2025年北师大版高一物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年北师大版高一物理上册阶段测试试卷633考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、【题文】某人从3m深的水井中，将50N的水桶匀速提至地面，又提着水桶在水平地面上匀速行走了8m，在整个过程中，人对水桶所做的功为（）A.400JB.150JC.550JD.－150J2、在研究下述运动时，能把物体看作质点的是()A.研究地球的自转效应B.研究火车从南京到上海运行需要的时间C.研究乒乓球的旋转效应D.研究一列火车通过某一路标所需的时间3、用跨过定滑轮的绳把湖中小船拉靠岸，如图所示，已知拉绳的速度v

不变，则船速()A.逐渐增大B.逐渐减小C.不变D.先增大后减小4、关于做曲线运动的物体，下列说法中正确的是(

)

A.其加速度可以保持不变B.它所受的合外力一定是变力C.其速度可以保持不变D.其角速度大小一定变化5、【题文】（2011·广东理综·T17）如图6所示；在网球的网前截击练习中，若练习者在球网正上方距地面H处，将球以速度v沿垂直球网的方向击出，球刚好落在底线上，已知底线到网的距离为L，重力加速度取g，将球的运动视作平抛运动，下列表述正确的是。

A.球的速度v等于LB.球从击出至落地所用时间为C.球从击球点至落地点的位移等于LD.球从击球点至落地点的位移与球的质量有关6、【题文】在光滑水平面上动能为E0，动量大小P0的小钢球1与静止小钢球2发生碰撞，碰撞前后球1的运动方向相反，将碰后球1的动能和动量大小分别记为E1、P1，球2的动能和动量大小分别记为E2、P2，则必有（AB）A.E1<E0B.P1<P0C.E2>E0D.P20评卷人得分二、双选题(共8题，共16分)7、标准状况下，有rm{垄脵6.72L}甲烷，rm{垄脷3.01隆脕10^{23}}个rm{HCl}分子，rm{垄脹13.6gH_{2}S}rm{垄脺0.2mol}氨气，则下列四种气体的关系表示正确的是A.体积：rm{垄脺<垄脵<垄脷<垄脹}B.质量：rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}C.密度：rm{垄脵<垄脹<垄脺<垄脷}D.氢原子数：rm{垄脷<垄脺<垄脹<垄脵}8、关于化学反应过程中，能量变化描述正确的是A.成键过程中吸收能量B.断键过程中吸收能量C.成键过程中放出能量D.断键过程中放出能量9、下列大气污染物中，能与人体中血红蛋白结合而引起中毒的气体是()

A.rm{SO_{2}}B.rm{C{O}_{2}}C.rm{NO_{2}}D.rm{NO}10、标准状况下，有rm{垄脵6.72L}甲烷，rm{垄脷3.01隆脕10^{23}}个rm{HCl}分子，rm{垄脹13.6gH_{2}S}rm{垄脺0.2mol}氨气，则下列四种气体的关系表示正确的是A.体积：rm{垄脺<垄脵<垄脷<垄脹}B.质量：rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}C.密度：rm{垄脵<垄脹<垄脺<垄脷}D.氢原子数：rm{垄脷<垄脺<垄脹<垄脵}11、关于化学反应过程中，能量变化描述正确的是A.成键过程中吸收能量B.断键过程中吸收能量C.成键过程中放出能量D.断键过程中放出能量12、下列大气污染物中，能与人体中血红蛋白结合而引起中毒的气体是()

A.rm{SO_{2}}B.rm{C{O}_{2}}C.rm{NO_{2}}D.rm{NO}评卷人得分三、多选题(共9题，共18分)13、下列关于地球同步卫星的说法不正确的是（）A.它的周期与地球自转同步，但高度和速度可以选择B.它的周期高度速度都是一定的C.我国发射同步通讯卫星定点在北京上空D.我国发射同步通讯卫星也定点在赤道上空14、物体做匀速圆周运动时，下列物理量中不变的是(

