2024年北师大新版高一物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年北师大新版高一物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、某一做匀变速直线运动的质点的位移随时间变化的关系式为s＝4t﹣2t2，s与t的单位分别为m与s，则质点的初速度与加速度分别为A.4m/s与2m/s2B.2m/s与﹣4m/s2C.4m/s与﹣4m/s2D.4m/s与4m/s22、如图装置AB

轮通过皮带传动，AC

轮通过摩擦传动，半径RA=2RB=3RC

各接触面均不打滑，则ABC

三点的线速度和角速度之比分别为(

)

A.vAvBvC=123娄脴A娄脴B娄脴C=321

B.vAvBvC=111娄脴A娄脴B娄脴C=236

C.vAvBvC=111娄脴A娄脴B娄脴C=321

D.vAvBvC=321娄脴A娄脴B娄脴C=111

3、如图所示，红蜡块能在玻璃管的水中匀速上升，若红蜡块在从A点匀速上升的同时，使玻璃管水平向右做匀加速直线运动，则红蜡块实际运动的轨迹是图中的（）A.直线PB.曲线QC.曲线RD.无法确定以4、【题文】如图1所示，具有一定初速度的物块，沿倾角为30°的粗糙斜面向上运动的过程中，受一个恒定的沿斜面向上的拉力F作用，这时物块的加速度大小为4m/s2；方向沿斜面向下，那么，在物块向上运动的过程中，下列说法正确的是()

A.物块的机械能一定增加B.物块的机械能一定减小C.物块的机械能可能不变D.物块的机械能可能增加也可能减小5、甲、乙两物体的加速度分别为a1=1m/s2a2=鈭�1m/s2.

则(

)

A.甲物体的速度增加了1m/s

B.乙物体的速度减少了1m/s

C.甲物体比乙物体的速度变化快D.两物体的速度变化快慢相同评卷人得分二、双选题(共8题，共16分)6、标准状况下，有rm{垄脵6.72L}甲烷，rm{垄脷3.01隆脕10^{23}}个rm{HCl}分子，rm{垄脹13.6gH_{2}S}rm{垄脺0.2mol}氨气，则下列四种气体的关系表示正确的是A.体积：rm{垄脺<垄脵<垄脷<垄脹}B.质量：rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}C.密度：rm{垄脵<垄脹<垄脺<垄脷}D.氢原子数：rm{垄脷<垄脺<垄脹<垄脵}7、关于化学反应过程中，能量变化描述正确的是A.成键过程中吸收能量B.断键过程中吸收能量C.成键过程中放出能量D.断键过程中放出能量8、下列大气污染物中，能与人体中血红蛋白结合而引起中毒的气体是()

A.rm{SO_{2}}B.rm{C{O}_{2}}C.rm{NO_{2}}D.rm{NO}9、标准状况下，有rm{垄脵6.72L}甲烷，rm{垄脷3.01隆脕10^{23}}个rm{HCl}分子，rm{垄脹13.6gH_{2}S}rm{垄脺0.2mol}氨气，则下列四种气体的关系表示正确的是A.体积：rm{垄脺<垄脵<垄脷<垄脹}B.质量：rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}C.密度：rm{垄脵<垄脹<垄脺<垄脷}D.氢原子数：rm{垄脷<垄脺<垄脹<垄脵}10、关于化学反应过程中，能量变化描述正确的是A.成键过程中吸收能量B.断键过程中吸收能量C.成键过程中放出能量D.断键过程中放出能量11、下列大气污染物中，能与人体中血红蛋白结合而引起中毒的气体是()

A.rm{SO_{2}}B.rm{C{O}_{2}}C.rm{NO_{2}}D.rm{NO}评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)12、在皮带轮传动装置中，已知大轮的半径是小轮半径的3倍，A和B两点分别在两轮的边缘上，C点离大轮轴距离等于小轮半径，若皮带不打滑，则角速度之比ωA：ωB：ωC=________，线速度之比vA：vB：vC=________，向心加速度之比aA：aB：aC=_________。13、如图，一棵树上与A等高处有两个质量均为0.2kg的苹果，其中一个落入B处的篮子里，若以沟底D处为零势能参考面，则此时该苹果的重力势能为______J；另一个落到沟底的D处，若以C处为零势能参考面，则此时该苹果的重力势能为______J．14、一物体从某一高度自由下落,经过一高度为2m的窗户用时间0.4s,g取10m/s2.则物体开始下落时的位置距窗户上檐的高度是____m.15、一个电热器接到55V

