汽车的图像如图所示。由图可知（）

A.两辆汽车都向东行驶B.乙车做匀减速直线运动C.时甲车的速度大于乙车D.内甲车的位移大于乙车17、如图所示，有一个质量为m的长木板静止在光滑水平地面上，另一质量也为m小物块叠放在长木板的一端之上。B是长木板的中点，物块与木板在AB段的动摩擦因数为μ，在BC段的动摩擦因数为2μ，若把物块放在长木板左端，对其施加水平向右的力F1可使其恰好与木板发生相对滑动。若把物块放在长木板右端，对其施加水平向左的力F2也可使其恰好与木板发生相对滑动．下列说法正确的是（）

A.F1与F2的大小之比为1：2B.若将F1、F2都增加到原来的2倍，小物块在木板上运动到B点的时间之比为1：2C.若将F1、F2都增加到原来的2倍，小物块在木板上运动到B点时木板的位移之比1：1D.若将F1、F2都增加到原来的2倍，小物块在木板上运动的整个过程中摩擦生热之比为1：1评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)18、在补偿阻力时，______（选填“要”或“不要”）悬挂槽码，但小车应连着纸带且启动打点计时器．用手轻轻地给小车一个初速度，如果在纸带上打出的点的间隔______，表明小车受到的阻力跟它受到的重力沿斜面向下的分力平衡。19、常见的弹力：压力和支持力都是弹力，方向______；绳子的拉力也是弹力，方向______。20、惯性。

（1）物体保持原来______状态或______状态的性质叫作惯性．牛顿第一定律也被叫作______定律。

（2）惯性是物体的______属性，一切物体都具有惯性。21、一个由静止开始做匀加速直线运动的物体，运动位移为s若将位移s分成四段相等的位移，则依次通过这四段位移所用的时间之比为__________________。22、如图表示某物体的v﹣t图象，从图象可知OA段的加速度是__m/s2，BC段的加速度是__m/s2，CD段的加速度是__m/s2，物体在这14s内运动的总位移是__m．

23、如图所示，质量为m的物体悬挂在轻质支架上，轻杆OA、OB与墙，AO与BO之间都通过可自由转动的铰链连接。斜梁OB与竖直方向的夹角为θ，设水平横梁OA和斜梁OB作用于O点的弹力分别为FOA和FOB，重力加速度为g，则FOA=______，FOB=______。

24、如图所示，质量为M的木箱子放在水平桌面上，木箱中的竖直立杆（质量不计）上套有一质量为m的圆环，圆环由静止开始释放，圆环下滑的加速度恒为则圆环在下落过程中处于_________状态（填“超重”或“失重”）；此下落过程中木箱对地面的压力为___________。

评卷人得分四、实验题(共4题，共40分)25、某同学做“验证力的平行四边形定则”实验如图甲，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳；图乙是在白纸上根据实验结果画出的力的示意图。

(1)按照正确的操作，图乙中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是_____（填F或F′）；

(2)本实验采用的科学方法是_____；

A．理想实验法B．等效替代法C．控制变量法D．建立物理模型法。

(3)关于本实验；下列说法正确的是_____。

A．两细绳必须等长。

B．弹簧测力计；细绳、橡皮筋都应与木板平行。

C．两次拉伸橡皮筋；只要使橡皮筋伸长到相同长度即可。

D．拉橡皮筋的细绳要适当长些，标记同一细绳方向的两点要适当远些26、在“探究两个互成角度的力的合成规律”实验中，将橡皮条的一端固定在竖直放置的木板上，另一端系上两根细绳OA、OB，O为两细绳与橡皮条的结点，细绳OA跨过C点处钉在木板上的光滑的钉子，下端挂重力已知的钩码，细绳OB用一个弹簧测力计钩住，如图所示，可以通过改变钩码的个数和弹簧测力计的拉力调整橡皮条与两细绳的结点O的位置。