)

A.线速度B.角速度C.周期D.转速15、荷兰“MardOne

”研究所推出了2023

年让志愿者登陆火星；建立人类聚居地的计划；2013

年该机构将通过电视真人秀的方式招募首批4

名志愿者，并与2024

年前往火星，登陆火星需经历如图所示的变轨过程，已知引力常数为G

则下列说法正确的是()

A.飞船在轨道上运动时，运行的周期T垄贸>T垄貌>T垄帽

B.飞船在轨道Ⅰ上P

点的加速度大于在轨道Ⅱ上P

点的加速度。

C.飞船在P

点从轨道Ⅱ变轨到轨道Ⅰ；需要在P

点朝速度方向喷气。

D.若轨道Ⅰ贴近火星表面，已知飞船在轨道Ⅰ上运动的角速度，可以推知火星的密度16、关于能量和能源，下列表述正确的是A.能量可以从一种形式转化为另一种形式B.能量可以从一个物体转移到另一个物体C.能量是守恒的，所以能源永不枯竭D.能源在利用过程中有能量耗散，这表明能量不守恒17、在用打点计时器“探究小车速度随时间变化的规律”实验中，下列关于作v鈭�t

图象的说法中，正确的是(

)

A.作v鈭�t

图象时，所取的点越多，图线就越准确]

B.只要确定了v鈭�t

图象中的两点，就可以得出小车运动的v鈭�t

图象，因此实验只需要测出两组数据C.对于偏离直线较远的点，说明误差太大，应舍去D.作出的v鈭�t

图线应该通过所有的点，图线曲折也可以18、下列说法正确的是：A.“北京时间8点整”指的是时间B.第ns内就是(n－1)s末到ns末这1s时间(n为任意正整数)C.列车在广州停15分钟，指的是时刻D.不管是前5s还是第5s，都是指时间19、关于曲线运动，下列说法中正确的是（）A.曲线运动一定是变速运动B.曲线运动的加速度可以一直为零C.在平衡力作用下，物体可以做曲线运动D.在恒力作用下，物体可以做曲线运动20、如图所示，一轻杆一端固定在O

点，另一端固定一小球，在竖直面内做半径为R

的圆周运动.

若小球运动到最高点时的速度恰好为零，则杆对小球的支持力为F;

若小球在最高点的速度大小为v

则杆对小球的弹力恰好为零.

则以下说法正确的是

A.当地的重力加速度为饾惎饾煇饾悜

B.当地的重力加速度为饾悈饾悜

C.小球的质量为饾悈饾惎饾煇R

D.小球的质量为饾惎饾煇饾悈R

21、如图所示，半径为R

的光滑圆环固定在竖直平面内，ABCD

是圆环相互垂直的两条直径，CD

两点与圆心O

等高.

一质量为m

的光滑小球套在圆环上，一根轻质弹簧一端连在小球上，另一端固定在P

点，P

点在圆心O

的正下方R2

处.

小球从最高点A

由静止开始沿逆时针方向下滑，已知弹簧的原长为R

弹簧始终处于弹性限度内，重力加速度为g.

下列说法正确的是(

)

A.小球运动到B

点时的速度大小为2gR

B.弹簧长度等于R

时，小球的机械能最大C.小球运动到B

点时重力的功率为2mggR

D.小球在A.B

两点时对圆环的压力差为4mg

评卷人得分四、填空题(共2题，共12分)22、一个做自由落体运动的物体在1s内、2s内、3s内下落的高度之比是：____；在第1s内、第2s内、第3s内的平均速度之比是：____．23、如图所示，一半径为r的圆筒绕其中心轴以角速度ω匀速转动；圆筒内壁上紧靠着一个质量为m的物体与圆筒一起运动，相对筒无滑动。若已知筒与物体之间的摩擦因数为μ，重力加速度为g，试求：