的直流电源上所产生的热功率刚好是接到某交流电源上产生的热功率的116

那么，这个交流电源的路端电压是______V

先后两次通过电热器的电流之比为______．16、如图所示是研究物体做匀变速直线运动规律时得到的一条纸带(

实验中打点计时器所接低压交流电源的频率为50Hz)

从O

点后开始每5

个计时点取一个记数点，依照打点的先后顺序依次编号为0123456

测得S1=5.18cmS2=4.40cmS3=3.60cmS4=2.78cmS5=2.00cmS6=1.20cm.(

结果保留两位有效数字)

(1)

物体的加速度大小a=

______m/s2

(2)

打点计时器打记数点3

时，物体的速度大小为v3=

______m/s

．评卷人得分四、推断题(共2题，共18分)17、A、rm{B}rm{C}为三种常见的单质，其中rm{A}rm{C}为气体，rm{B}为常见金属rm{.A}溶于水可使石蕊试液先变红后褪色rm{.F}的水溶液为浅绿色溶液，它们的关系如图：rm{(1)}写出rm{A}rm{B}rm{D}的化学式：rm{A.}____________rm{B.}____________rm{C.}____________rm{(2)}写出反应rm{垄脵垄脷}的离子方程式：rm{垄脵}____________；rm{垄脷}____________．rm{(3)A}溶于水使石蕊试液先变红后褪色的原因是rm{(}用方程式表示rm{)}____．rm{(4)}检验rm{D}的水溶液中的阳离子的试剂是：____rm{.}将rm{D}溶液逐滴加入的沸水中会产生一种红褐色的液体，你认为该液体中的分散质微粒直径在____之间，验证的简单方法是：____．18、图示中，rm{A}为一种常见的单质，rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}是含有rm{A}元素的常见化合物，它们的焰色反应均为黄色。请填写下列空白：rm{(1)}写出化学式：rm{(1)}____________、rm{A}____________、rm{B}____________、rm{C}____________。rm{D}写出物质rm{(2)}的用途之一___________________________。rm{(2)}写出rm{B}反应的离子方程式_____________________________________；rm{(3)}反应的化学方程式_________________________________。rm{(3)}向饱和rm{A隆煤C}溶液中通入足量rm{B隆煤D}现象是________________________。rm{(4)}评卷人得分五、计算题(共4题，共32分)19、（15分）甲车以10m/s的速度在平直的公路上匀速行驶，乙车以4m/s的速度与甲车平行同向做匀速直线运动，甲车经过乙车旁边开始以0.5m/s2的加速度刹车，从甲车刹车开始计时，求：(1）乙车在追上甲车前，两车相距的最大距离；(2）乙车追上甲车所用的时间．20、如图所示，质量为m=10kg的物体，在F=40N水平向右的拉力作用下，由静止开始运动。设物体与水平面之间的动摩擦因数μ=0.2，（g取lOm/s2）求：

（1）物体所受滑动摩擦力为多大？

（2）物体的加速度为多大？

（3）物体在第3s内的位移为多大？21、有一水平放置的圆盘；上面放有一劲度系数为k

的弹簧，如图所示，弹簧的一端固定于轴O

上，另一端挂一质量为m

的物体A

物体与盘面间的动摩擦因数为娄脤

开始时弹簧未发生形变，长度为R

重力加速度为g

求：

(1)

盘的角速度娄脴0

多大时；物体A

开始滑动？

(2)

当角速度达到2娄脴0

时，弹簧的伸长量鈻�x

是多少？22、劲度系数为K1=100N/m

的弹簧A

上端固定在光滑木板的顶端，木板竖直放置.

弹簧A

下端悬挂质量为m=2Kg

的物体PP

下面通过劲度系数为K2=200N/m

的弹簧B

悬挂另一质量也为m=2Kg

的物体Q.PQ

轻靠在木板左侧.

整个装置静止后，将木板绕其下端沿顺时针方向缓慢旋转600.