（1）某同学认为在实验中必须注意以下几项，其中正确的是________。

A．只用弹簧测力计通过细绳拉橡皮条时结点O达到的位置；应与钩码；弹簧测力计同时拉时相同。

B．用钩码；弹簧测力计同时拉时只需要记下两细绳的方向、钩码重力和弹簧测力计的示数。

C．在使用弹簧测力计时要注意使弹簧测力计与木板平面平行。

D．两分力的夹角应该取90°的角；以便计算。

（2）图中OC与橡皮条延长线的夹角为α，细绳OB与橡皮条延长线的夹角为β，α＋β<90°，下列操作正确的是________。

A．减少钩码个数后，为使结点位置不变，应减小β；同时增大弹簧测力计的拉力。

B．减少钩码个数后，为使结点位置不变，应增大β；同时增大弹簧测力计的拉力。

C．保持钩码个数不变，将钉子向右移动一些，为使结点位置不变，应减小β；同时减小弹簧测力计的拉力。

D．保持钩码个数不变，将钉子向右移动一些，为使结点位置不变，应增大β，同时增大弹簧测力计的拉力A.B.C.E.E.27、利用图1中的装置做“探究加速度与力、质量的关系”实验中，小车的总质量为M，悬挂钩码的总质量为m，实验所用交流电源的频率为50Hz．

（1）一组同学实验中以下做法正确的是_________________

A．平衡摩擦力时；应将钩码用细绳通过定滑轮系在小车上；

B．每次改变小车的质量时；不需要重新平衡摩擦力；

C．小车运动的加速度可用悬挂钩码的总质量m与小车的总质量M，直接用公式a=mg/M求出；

D．当m与M的大小关系满足m＜＜M时；才可以认为绳子对小车的拉力大小等于钩码的总重力．

（2）保持小车的总质量M不变，测得小车的加速度a和拉力F的数据如表格所示，其中拉力F=0.40N时对应的纸带为图2，则打B点时小车的速度vB=_______m/s，小车运动的加速度a=______m/s2．（均保留两位有效数字）

（3）根据表格数据，在图3坐标纸上作出a-F图象_______．

（4）根据所作图线，可以求出实验中小车的总质量M=______kg．（保留两位有效数字）28、某同学用图甲所示的实验装置测量重力加速度。将电火花计时器固定在铁架台上，把纸带的下端固定在重锤上，纸带穿过电火花计时器，上端用纸带夹夹住，接通电源后释放纸带，纸带上打出一系列的点，所用电源的频率为f=50Hz。实验中该同学得到一条点迹清晰的纸带如图乙所示，纸带上的第一个点记为O，另选连续的三个点A、B、C进行测量，图乙中给出了这三个点到O点的距离。

（1）若OA=h1、OB=h2、OC=h3，则重力加速度g的计算表达式为g=___________（用题中给定的字母表达）；

（2）根据测量数据，重力加速度的测量值为g=___________m/s2（结果保留3位有效数字）；

（3）实验中该学选择电火花计时器，而不选择电磁打点计时器，请从误差分析的角度说明选择电火花计时器的主要理由：___________。评卷人得分五、解答题(共3题，共12分)29、质量为2kg的小球从离地面80m空中自由落下，g=10m/s2；求。

(1)经过多长时间落地？

(2)落地时速度多大？

(3)最后一秒内的位移多大？30、如图所示，质量M＝2kg的木块套在水平杆上，并用轻绳与质量m＝kg的小球相连．今用跟水平方向成α＝30°角的力F＝10N拉着球带动木块一起向右匀速运动，运动中M、m相对位置保持不变，取g＝10m/s2，求木块与水平杆间的动摩擦因数μ.

