2024年沪教版高三物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪教版高三物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、以10m/s的速度水平抛出一物体，当其竖直分速度与水平分速度相等时，又经过△t时间实际速度与水平方向成60°夹角，则有（g=10m/s2）（）A.△t=sB.△t=1sC.此时瞬时速度为10m/sD.此时瞬时速度为20m/s2、【题文】一小球挂于O点；细线长为L，O点正下方L/2处有一铁钉。将小球拉至A处无初速释放，摆角很小，这个摆的周期是：

A.B.C.D.3、【题文】如图甲所示的电路中，螺线管的匝数匝、横截面积螺线管的导线电阻定值电阻穿过螺线管的匀强磁场的磁感应强度为B；在某段时间内其变化规律如图乙所示，规定磁感应强度B竖直向下的方向为正方向。则下列说法正确的是。

A.螺线管中产生的感应电动势为1VB.闭合开关S，电路中的电流稳定后，电阻R1的电功率为C.闭合开关S，电路中的电流稳定后，电容器的下极板带负电D.断开开关S后，一段时间内，流经R2的电流方向由下而上4、有两个相同的金属小球a和b，分别带电+Q和-2Q，另有一中空开孔金属球壳c，带电+4Q，当a和b相距L时，相互作用的库仑力为F；若将a、b接触后分开，然后用a与c的内壁接触，以后a再与b接触，最后它们都放回原处，则a、b相互作用的库仑力为（）A.B.C.D.5、下列几种说法中，正确的是（）A.匀速圆周运动是一种匀速运动B.匀速圆周运动的向心加速度是描述匀速圆周运动线速度大小变化快慢的物理量C.物体做匀速圆周运动时所受的向心力不是恒力D.当物体受到的合外力不断变化时，物体一定做曲线运动评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)6、（2015秋•株洲校级期末）如图，下端封闭、上端开口、内壁光滑细玻璃管竖直放置，管底有一带电的小球．整个装置以水平向右的速度匀速运动，垂直于磁场方向进入方向水平的匀强磁场，由于外力的作用，玻璃管在磁场中的速度保持不变，最终小球从上端开口飞出，小球的电荷量始终保持不变，则从玻璃管进入磁场到小球运动到上端开口的过程中（）A.洛仑兹力对小球做正功B.洛仑兹力对小球不做功C.小球运动轨迹是抛物线D.小球运动轨迹是直线7、如图所示，理想变压器输入端接在电动势随时间变化、内阻为r

的交流电源上，输出端接理想电流表及阻值为R

的负载，变压器原、副线圈匝数的比值为n1n2

则下列说法正确的是(

)

A.交流电源的最大效率为50%

B.该交流电源电动势的瞬时值表达式为r=Emsin100娄脨tV

C.电流表的读数为n1n2Em2(n12R+n22r)

D.若R

电阻增大，则变压器副线圈两端电压变大8、已知分运动求合运动，叫做运动的合成；已知合运动求分运动，叫做运动的分解，关于运动的合成与分解，下列说法正确的是（）A.合运动的位移等于分运动位移的矢量和B.合运动的速度等于分运动速度的矢量和C.合运动的时间等于分运动的时间之和D.运动的合成与分解遵循平行四边形定则9、R1、R2两个电阻的U-I图线如图所示；则（）