稳定后，PQ

相对木板移动的距离各为多少？评卷人得分六、实验探究题(共4题，共36分)23、某同学在“探究匀变速直线运动”实验中得到如下图所示的纸带；已知打点计时器电源频率为50Hz，按时间顺序取A；B、C、D、E共5个计数点，相邻的计数点之间还有四个点没有画出，测出各计数点到A点的距离如图所示．

（1）实验过程中，下列做法不正确的是______

A．使用打点计时器打点时；应先接通电源，待打点计时器稳定工作后，再释放纸带。

B．释放物体前；应使物体停在远离打点计时器的位置。

C．打点计时器要固定在远离滑轮一端。

D．选择一条理想的纸带；是指纸带上的点迹清晰，适当舍弃开头密集部分，适当选取计数点，弄清楚所选的时间间隔T

（2）C点的速度vC=______m/s；物体运动的加速度a=______m/s2．（计算结果均保留到小数点后两位）

（3）如果当时电网中交变电流的频率是f=51Hz，而做实验的同学并不知道，那么加速度的测量值和实际值相比______（填“偏大”、“偏小”或“不变”）；如果当时电网中交变电流的电压变成210V，而做实验的同学并不知道，那么加速度的测量值与实际值相比______（填“偏大”、“偏小”或“不变”）．24、某同学在探究小车速度随时间变化的规律时；对打出的一条纸带进行研究，从O

点开始每5

个打点作为一个计数点(

中间4

个打点未画出，电源频率为50

赫兹)

计数点分别为ABCDE

该同学已求出各计数点对应的速度，其数值见下表.(

结果保留两位有效数字)

。计数点ABCDE速度/(m?s鈭�1)0.700.911.101.301.49(1)

根据以上数据在所给的坐标纸中做出小车的v鈭�t

图线(

适当标出横；纵坐标刻度)

．

(2)

计数点O

对应的速度为______m/s

加速度为______m/s2

．25、某同学用如图甲所示装置做“探究物体的加速度跟力的关系”的实验.

实验时保持小车的质量不变；用钩码所受的重力作为小车受到的合力，用打点计时器和小车后端拖动的纸带测出小车运动的加速度．

(1)

实验时先不挂钩码；反复调整垫木的左右位置，直到小车做匀速直线运动，这样做的目的是______．

(2)

图乙为实验中打出的一条纸带的一部分；从比较清晰的点迹起，在纸带上标出了连续的5

个计数点ABCDE

相邻两个计数点之间都有4

个点迹没有标出，测出各计数点到A

点之间的距离，如图乙所示.

已知打点计时器接在频率为50Hz

的交流电源两端，则此次实验中小车运动的加速度的测量值a=

______m/s2.(

结果保留两位有效数字)

(3)

实验时改变所挂钩码的质量，分别测量小车在不同外力作用下的加速度.

根据测得的多组数据画出a鈭�F

关系图线，如图丙所示.

试分析：图线不通过坐标原点O

的原因是______；曲线上部弯曲的原因______．26、一个有一定厚度的圆盘；可以绕通过中心垂直于盘面的水平轴转动，用下面的方法测量它匀速转动时的角速度。实验器材：电磁打点计时器，米尺，纸带，复写纸片。

实验步骤：

（1）如图所示；将电磁打点计时器固定在桌面上，将纸带的一端穿过打点计时器的限位孔后，固定在待测圆盘的侧面上，使得圆盘转动时，纸带可以卷在圆盘侧面上。

（2）启动控制装置使圆盘转动；同时接通电源，打点计时器开始打点。

（3）经过一段时间；停止转动和打点，取下纸带，进行测量。

A．若Sn为n个时间间隔的距离；T为打点计时器的打点周期，R为圆盘半径，则角速度的表达式为ω=______。

b．某次实验测得圆盘半径R=5.50×10-2m；得到纸带一段如下图所示。求得角速度为______。

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【解析】试题分析：由变速直线运动的公式对应位移随时间变化的关系式为s＝4t﹣2t2，可知质点的初速度为4m/s，加速度为﹣4m/s2，C对；考点：考查匀变速直线运动规律的应用【解析】【答案】C2、B【分析】解：由题意；装置AB

轮通过皮带传动，AB

边缘上的点具有相同的线速度；AC

轮通过摩擦传动，AC

边缘上的点具有相同的线速度，所以三点的线速度是相等的，则：vAvBvC=111

根据线速度与角速度之间的关系：v=娄脴r

得：娄脴A娄脴B娄脴C=1RA拢潞1RB拢潞1RC=236

故选：B

两轮子靠传送带传动；轮子边缘上的点具有相同的线速度；AC

轮通过摩擦传动，轮子边缘上的点具有相同的线速度．

解决本题的关键知道靠传送带传动轮子边缘上的点具有相同的线速度，共轴转动的点，具有相同的角速度．【解析】B

3、B【分析】红蜡块在相同的时间内通过的竖直位移不变，水平位移越来越大，B对；【解析】【答案】B4、A【分析】【解析】机械能变化的原因是非重力、弹力做功，题中除重力外，有拉力F和摩擦力Ff