（1）物体所受到的摩擦力大小______

（2）筒内壁对物体的支持力______评卷人得分五、实验探究题(共3题，共12分)24、在做“研究平抛物体的运动”这一实验时。

（a）是研究平抛运动的实验装置图，（b）是试验后在白纸上作的图。

（1）固定斜槽轨道时应注意使______；

（2）若已知从抛出点下降高度为h，水平距离为x，重力加速度为g，则计算小球平抛初速度的公式为v0=______；

（3）根据图（b）给出的数据，图中O点为抛出点，可计算出v0=______m/s．25、“探究求合力的方法”的实验如图甲所示；其中A

为固定橡皮筋的图钉，O

为橡皮筋与细绳的结点，OB

和OC

为细绳.

图乙所示是在白纸上根据实验结果画出的图．

(1)

图乙中的______是力F1

和F2

的合力的理论值；______是力F1

和F2

的合力的实际测量值．

(2)

在实验中；如果将细绳也换成橡皮筋，那么实验结果是否会发生变化？答：______(

选填“变”或“不变”)

．

(3)

本实验采用的科学方法是______

A.理想实验法B.

等效替代法C.

控制变量法D.

建立物理模型法．26、图甲是“研究平抛物体的运动”的实验装置图

(1)

实验前应对实验装置反复调节；直到斜槽末端切线______.

每次让小球从同一位置由静止释放，是为了使每次小球平抛的______相同．

(2)

图乙是正确实验取得的数据；其中O

为抛出点，则此小球做平抛运动的初速度为______m/s.(g

取9.8m/s2)(3)

在“研究平抛物体运动”的实验中，如果小球每次从斜槽滚下的初始位置不同，则下列说法中正确的是______

A.小球平抛的初速度相同。

B.小球每次做不同的抛物线运动。

C.小球做平抛运动的时间均相同。

D.小球通过相同的水平位移所用时间相同．评卷人得分六、其他(共4题，共28分)27、如图是质量为70kg的李伟的比赛用山地自行车；其相关数据见表：

。车架材料碳纤维车架材料体积/cm32500车架质量/kg4.5整车质量/kg10单轮接触面积/cm24（1）求碳纤维车架的密度；

（2）算出比赛中的山地自行车对地面的压强；（取g=10N/kg）

（3）李伟在某路段匀速骑行6km，耗时10min，若该路段阻力为总重力的0.02倍，求他骑行功率．28、（2013•芜湖县校级自主招生）如图，是光滑斜面的示意图．斜面的水平长度为S，高为h，物体质量为m，如果用沿斜面向上的力把物体从斜面底端匀速拉到顶端，拉力F=____（用题中相关字母表示）．29、如图是质量为70kg的李伟的比赛用山地自行车；其相关数据见表：

。车架材料碳纤维车架材料体积/cm32500车架质量/kg4.5整车质量/kg10单轮接触面积/cm24（1）求碳纤维车架的密度；

（2）算出比赛中的山地自行车对地面的压强；（取g=10N/kg）

（3）李伟在某路段匀速骑行6km，耗时10min，若该路段阻力为总重力的0.02倍，求他骑行功率．30、（2013•芜湖县校级自主招生）如图，是光滑斜面的示意图．斜面的水平长度为S，高为h，物体质量为m，如果用沿斜面向上的力把物体从斜面底端匀速拉到顶端，拉力F=____（用题中相关字母表示）．参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】【解析】

试题分析：人在上提过程中做的功而在人匀速行走时；人对水桶不做功，故人对水桶做的功为150J；

故选B．

考点：功的计算．

点评：本题要注意理解功的定义，功是力与力的方向上发生的位移的乘积．【解析】【答案】B2、B【分析】【分析】研究地球的自转时；地球有大小和形状不能忽略，不能看作质点，否则就无法分辨地球的转动．故A错误．研究火车从南京到上海所用时间时，尽管火车有一定的长度和形状，但相对于从南京到上海的距离可忽略不计，故火车可看作质点．故B正确．研究旋转的乒乓球，要研究各个点的情况，所以乒乓球不能用点来代替，形状和大小不能忽略．故C错误．火车通过路标时，由于火车的长度相对于路标非常长，所以不能忽略，故D错误。