31、我国首艘装有弹射系统的航母已完成了“J－15”型战斗机首次起降飞行训练并获得成功。已知战斗机在水平跑道上加速时产生的最大加速度为5.0m/s2；起飞的最小速度为50m/s，弹射系统能够使飞机获得的初速度为25m/s，设航母处于静止状态。求：

(1)战斗机在跑道上加速多长时间才能起飞；

(2)战斗机在跑道上至少加速多长距离才能起飞。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【分析】

【详解】

A．当此减速上坡时；整体的加速度沿斜面向下，乘客具有向下的分加速度，所以根据牛顿运动定律可知乘客处于失重状态，故A错误；

BC．对乘客进行受力分析；乘客受重力，支持力，由于乘客加速度沿斜面向下，而静摩擦力必沿水平方向，由于乘客有水平向左的分加速度，所以受到向后（水平向左）的摩擦力作用，故B错误，C正确；

D．由于乘客加速度沿斜面向下；根据牛顿第二定律得所受力的合力沿斜面向下，故D错误。

故选C。2、D【分析】【分析】

【详解】

A．影星随卡车运动；相对于地面是运动的，故A错误；

BC．影星随卡车运动；相对于卡车是静止的，故BC错误；

D．若两辆卡车同时加速；两车之间的距离不变，影星仍可能保持该姿势，故D正确。

故选D。3、D【分析】【详解】

沿水平方向和竖直方向将手掌对水的作用力分解，则有该力在水平方向的分力大小为

故选D。4、B【分析】【详解】

对滑块受力分析；受到支持力；水平拉力与重力，如图所示。

设物体所在处斜面倾角为θ，因处于平衡状态，水平外力为F=mgtanθ

曲面物体A对小物块B的支持力为

A．缓慢沿曲线面向上移动一小段距离的过程中，θ增大，则水平外力F增大；故A错误；

B．整体水平方向受力平衡，可得地面对物体A的摩擦力f=F

所以地面对物体A的摩擦力逐渐增大，故B正确；

C．缓慢沿曲线面向上移动一小段距离的过程中，θ增大，cosθ减小，曲面物体A对小物块B的支持力逐渐增大，故C错误；

D．把AB看成一个整体，根据竖直方向受力平衡可得地面对曲面物体A的支持力不变，故D错误。

故选B。5、C【分析】【详解】

A.开始阶段，A的速度较大，A跑在甲的前面，20s后的一段时间内，B的速度较大，A仍在B的前面；直到40s末两者相遇，故A错误．

B.在第20s末两物体速度相等，由图线的“面积”看出，这段时间内A的位移大于B的位移，B还没有追上A；故B错误．

C.由图可知，40s末两者位移相等，此时A、B在同一位置，A的速度大于B的速度；故C正确．

D.在追上前；速度相等时，相距最远，故20s末相距最远，40s末时两物体相遇，距离为0，故D错误；

故选C。6、B【分析】【详解】

力是矢量，矢量的合成适用于平行四边形法则，两个力互相垂直，根据勾股定理有：

故ACD错误；B正确。

故选B．7、C【分析】【分析】

【详解】

对Q进行受力分析。

物体Q受到MN的弹力物体P对Q的弹力物体Q的重力G，处于平衡状态，所以与的合力与重力G是一对平衡力，且大小和方向都不变，根据平衡条件得

当挡板MN保持竖直缓慢向右移动时，增大，不变，可得和均增大：

A．MN对Q的弹力即挡板MN竖直缓慢向右移动时，力增大；故A错误；

B．物体P始终保持静止，说明所受合力为零，物体P在水平方向上仅受到地面的摩擦力和Q的在水平方向上的弹力。当挡板MN竖直缓慢向右移动时，物体Q对物体P的弹力增大，角度变大，水平分力变大，所以地面对物体P的摩擦力增大；故B错误；

C．挡板MN竖直缓慢向右移动时，力增大，所以P、Q间的弹力会增大；故C正确；

D．物体Q始终处于平衡状态；所受合力为零，大小不变，故D错误。

故选C。8、D【分析】【详解】

从速度v随时间t变化的关系为v=3﹣3t2（m/s），可以知道质点做变减速直线运动，t=0时，质点离O点的距离x0=2m，t=2s时，质点离O点的距离x2=0，由速度关系知t=1s时，v=0，即t=1s时速度减小到零，然后要反向运动，此时质点离O点的距离x1=4m，所以质点从t=0到t=2s间的平均速度v===m/s=-1m/s，质点从t=0到t=2s间的路程x=（2+4）m=6m，所以质点从t=0到t=2s间的平均速率v==m/s=3m/s；故A；B、C错误，D正确．