做功，则机械能的变化决定于F与Ff做功大小关系．

由mgsinα＋Ff－F＝ma知：F－Ff＝mgsin30°－ma＞0，即F＞Ff；故F做正功多于克。

服摩擦力做功，故机械能增加．A项正确．【解析】【答案】A5、D【分析】解：甲；乙两物体的加速度的大小分别为1m/s2B

的加速度的大小为鈭�1m/s2

它们的大小相等，即速度变化快慢相同，不过它们的方向不同，若它们的初速度方向相同，且与甲物体加速度的方向相同，甲做匀加速直线运动，乙做匀减速直线运动，所以ABC错误，D正确．

故选：D

．

通过求加速度的绝对值来比较两物体的加速度的大小；通过加速度是描述速度变化快慢的物理量，从而即可求解．

加速度的正负代表了加速度的方向，为正表示与规定的正方向相同，为负表示与规定的正方向相反.

加速度的大小应取加速度的绝对值，与正负无关．【解析】D

二、双选题(共8题，共16分)6、BD【分析】【分析】该题是中等难度的试题，试题综合性强，在注重对基础知识考查的同时，更侧重对学生能力的培养。该题学生需要注意的是在进行物质的量的有关计算时，关键是熟练应用几个关系式rm{n=m/M}特别还要注意气体摩尔体积的使用条件，即只能适用于气体，且只有在标准状况下，气体的摩尔体积才是rm{22.4L/mol}【解答】根据题意可知，甲烷、氯化氢、rm{H_{2}S}的物质的量分别是rm{垄脵}rm{垄脵}rm{6.72L隆脗22.4L/mol=0.3mol}rm{垄脷}rm{垄脷}rm{垄脹}氨气。A.根据阿伏加德罗定律可知，气体的体积大小关系是rm{垄脹}故A错误；B.甲烷的质量是rm{13.6g隆脗34g/mol=0.4mol}氯化氢的质量是rm{垄脺0.2mol}氨气。氨气的质量是rm{垄脺0.2mol}所以质量关系是rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}故B正确；C.在相同条件下，气体的密度之比是相对分子质量之比，故C错误；D.氢原子的物质的量分别是rm{4.8g}rm{18.25g}rm{3.4g}rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}则氢原子数rm{1.2mol}故D正确。故选BD。rm{0.5mol}【解析】rm{BD}7、BC【分析】【分析】本题考查了化学反应中的能量变化，理解化学键的断裂和形成是能量变化的根本原因是解题的关键。

【解答】化学键的断裂和形成是化学反应中能量变化的原因，破坏化学键要吸收能量，形成新的化学键要释放能量，故B、C正确。故选BC。【解析】rm{BC}8、BD【分析】【分析】本题主要考查物质的性质方面的知识，解答时要理解一氧化碳、一氧化氮等物质能够与血红蛋白结合，从而引起中毒。【解答】A.二氧化硫对眼和呼吸道有强烈刺激作用，吸入高浓度二氧化硫可引起喉水肿、肺水肿、声带水肿及rm{(}或rm{)}痉挛导致窒息，rm{SO_{2}}还会导致糖及蛋白质的代谢障碍；从而引起脑；肝、脾等组织发生退行性变，故A错误；

B.一氧化碳容易与血液中的血红蛋白结合，使人中毒；故B正确；

C.二氧化氮的毒作用主要是损害深部呼吸道；故C错误；

D.一氧化氮容易与血液中的血红蛋白结合；使人中毒，故D正确。

故选BD。【解析】rm{BD}9、BD【分析】【分析】该题是中等难度的试题，试题综合性强，在注重对基础知识考查的同时，更侧重对学生能力的培养。该题学生需要注意的是在进行物质的量的有关计算时，关键是熟练应用几个关系式rm{n=m/M}特别还要注意气体摩尔体积的使用条件，即只能适用于气体，且只有在标准状况下，气体的摩尔体积才是rm{22.4L/mol}【解答】根据题意可知，甲烷、氯化氢、rm{H_{2}S}的物质的量分别是rm{垄脵}rm{垄脵}rm{6.72L隆脗22.4L/mol=0.3mol}rm{垄脷}rm{垄脷}rm{垄脹}氨气。A.根据阿伏加德罗定律可知，气体的体积大小关系是rm{垄脹}故A错误；B.甲烷的质量是rm{13.6g隆脗34g/mol=0.4mol}氯化氢的质量是rm{垄脺0.2mol}氨气。氨气的质量是rm{垄脺0.2mol}所以质量关系是rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}故B正确；C.在相同条件下，气体的密度之比是相对分子质量之比，故C错误；D.氢原子的物质的量分别是rm{4.8g}rm{18.25g}rm{3.4g}rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}则氢原子数rm{1.2mol}故D正确。故选BD。rm{0.5mol}【解析】rm{BD}10、BC【分析】【分析】本题考查了化学反应中的能量变化，理解化学键的断裂和形成是能量变化的根本原因是解题的关键。