故选B

【点评】当物体的大小和形状对所研究的问题中没有影响或影响不计时，可以把物体当成质点处理．3、A【分析】【分析】将小船的运动沿绳子收缩方向和垂直绳子方向进行正交分解；拉绳子的速度v

等于船沿绳子收缩方向的分速度，再对绳子收缩方向的分速度的表达式进行讨论，即可以求出船速的变化情况。

本题关键是找出小船的两个分运动，然后将合速度分解，求出合速度与拉绳子速度的表达式，再进行讨论。【解答】将小船的运动沿绳子收缩方向和垂直绳子方向进行正交分解；如图。

拉绳子的速度v

等于船沿绳子收缩方向的分速度，由几何关系，得到：v=v

船cos娄脠

，在小船靠岸的过程中，由于拉绳的速度v

保持不变，娄脠

也不断变大，故v

船不断变大；故A正确，BCD错误。

故选A。

【解析】A

4、A【分析】解：A

曲线运动的加速度不一定变化；如平抛运动，加速度不变，故A正确；

B；曲线运动的合外力可以是恒力；如平抛运动，故B错误；

C；曲线运动的速度方向始终改变；必定是变速运动，故C错误；

D；曲线运动的角速度可以不变；如匀速圆周运动，故D错误．

故选：A

物体做曲线运动时；所受合外力的方向与加速度的方向在同一直线上，合力可以是恒力，也可以是变力，曲线运动的速度方向始终改变，必定是变速运动．

本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，匀速圆周运动，平抛运动等都是曲线运动，对于它们的特点要掌握住．【解析】A

5、A|B【分析】【解析】由平抛运动规律知，在水平方向上有:在竖直方向上有：联立解得所以A.B正确；球从击球点至落地点的位移为C，D错误。【解析】【答案】选A.B.6、A|B【分析】【解析】

试题分析：由题，碰撞后两球均有速度．根据碰撞过程中总动能不增加可知，．否则，就违反了能量守恒定律．根据动量守恒定律得：得到可见，．故A；B正确；C、D错误。

考点：考查了动量守恒定律，能量守恒定律的应用【解析】【答案】AB二、双选题(共8题，共16分)7、BD【分析】【分析】该题是中等难度的试题，试题综合性强，在注重对基础知识考查的同时，更侧重对学生能力的培养。该题学生需要注意的是在进行物质的量的有关计算时，关键是熟练应用几个关系式rm{n=m/M}特别还要注意气体摩尔体积的使用条件，即只能适用于气体，且只有在标准状况下，气体的摩尔体积才是rm{22.4L/mol}【解答】根据题意可知，甲烷、氯化氢、rm{H_{2}S}的物质的量分别是rm{垄脵}rm{垄脵}rm{6.72L隆脗22.4L/mol=0.3mol}rm{垄脷}rm{垄脷}rm{垄脹}氨气。A.根据阿伏加德罗定律可知，气体的体积大小关系是rm{垄脹}故A错误；B.甲烷的质量是rm{13.6g隆脗34g/mol=0.4mol}氯化氢的质量是rm{垄脺0.2mol}氨气。氨气的质量是rm{垄脺0.2mol}所以质量关系是rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}故B正确；C.在相同条件下，气体的密度之比是相对分子质量之比，故C错误；D.氢原子的物质的量分别是rm{4.8g}rm{18.25g}rm{3.4g}rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}则氢原子数rm{1.2mol}故D正确。故选BD。rm{0.5mol}【解析】rm{BD}8、BC【分析】【分析】本题考查了化学反应中的能量变化，理解化学键的断裂和形成是能量变化的根本原因是解题的关键。