故选D二、多选题(共9题，共18分)9、B:D【分析】【分析】

由题中“探测器升空过程中发动机突然关闭”可知，本题考查从v-t图中判断物体的运动情况，根据v-t图像的规律可以分析本题。

【详解】

A．由图像可知；0~9s速度越来越大，探测器是向上加速运动，故A错误；

B．9~25s内与25~45s内的图像斜率相同；因此加速度相同，故B正确；

C．在0~25s内物体的速度一直向上；25s末对应的是探测器上升的最大高度，故C错误；

D．根据v-t图中，图像面积表示位移可计算，最大高度为800m，故D正确。10、A:D【分析】【详解】

A．根据位移时间图象的斜率表示速度，可知，在时间内，甲的速度为负，乙的速度为正，说明甲．乙的运动方向相反。故A正确；

B．根据位移图象的斜率表示速度，可知在时间内，甲的速度不变，故B错误；

C．在时间内，乙图线的斜率不断减小，则乙的速度一直减小，故C错误；

D．在时间内，甲的位移为

即甲的位移大小为

乙的位移为

所以甲乙发生的位移大小相等，故D正确。

故选AD。11、B:C【分析】【详解】

A．速度图象与时间轴围成的面积等于物体在该段时间内的位移，0～5s内的位移

故A错误；

B．0～2s内的加速度

故B正确；

C．第1s末与第3s末的速度都是正值；所以方向相同，故C正确；

D．第1s末所在位置的图象斜率为正值，第5s末的所在位置的图象斜率为负值，所以第1s末与第5s末的加速度方向相反，故D错误．12、A:C【分析】【详解】

试题分析：由图可知在t1时间内质点做初速度为零的匀加速运动，在t1～t2时间内做匀减速运动，且加速度大小相等，时间相等，故质点一直沿正向运动，故A正确，B错误；由图可知在t1时间内质点做初速度为零的匀加速运动，在t1～t2时间内做匀减速运动，且加速度大小相等，时间相等，故t1时刻的速度最大；故C正确，D错误；故选AC．

考点：运动图像。

【名师点睛】考查了加速度的图象，会根据图象分析质点的运动情况；注意加速度改变方向时，速度方向不一定改变．13、C:D【分析】【详解】

ABD．物体受到mg、FN两个力作用，F1、F2两个力是重力的分力，不是实际受到的的力，力FN、F1、F2三个力的作用效果和mg与FN两个力的作用效果相同。AB错误；D正确；

C．弹力是施力物体的形变引起的。所以FN是因为斜面微小形变引起的。C正确。

故选CD。14、B:D【分析】【详解】

如图，三个球心连线围成一等腰三角形，设两底角分别为分别对a、b受力分析，根据牛顿第三定律可知与大小相等。a、b的重力与a、b连心线的夹角分别为则根据共点力的平衡条件和正弦定理