【解答】化学键的断裂和形成是化学反应中能量变化的原因，破坏化学键要吸收能量，形成新的化学键要释放能量，故B、C正确。故选BC。【解析】rm{BC}11、BD【分析】【分析】本题主要考查物质的性质方面的知识，解答时要理解一氧化碳、一氧化氮等物质能够与血红蛋白结合，从而引起中毒。【解答】A.二氧化硫对眼和呼吸道有强烈刺激作用，吸入高浓度二氧化硫可引起喉水肿、肺水肿、声带水肿及rm{(}或rm{)}痉挛导致窒息，rm{SO_{2}}还会导致糖及蛋白质的代谢障碍；从而引起脑；肝、脾等组织发生退行性变，故A错误；

B.一氧化碳容易与血液中的血红蛋白结合，使人中毒；故B正确；

C.二氧化氮的毒作用主要是损害深部呼吸道；故C错误；

D.一氧化氮容易与血液中的血红蛋白结合；使人中毒，故D正确。

故选BD。【解析】rm{BD}三、填空题(共5题，共10分)12、略

【分析】【解析】试题分析：对于A、B两点：皮带不打滑，A和B两点线速度大小相等．由公式得到：．由公式得到，．对于B、C两点：B、C在同一轮上，角速度ω相同，由公式得到．综上得到，ωA：ωB：ωC=3：1：1，线速度之比vA：vB：vC=3:3:1，向心加速度之比aA：aB：aC=9:3：1考点：考查圆周运动【解析】【答案】3：1：13:3:19:3：113、略

【分析】解：以D点为零势能面，则B点的重力势能为：EP=mgh=0.2×10×（3+1.4）=8.8J；

C处为零势能参考面，D点重力势能为：Ep=mgh=0.2×10×（-3）=-6J

故答案为：8.8；-6J

已知零势能面，则由EP=mgh可求得重力势能．

本题主要考查了重力势能的表达式的直接应用，注意零势能面的选取，难度不大，属于基础题．【解析】8.8；-614、略

【分析】【解析】试题分析：则物体开始下落时的位置距窗户上檐的高度是h，设根据自由落体公式可得代入数据联立解得h=0.45m考点：自由落体运动规律的应用【解析】【答案】0.4515、220；1：4【分析】解：设电热器的电阻为Rt

时间内产生的热量为Q

则：Q=U2Rt

此热量是接交流电源上产生的热功率的116

即Q隆盲=16Q

所以：16Q=U脫脨2Rt

解得：

U脫脨=4U=220V

根据I=UR

得：II脫脨=UU脫脨=14

故答案为：22014

．

根据焦耳定律Q=I2Rt

求解电流的有效值；其中I

是有效值.

再根据有效值与最大值的关系求出最大值．

对于交变电流，求解热量、电功和电功率等与热效应有关的量，都必须用有效值．【解析】22014

16、略

【分析】解：(1)

由于从O

点后开始每5

个计时点取一个记数点；所以计数点间的时间间隔为T=0.1s

根据匀变速直线运动的推论公式鈻�x=aT2

可以求出加速度的大小；

得：s4鈭�s1=3a1T2

s5鈭�s2=3a2T2

s6鈭�s3=3a3T2

为了更加准确的求解加速度；我们对三个加速度取平均值。

得：a=13(a1+a2+a3)

代入题目告诉的已知条件，即小车运动的加速度计算表达式为：a=s1+s2+s3鈭�s4鈭�s5鈭�s69T2

a=(5.18+4.40+3.60鈭�2.78鈭�2.00鈭�1.20)隆脕10鈭�29隆脕0拢庐12m/s2=0.80m/s2

(2)

根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度；可以求出打纸带上3

点时小车的瞬时速度大小．

v3=s4+s32T=0.32m/s2

故答案为：0.800.32

根据匀变速直线运动的推论公式鈻�x=aT2

可以求出加速度的大小；根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上3

点时小车的瞬时速度大小．

要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．【解析】0.800.32

四、推断题(共2题，共18分)17、(1)Cl2FeFeCl3(2)Fe+2H+=Fe2++H2↑2Fe2++Cl2=2Fe3++2Cl-(3)因Cl2+H2O=HCl+HClO，HCl使石蕊试液变红，HClO具有漂白性，Cl2+H2O=HCl+HClO使石蕊试液变红，HCl具有漂白性HClO(4))KSCN溶液1nm-100nm是否有丁达尔效应​【分析】【分析】本题考查无机物的推断，题目难度不大。