【解答】化学键的断裂和形成是化学反应中能量变化的原因，破坏化学键要吸收能量，形成新的化学键要释放能量，故B、C正确。故选BC。【解析】rm{BC}9、BD【分析】【分析】本题主要考查物质的性质方面的知识，解答时要理解一氧化碳、一氧化氮等物质能够与血红蛋白结合，从而引起中毒。【解答】A.二氧化硫对眼和呼吸道有强烈刺激作用，吸入高浓度二氧化硫可引起喉水肿、肺水肿、声带水肿及rm{(}或rm{)}痉挛导致窒息，rm{SO_{2}}还会导致糖及蛋白质的代谢障碍；从而引起脑；肝、脾等组织发生退行性变，故A错误；

B.一氧化碳容易与血液中的血红蛋白结合，使人中毒；故B正确；

C.二氧化氮的毒作用主要是损害深部呼吸道；故C错误；

D.一氧化氮容易与血液中的血红蛋白结合；使人中毒，故D正确。

故选BD。【解析】rm{BD}10、BD【分析】【分析】该题是中等难度的试题，试题综合性强，在注重对基础知识考查的同时，更侧重对学生能力的培养。该题学生需要注意的是在进行物质的量的有关计算时，关键是熟练应用几个关系式rm{n=m/M}特别还要注意气体摩尔体积的使用条件，即只能适用于气体，且只有在标准状况下，气体的摩尔体积才是rm{22.4L/mol}【解答】根据题意可知，甲烷、氯化氢、rm{H_{2}S}的物质的量分别是rm{垄脵}rm{垄脵}rm{6.72L隆脗22.4L/mol=0.3mol}rm{垄脷}rm{垄脷}rm{垄脹}氨气。A.根据阿伏加德罗定律可知，气体的体积大小关系是rm{垄脹}故A错误；B.甲烷的质量是rm{13.6g隆脗34g/mol=0.4mol}氯化氢的质量是rm{垄脺0.2mol}氨气。氨气的质量是rm{垄脺0.2mol}所以质量关系是rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}故B正确；C.在相同条件下，气体的密度之比是相对分子质量之比，故C错误；D.氢原子的物质的量分别是rm{4.8g}rm{18.25g}rm{3.4g}rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}则氢原子数rm{1.2mol}故D正确。故选BD。rm{0.5mol}【解析】rm{BD}11、BC【分析】【分析】本题考查了化学反应中的能量变化，理解化学键的断裂和形成是能量变化的根本原因是解题的关键。

【解答】化学键的断裂和形成是化学反应中能量变化的原因，破坏化学键要吸收能量，形成新的化学键要释放能量，故B、C正确。故选BC。【解析】rm{BC}12、BD【分析】【分析】本题主要考查物质的性质方面的知识，解答时要理解一氧化碳、一氧化氮等物质能够与血红蛋白结合，从而引起中毒。【解答】A.二氧化硫对眼和呼吸道有强烈刺激作用，吸入高浓度二氧化硫可引起喉水肿、肺水肿、声带水肿及rm{(}或rm{)}痉挛导致窒息，rm{SO_{2}}还会导致糖及蛋白质的代谢障碍；从而引起脑；肝、脾等组织发生退行性变，故A错误；

B.一氧化碳容易与血液中的血红蛋白结合，使人中毒；故B正确；

C.二氧化氮的毒作用主要是损害深部呼吸道；故C错误；

D.一氧化氮容易与血液中的血红蛋白结合；使人中毒，故D正确。

故选BD。【解析】rm{BD}三、多选题(共9题，共18分)13、AC【分析】解：A；地球同步卫星即地球同步轨道卫星；又称对地静止卫星，是运行在地球同步轨道上的人造卫星；