故选BD。

15、B:D【分析】【详解】

A．原来平衡时，由整体法可知，地面对B的支持力大小为4mg，移开C后瞬间，A还未发生运动，弹簧的弹力不变，地面对B的支持力大小仍为4mg；A错误；

B．原来A处于平衡状态，移开C后瞬间，A受到的合力方向向上，大小为2mg，由牛顿第二定律可知，A的加速度大小为2g；B正确；

C．由胡克定律可知，原来弹簧的压缩量为

移开C后，A向上运动至速度最大时，加速度为零，弹簧的压缩量为

此时B还受到弹簧的压力；未离开地面，C错误；

D．B对地面压力为零时，弹簧的伸长量为

故A向上运动的距离为

D正确。

故选BD。16、A:B:C【分析】【详解】

A．内；甲；乙的速度均为正值，即都向东运动，故A正确；

B．乙的速度随时间均匀减小；乙做匀减速直线运动；故B正确；

C．由图像可知，在时，故C正确；

D．图像中图线与坐标轴所围面积即为位移，可以看出内，故D错误。

故选ABC。17、A:C:D【分析】【详解】

A．施加水平向右的力F1时，由题意知：对滑块有F1﹣μmg＝ma

对木板有μmg＝ma

联立得F1＝2μmg

同理，施加水平向右的力F2时，有F2＝4μmg

所以F1与F2的大小之比为1：2；故A正确；

B．设AB的长度为L，施加水平向右的力2F1时，对滑块有a1＝﹣μg

对木板有a′1＝μg

设经时间t到达B点，由位移关系得

解得

同理，施加水平向右的力2F2时，运动到B点的时间

所以物块在木板上运动到B点的时间之比为1；故B错误；

C．施加水平向右的力2F1时，由位移公式得木板的位移

同理，施加水平向右的力2F2时，由位移公式得木板的位移x2＝μg•t′2

所以小物块在木板上运动到B点时木板的位移之比1：1；故C正确；

D．小物块最终都会滑离木板；二者的相对位移相等，所以整个过程中摩擦生热之比为摩擦力之比，即为1：1，故D正确。

故选ACD。三、填空题(共7题，共14分)18、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】不要均匀19、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】跟接触面垂直沿着绳子而指向绳子收缩的方向20、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】匀速直线运动静止惯性固有21、略

【分析】【详解】

[1]将位移s分成四段相等的位移，即初速度为零的匀加速直线运动连续通过相等的位移所用的时间之比，由规律可知，则依次通过这四段位移所用的时间之比为【解析】22、略

【分析】【详解】

OA段的加速度

BC段的加速度

CD段的加速度

物体在14s内的总位移为图象与时间轴围成的面积；故位移为：

x=×(4+10)×4-×4×2=24m；

【点睛】

本题考查速度时间图象的性质，注意图象的斜率表示物体的加速度，图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移．【解析】1;-2;-0.5;24;23、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]以O点为研究对象；受力如图所示。

由受力图结合几何关系可得

[2]【解析】24、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]圆环加速下落加速度方向向下；故处于失重状态；

[2]以环为研究对象，可知环受到重力和摩擦力的作用，由牛顿第二定律得

所以

以箱子为研究对象，分析受力情况：箱子受到重力Mg、地面的支持力N和环对箱子向下的滑动摩擦力f，根据平衡条件得

根据牛顿第三定律得木箱对地面的压力大小【解析】失重四、实验题(共4题，共40分)25、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]F是通过作图的方法得到合力的理论值，而F′是通过一个弹簧称沿AO方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到O点，使得一个弹簧称的拉力与两个弹簧称的拉力效果相同，测量出的合力，则方向一定沿AO方向的是F′；

(2)[2]本实验中两个拉力的作用效果和一个拉力的作用效果相同；采用的科学方法是等效替代法，故选B；

(3)[3]A．细线的作用是能显示出力的方向；所以不必须等长，故A错误；

B．为了减小误差；弹簧测力计；细绳、橡皮筋都应与木板平行，故B正确；

C．该实验采用了“等效替代”的原理；即合力与分力的关系是等效的，要求两次拉橡皮筋时的形变量和方向是等效的，则橡皮筋沿同一方向拉长到同一长度，故C错误；

D．为了减小误差；拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些，故D正确。

故选BD。【解析】F′BBD26、A:A:C:C【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]A．不论仅用弹簧测力计拉，还是用钩码与弹簧测力计同时拉，要确保作用效果相同，即必须使结点O达到同一位置；所以A正确；

B．用钩码、弹簧测力计同时拉时还要记下结点O的位置；故B错误；

C．弹簧测力计是否与木板平面平行；将会影响弹簧测力计的读数，即力的大小，所以C正确；

D．为了减小实验的误差；两分力的夹角不能太大，也不能太小，不一定需要取90°，故D错误。

（2）[2]AB．当两力的夹角小于90°，且两力的合力不变时，使一个力的方向不变，力的大小减小，则另一个力的大小增大，β减小；如图1所示，故A正确，B错误；

CD．使一个力的大小不变