【解答】

rm{(1)A}rm{(1)A}为溶于水所得的溶液可使石蕊试液先变红后退色，则说明rm{A}为rm{Cl}rm{A}rm{A}rm{Cl}和rm{Cl}，能使石蕊试液先变红后褪色，的水溶液为浅绿色溶液，说明rm{2}中含有rm{2}，与水反应生成rm{HCl}和rm{HClO}，能使石蕊试液先变红后褪色，rm{F}的水溶液为浅绿色溶液，说明rm{B}中含有rm{Fe}rm{HCl}rm{HCl}rm{HClO}rm{HClO}，则rm{F}为rm{F}rm{B}rm{B}为rm{Fe}，则rm{Fe}为rm{{,!}^{2+}}，能继续和rm{Cl}为rm{Cl}；rm{Cl}rm{2}rm{2}；反应生成rm{D}，则rm{D}为rm{FeCl}rm{D}rm{D}rm{D}rm{D}rm{FeCl}为rm{FeCl}和盐酸的反应，反应的离子方程式为rm{3}rm{3}，所以rm{B}为rm{Fe}，则rm{C}为rm{H}rm{B}rm{B}rm{Fe}rm{Fe}rm{C}rm{C}rm{H}rm{H}rm{2}rm{2}，rm{E}为rm{HCl}；rm{E}rm{E}rm{HCl}rm{HCl}故答案为：rm{Cl}rm{Cl}rm{Cl}rm{2}rm{2}；rm{Fe}；rm{FeCl}rm{Fe}rm{Fe}故答案为：rm{FeCl}rm{FeCl}rm{3}rm{3}；rm{(2)}rm{(2)}反应rm{垄脵}为rm{Fe}和盐酸的反应，反应的离子方程式为rm{Fe+2H}rm{垄脵}rm{Fe}rm{Fe}rm{Fe+2H}rm{Fe+2H}rm{{,!}^{+}}

rm{篓T}rm{Fe}rm{篓T}rm{Fe}和rm{Fe}，涉及反应为rm{{,!}^{2+}}rm{+H}rm{+H}rm{2}rm{2}rm{隆眉}rm{FeCl}具有酸性，rm{隆眉}具有氧化性和漂白性，可使石蕊试液褪色；rm{FeCl}rm{FeCl}rm{2}rm{2}具有还原性，能与具有氧化性的rm{Cl}rm{Cl}rm{Cl}使石蕊试液变红，rm{2}具有漂白性；rm{2}反应生成rm{FeCl}rm{FeCl}rm{FeCl}rm{3}rm{3}溶液，观察溶液是否变红，具体做法为取少量溶液于试管中，滴加两滴，反应的离子方程式为rm{2Fe}溶液，观察溶液是否变红色，将饱和rm{2Fe}rm{2Fe}rm{{,!}^{2+}}rm{+Cl}rm{+Cl}之间，具有丁达尔效应；rm{2}故答案为：rm{2}溶液；rm{篓T}rm{2Fe}是否有丁达尔效应。rm{篓T}【解析】rm{(1)Cl_{2}}rm{Fe}rm{FeCl_{3}}rm{(1)Cl_{2}}rm{Fe}rm{(2)Fe+2H^{+}=Fe^{2+}+H_{2}}rm{FeCl_{3}}rm{(2)

Fe+2H^{+}=Fe^{2+}+H_{2}}rm{(2)