同步卫星的周期必须与地球自转周期相同；所以同步卫星是相对地球静止的卫星；

根据万有引力提供向心力，列出等式：=m（R+h）=m其中R为地球半径，h为同步卫星离地面的高度．由于同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，所以T为一定值，根据上面等式得出：同步卫星离地面的高度h和速度V也为一定值，故A错误B正确；

C；所有的同步卫星都在赤道上空；它若在除赤道所在平面外的任意点，假设实现了“同步”，那它的运动轨道所在平面与受到地球的引力就不在一个平面上，这是不可能的．所以我国发射的同步通讯卫星必须定点在赤道上空，故C错误D正确．

本题选不正确的；故选：AC

了解同步卫星的含义；即同步卫星的周期必须与地球自转周期相同．

物体做匀速圆周运动；它所受的合力提供向心力，也就是合力要指向轨道平面的中心．

通过万有引力提供向心力；列出等式通过已知量确定未知量。

本题考查了地球卫星轨道相关知识点，地球卫星围绕地球做匀速圆周运动，圆心是地球的地心，万有引力提供向心力，轨道的中心一定是地球的球心；同步卫星有四个“定”：定轨道、定高度、定速度、定周期．本题难度不大，属于基础题【解析】【答案】AC14、BCD【分析】解：匀速圆周运动的过程中；线速度的大小不变，即线速率不变，但是方向时刻改变．

角速度不变；周期没有方向也不变，再由娄脴=2娄脨n

可知，转速也不变.

故B；C

D正确，A错误．

故选：BCD

．

速度；向心力、加速度是矢量；有大小有方向，要保持不变，大小和方向都不变.

在匀速圆周运动的过程中，速度的方向时刻改变，加速度、向心力的方向始终指向圆心，所以方向也是时刻改变，而周期与角速度，及转速均不变．

解决本题的关键知道匀速圆周运动的过程中，周期、角速度、速度的大小、向心力的大小、向心加速度的大小保持不变，但方向时刻改变．【解析】BCD

15、ACD【分析】【分析】1

根据开普勒第三定律可以知道，判断飞船的周期的关系；2

飞船仅受万有引力，飞船在轨道Ⅰ上运动到P

点时与飞船在轨道Ⅱ上运动到P

点时有r

相等，则加速度必定相等；3

飞船从轨道Ⅰ转移到轨道Ⅱ上运动，必须在P

点时，点火加速，使其速度增大做离心运动，所以从轨道Ⅱ到轨道Ⅰ需减速；4

根据万有引力提供向心力与角速度的关系确定。本题要知道飞船在轨道Ⅰ上运动到P

点时与飞船在轨道Ⅱ上运动到P

点时受到的万有引力大小相等，根据牛顿第二定律可知加速度必定相等，与轨道和其它量无关。【解答】A.根据开普勒第三定律a3T2=k

可以知道，飞船在轨道上运动时，运行的周期T垄贸>T垄貌>T垄帽

故A正确；B.飞船仅受万有引力，飞船在轨道Ⅰ上运动到PP点时与飞船在轨道Ⅱ上运动到PP点时有rr相等，则加速度必定相等，故B错误；C.飞船在P

点从轨道Ⅱ变轨到轨道Ⅰ；需要在P

点朝速度方向喷气，从而使飞船减速到达轨道Ⅰ，C正确；

D.根据GMmr2=m娄脴2r

以及M=43娄脨r3娄脩

计算得出娄脩=3娄脴24娄脨G

即若轨道Ⅰ贴近火星表面，已知飞船在轨道Ⅰ上运动的角速度，可以推知火星的密度，故D正确。故选ACD。【解析】ACD

16、AB【分析】【分析】能量是物质的重要属性之一，它有许多形式，如热能、机械能、光能、电能、核能和化学能等等.