Fe+2H^{+}=Fe^{2+}+H_{2}}rm{隆眉}，rm{2Fe^{2+}+Cl_{2}=2Fe^{3+}+2Cl^{-}}使石蕊试液变红，rm{2Fe^{2+}+Cl_{2}=2Fe^{3+}+2Cl^{-}}具有漂白性rm{(3)}rm{(3)}因rm{Cl_{2}+H_{2}O=HCl+HClO}，rm{HCl}使石蕊试液变红，rm{HClO}具有漂白性rm{Cl_{2}+H_{2}O=HCl+HClO}rm{Cl_{2}+H_{2}O=HCl+HClO}rm{HCl}溶液rm{HCl}是否有丁达尔效应rm{HClO}rm{HClO}18、(1)NaNa2O2NaOHNa2CO3(2)供氧剂(3)2Na+2H2O2Na++2OH−+H2↑2Na2O2+2CO22Na2CO3+O2.(4)有白色晶体析出【分析】【分析】本题以钠及其化合物之间的转化为载体考查无机物推断，侧重考查学生分析推断能力，涉及物质推断、离子方程式书写、物质用途等知识点，明确元素化合物的性质及物质之间的转化是解本题关键，注意基础知识的积累。【解答】rm{A}为一种常见的单质，rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}是含有rm{A}元素的常见化合物rm{.}它们的焰色反应均为黄色，则均为钠的单质或化合物，所以rm{A}为rm{Na}结合转化关系可知，rm{B}为rm{Na_{2}O_{2}}rm{C}为rm{NaOH}rm{D}为rm{Na_{2}CO_{3}}rm{E}为rm{NaHCO_{3}}

rm{(1)}通过以上分析知，rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}分别是rm{Na}rm{Na_{2}O_{2}}rm{NaOH}rm{Na_{2}CO_{3}}

故答案为：rm{Na}rm{Na_{2}O_{2}}rm{NaOH}rm{Na_{2}CO_{3}}

rm{(2)B}是过氧化钠，能和水、二氧化碳反应生成氧气，所以可以作供氧剂，故答案为：供氧剂；

rm{(3)}钠和水反应生成氢氧化钠和氢气，过氧化钠和二氧化碳反应生成碳酸钠和氧气，反应方程式分别为rm{2Na+2H_{2}O篓T2Na^{+}+2OH^{-}+H_{2}隆眉}rm{B隆煤D}反应的化学方程式为反应的化学方程式为rm{B隆煤D}

故答案为：rm{2Na_{2}O_{2}+2CO_{2}=2Na_{2}CO_{3}+O_{2}}rm{2Na+2H_{2}O篓T2Na^{+}+2OH^{-}+H_{2}隆眉}

rm{2Na_{2}O_{2}+2CO_{2}=2Na_{2}CO_{3}+O_{2}}碳酸钠溶解度大于碳酸氢钠；向饱和碳酸钠溶液中通入过量二氧化碳生成碳酸氢钠，导致溶液为过饱和溶液，则有碳酸氢钠晶体析出，故答案为：有白色晶体析出。

rm{(4)}【解析】rm{(1)Na}rm{Na_{2}O_{2;;;}}rm{NaOH}rm{Na_{2}CO_{3;;}}rm{(2)}供氧剂rm{(3)2Na+2H_{2}O}rm{2Na^{+}+2OH^{?}+H_{2}隆眉}rm{2Na_{2}O_{2}+2CO_{2}}rm{2Na_{2}CO_{3}+O_{2}}．rm{(4)}有白色晶体析出五、计算题(共4题，共32分)19、略

【分析】试题分析：(1）当甲车速度减至等于乙车速度时两车的距离最大，设该减速过程经过的时间为t，则v乙＝v甲－at（3分）解得：t＝12s，（2分）此时甲、乙间距离为ΔS＝v甲t－at2－v乙t＝10×12m－×0.5×122m－4×12m＝36m.（3分）(2）设甲车减速到零所需时间为t1，则有：t1＝＝20(s）．（1分）t1时间内，S甲＝t1＝×20m＝100m，（1分）S乙＝v乙t1＝4×20m＝80m.（2分）此后乙车运动时间t2＝＝s＝5s，（2分）故乙车追上甲车需t1＋t2＝25(s）．（1分）考点：本题考查匀变速直线运动规律综合应用。【解析】【答案】(1）36m(2）25s20、解：（1）物体对水平面的压力大小为：FN=mg

由滑动摩擦力表达式f=μFN；得：f=μmg

解得：f=20N

（2）物体的加速度为：a===2m/s2

（3）第3s内的位移应该用前三秒的位移减去前两秒的位移，即为：S3=-

解得：S3=5m

答：（1）物体所滑动受摩擦力为20N。

（2）物体的加速度为2m/s2。

（3）物体在第3s内的位移为5m。【分析】

（1）由滑动摩擦力表达式f=μFN；可以求得物体所受的滑动摩擦力。

（2）确定物体的合外力；再由牛顿第二定律求物体的加速度。

（3）由运动学位移公式；可以求得物体在第3s内的位移。第3s内的位移应该用前三秒的位移减去前两秒的位移。

本题是牛顿第二定律和运动学公式的综合应用，要知道加速度是联系力和运动的纽带，在动力学问题中是必求的量。【解析】解：（1）物体对水平面的压力大小为：FN=mg

由滑动摩擦力表达式f=μFN；得：f=μmg

解得：f=20N

（2）物体的加速度为：a===2m/s2

（3）第3s内的位移应该用前三秒的位移减去前两秒的位移，即为：S3=-

解得：S3=5m

答：（1）物体所滑动受摩擦力为20N。

（2）物体的加速度为2m/s2。

（3）物体在第3s内的位移为5m。21、解：

（1）圆盘开始转动时，A所受静摩擦力提供向心力，若滑块不滑动，则有μmg≥mRω02；

当μmg=mRω02时，即当时；物体A开始滑动．

（2）当角速度增大到2ω0时；设弹簧伸长△x，则有。

μmg+k△x=mr（2ω0）2，r=R+△x；

解得．

答：

（1）盘的角速度时；物体A开始滑动．

（2）当角速度达到2ω0时，弹簧的伸长量．【分析】

(1)

物体A

随圆盘转动的过程中；若圆盘转速较小，由静摩擦力提供向心力；当圆盘转速较大时，弹力与摩擦力的合力提供向心力.

物体A

刚开始滑动时，弹簧的弹力为零，静摩擦力达到最大值，由静摩擦力提供向心力，根据牛顿第二定律求解角速度娄脴0

．

(2)

当角速度达到2娄脴0

时，由弹力与摩擦力的合力提供向心力，由牛顿第二定律和胡克定律求解弹簧的伸长量鈻�x

．

当物体相对于接触物体刚要滑动时，静摩擦力达到最大，这是经常用到的临界条件.

本题关键是分析物体的受力情况．【解析】解：

(1)

圆盘开始转动时；A

所受静摩擦力提供向心力，若滑块不滑动，则有娄脤mg鈮�mR娄脴02

当娄脤mg=mR娄脴02

时，即当娄脴0=娄脤gR

时；物体A

开始滑动．

(2)

当角速度增大到2娄脴0

时，设弹簧伸长鈻�x

则有。

娄脤mg+k鈻�x=mr(2娄脴0)2r=R+鈻�x

解得鈻�x=3娄脤mgRkR鈭�4娄脤mg

．

答：

(1)

盘的角速度娄脴0=娄脤gR

时；物体A

开始滑动．

(2)

当角速度达到2娄脴0

时，弹簧的伸长量鈻�x=3娄脤mgRkR鈭�4娄脤mg

．22、略

【分析】

整体法受力分析根据胡克定律求上面弹簧的长；然后隔离法对Q

受力分析根据胡克定律求下面弹簧的长度；

同理，将木板绕其下端沿顺时针方向缓慢旋转60鈭�

后；分别对整体和Q

进行分析即可．

本题的关键是当两弹簧的总长度等于两弹簧的原长之和时下面弹簧的压缩量与上面弹簧的伸长量相等.

在计算Q

上升的距离时，要考虑P

也上升．【解析】解：木板竖直时：k1x1=2mg

当然人世间可得：x1=0.4m

对Pk2x2=mg

代入数据得：x2=0.1m

旋转后：k1x1隆盲=2mgsin30鈭�

所以：x1隆盲=0.2m

同理对Pk2x2隆盲=mgsin30鈭�

代入数据解得：x2隆盲=0.05m

所以P

上升的距离：Xp=x1鈭�x1隆盲=0.4鈭�0.2=0.2m

Q

上升的距离：XQ=XP+x2鈭�x2隆盲=0.2+0.1鈭�0.05=0.25m

答：PQ

相对木板移动的距离分别为0.2m

和0.25m

．六、实验探究题(共4题，共36分)23、略

【分析】解：（1）A；实验过程应先接通电源；后释放纸带，否则在纸带上留下的点很少，不利于数据的处理和减小误差，故A正确．

B；释放物体前；应使物体停在远离打点计时器的位置，故B错误；

C；打点计时器要固定在远离滑轮一端；故C正确．

D；舍去纸带上密集的点；只利用点迹清晰，点间隔适当的那一部分进行测量，这样测量的相对误差减小，故D正确；

本题选择不正确的；故选：B；

（2）C点的瞬时速度等于BD段的平均速度，则有：vC==m/s=0.87m/s．

根据△x=aT2得：a==×10-2m/s2=1.68m/s2．

（3）如果当时电网中交变电流的频率是：f=51Hz；而做实验的同学并不知道，则测量的周期偏大，加速度的测量值偏小．

电网电压变化；并不