能源是提供能量的物质资源，地球上有各种各样的能源，如按使用状况分类，有常规能源(

包括煤、原油、天然气等)

新能源(

包括核燃料、地热能、太阳能等)

本题关键是区分能量与能源，能量是守恒的，能源是要节约的，不是一个概念。【解答】A.根据能量守恒定律，能量可以从一种形式转化为另一种形式，故A正确；B.根据能量守恒定律，能量可以从一个物体转移到另一个物体，故B正确；C.能量与能源不同；能量是守恒的，但随着能量的耗散，能量可以利用的品质会下降，故依然要节约能源，故C错误；D.能源在利用过程中有能量耗散，但能量是守恒的，故D错误；故选AB。【解析】AB

17、AC【分析】解：A

作v鈭�t

图象时；所取的点越多，图线就越准确，故A正确；

B；该实验要判断小车是否做匀变速直线运动；故需要测出多组数据，故B错误；

CD

要画出一条直线通过多数点；不在直线上的点均匀分布在直线的两侧，偏离较远的点要舍去，故C正确，D错误；

故选：AC

．

实验通过描点法作出v鈭�t

图象；看图象是否为直线来判断小车是否做匀变速直线运动．

本题考查了用图想法处理实验数据的方法，v鈭�t

图象为直线就说明小车做匀变速直线运动．【解析】AC

18、B:D【分析】【详解】

A；北京时间8点整；指的是一个时间点，是时刻，故A错误；

B；第ns内就是(n−1)s末到ns末这1s时间(n为任意正整数)；故B正确；

C；停15分钟；是指时间的长度，指的是时间，故C错误；

D；前5s和第5s；都是指时间的长度，指的是时间，故D正确；

故选BD．

【点睛】

时间是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，对应物体的位移或路程，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点，对应物体的位置．19、AD【分析】解：A；既然是曲线运动；它的速度的方向必定是改变的，所以曲线运动一定是变速运动，故A正确；

B；C、曲线运动的条件是合力与速度不共线；一定存在加速度，因此不可能处于平衡状态，故BC错误；

D；在恒力作用下；物体可以做曲线运动，如平抛运动，故D正确；

故选：AD．

物体运动轨迹是曲线的运动；称为“曲线运动”．当物体所受的合外力和它速度方向不在同一直线上，物体就是在做曲线运动．

本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，匀速圆周运动，平抛运动等都是曲线运动，对于它们的特点要掌握住．【解析】【答案】AD20、AC【分析】略【解析】AC

21、BD【分析】解：A

由题分析可知；小球在AB

两点时弹簧的形变量大小相等，弹簧的弹性势能相等，小球从A

到B

的过程，根据系统的机械能守恒得：

2mgR=12mvB2

解得小球运动到B

点时的速度为：vB=2gR.

故A错误。

B；根据小球与弹簧系统的机械能守恒知；弹簧长度等于R

时，小弹簧的弹性势能为零，最小，则小球的机械能最大，故B正确。

C；小球运动到B

点时重力与速度方向垂直；则重力的功率为0

故C错误。

D；设小球在AB

两点时弹簧的弹力大小为F.

在A

点；圆环对小球的支持力F1=mg+F

在B

点，由圆环，由牛顿第二定律得：F2鈭�mg鈭�F=mvB2R

解得圆环对小球的支持力为：F2=5mg+F

则F2鈭�F1=4mg

由牛顿第三定律知，小球在AB

两点时对圆环的压力差为4mg

故D正确。

故选：BD

小球通过A

和B

两点时；弹簧的形变量相等，弹簧的弹性势能相等，根据系统的机械能守恒求小球运动到B

点时的速度.

在小球运动的过程中，弹簧的弹力对小球做功等于小球机械能的增量.

通过分析小球的受力情况，分析小球速度的变化，从而判断出动能的变化情况.

根据牛顿第二定律和第三定律求小球在AB

两点时对圆环的压力差．

解决本题的关键要分析清楚小球的受力情况，判断能量的转化情况，要抓住小球通过A

和B

两点时，弹簧的形变量相等，弹簧的弹性势能相等．【解析】BD

四、填空题(共2题，共12分)22、略

【分析】

根据h=得：1s内；2s内、3s内下落的高度之比是1：4：9；

第1s内、第2s内、第3s内的位移之比为：1：3：5，根据可知；在第1s内；第2s内、第3s内的平均速度之比是：1：3：5．

故答案为：1：4：9；1：3：5

【解析】【答案】根据自由落体运动位移时间公式及平均速度公式即可求解．

23、mgmω2r【分析】解：（1）物体做匀速圆周运动；合力指向圆心；对物体受力分析，受重力；向上的静摩擦力、指向圆心的支持力，如图。

其中重力mg与静摩擦力f平衡；故有：f=mg

（2）支持力N提供向心力，由牛顿第二定律可得：N=mω2r；

故答案为：（1）mg（2）mω2r

（1）物体做匀速圆周运动；对物体受力分析，受重力；向上的静摩擦力、指向圆心的支持力，由竖直方向受力平衡可求得摩擦力；

（2）由合力等于支持力；提供向心力，根据牛顿第二定律可求得支持力。

本题中要使静摩擦力与重力平衡，角速度要大于某一个临界值，即重力不能大于最大静摩擦力。【解析】mgmω2r五、实验探究题(共3题，共12分)24、略

【分析】解：（1）固定斜槽轨道时应注意斜槽的末端水平；保证小球初速度水平．

（2）根据h=得：t=则小球平抛运动的初速度为：=．

（3）平抛运动的时间为：t=s=0.14s，则初速度为：=2.286m/s．

故答案为：（1）斜槽末端水平；（2）（3）2.286．

根据实验的原理确定实验中需要注意的事项；根据竖直方向下降的高度求出平抛运动的时间，结合水平位移和时间求出初速度．

解决本题的关键知道实验的注意事项，知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解．【解析】斜槽末端水平；2.28625、F；F′；不变；B【分析】解：(1)F

是通过作图的方法得到合力的理论值；而F隆盲

是通过一个弹簧称沿AO

方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到O

点，使得一个弹簧称的拉力与两个弹簧称的拉力效果相同，测量出的合力．

(2)

细绳的作用是对结点O

施加不同方向的拉力F1F2

换用橡皮筋拉结果是一样的．

(3)

合力与分力是等效替代的关系；所以本实验采用的等效替代法，故ACD错误，B正确．

故选：B

故答案为：(1)FF隆盲(2)

不变(3)B

由于实验误差的存在；导致F1

与F2

合成的理论值(

通过平行四边形定则得出的值)

与实际值(

实际实验的数值)

存在差别，只要O

点的作用效果相同，是否换成橡皮条不影响实验结果．

本实验采用的是等效替代的方法，即一个合力与几个分力共同作用的效果相同，可以互相替代．【解析】FF隆盲

不变；B

26、（1）水平初速度（2）1.6BC【分析】【分析】(1)(1)为了保证小球的初速度水平，斜槽末端需水平，每次让小球从同一位置由静止释放，保证初速度相同；

(2)(2)根据下降的高度求出平抛运动的时间，结合水平位移和时间求出初速度；

(3)(3)小球从斜槽不同的位置滚下，初速度不同，根据高度比较运动的时间，抓住初速度不同，结合水平位移的关系比较相同水平位移的时间。

解决本题的关键知道实验的原理以及注意事项，知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解。【解答】(1)(1)为了保证小球的初速度水平，斜槽末端应切线水平，为了保证小球的初速度相等，每次让小球从同一位置由静止释放；

(2)(2)根据y=12gt2y=dfrac{1}{2}g{t}^{2}得，t=2yg=2隆脕0.1969.8s=0.2st=sqrt{dfrac{2y}{g}}=sqrt{dfrac{2隆脕0.196}{9.8}}s=0.2s