A.R1＜R2B.若它们串联的总电阻为R，则R的U-I图线在图中区域ⅠC.若它们并联的总电阻为R，则R的U-I图线在图中区域ⅡD.若它们并联的总电阻为R，则R的U-I图线在图中区域Ⅲ10、汽车的额定功率为90KW，当水平路面的阻力为f时，汽车行驶的最大速度为v．则下列说法错误的是（）A.如果阻力为2f，汽车最大速度为0.5vB.如果汽车牵引力为原来的二倍，汽车的最大速度为2vC.如果汽车的牵引力变为原来的0.5倍，汽车的额定功率就变为45KWD.如果汽车做匀速直线运动，汽车发动机的输出功率就是90KW评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)11、一辆汽车沿平直公路以平均速度v1通过前路程，以v2=50km/h通过其余路程，若整个路程的平均速度是37.5km/h，则v1=____．12、（2011秋•夏河县校级期中）如图所示为某区域的电场线，把一个带负电的点电荷q放在点A或B时，在____点受的电场力大，方向为____．13、（2014•枣庄一模）某研究性学习小组为了测量物体的带电荷量．设计了如图所示的实验装置．图中小球是一个外表面镀有金属膜的空心塑料球；用绝缘丝线悬挂于O点；O点固定一个可测量丝线偏离竖直方向角度的量角器；M；N是两块相同的、正对着平行放置的金属板，加上电压后其内部电场可视为匀强电场．提供的实验器材还有天平、刻度尺；

电压表；直流电源、开关、滑动交阻器及导线若干．当地的重力加速度为g．

①请你在图中的虚线框内完成实验电路图（电源；开关已画出）．

②实验步骤如下；请填空．

A．用天平测出小球的质量m；用刻度尺测出M；N板之间的距离d．

B．按电路图连接电路．

C．用绝缘丝线将小球悬挂于0点；使小球带上一定的电荷量．

D．闭合开关；记录电压表的示数U和丝线的偏转角度a后，断开开关．

E．调节滑动变阻器滑片的位置；重复步骤D四至五次．

F．以电压表的示数U为纵坐标，以____为横坐标；作出过原点的直线，求出直线的斜率k．

G．小球的带电荷量q=____（用m、d、k等物理量表示）．14、【题文】两根由同种材料制成的均匀电阻丝A、B串联在电路中，A的长度为L，直径为d；B的长度为2L，直径为2d，那么通电后，A、B在相同的时间内产生的热量之比为QA：QB＝____15、（2016•浦东新区一模）如图所示，一长为L、质量为m的均匀棒可绕O点转动，下端A搁在光滑球面上，用过球心的水平力向左推球．若在图示位置棒与球相切，且与竖直方向成45°时球静止，则水平推力F为____．若球经过图示位置时水平向左的速度为v，则棒的端点A的速度为____．16、某电热水壶的铭牌如表．请仔细阅读后回答下列问题：

（1）该电热水壶正常工作时的电压____

（2）已知该电热水壶正常工作，烧开一壶水的时间为0.1h，则烧开一壶水耗电____kw•h．。货号SP101B型号MK-1010PA额定功率1000W容量1.0L额定电压/频率220V～/50Hz全国服务热线4008899316广东美的生活电器制造公司。

广东省佛山市顺德区北溶镇三乐路19号A00489评卷人得分四、判断题(共4题，共32分)17、电场线真实地存在于电场中．____．（判断对错）18、物体运动的方向必与物体所受合外力的方向一致．____（判断对错）19、不论用什么方法，只要穿过闭合电路的磁通量发生变化，闭合电路中就有电流产生．____（判断对错）20、点电荷一定是电量很小的电荷．____．（判断对错）评卷人得分五、简答题(共3题，共9分)21、如图所示；BCPC′D是由半径为R的圆轨道CPC′与半径为2R的BD圆弧轨道相切于C（C′）点构成的竖直螺旋轨道（类似于游乐园过山车的形状），C；C′间距离可以忽略．PB与竖直径成37°角，轨道光滑，质量为m的小球在B点以一定的初速度沿轨道向下运动，已知重力加速度为g，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：

（1）要使小球能通过轨道最高点P点；小球初速度应满足什么条件？（计算结果可以用根式表示）

（2）若小球恰好能完成竖直圆周运动的情况下，小球在经过C点时，在C点左右两边对轨道的压力之差．（在C点左右两边相当于分别在两个圆周上过最低点）22、已知rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}是中学化学的常见物质，且rm{A}rm{B}rm{C}均含有同一种元素。在一定条件下它们之间的相互转化关系如图所示rm{(}部分反应中的rm{H_{2}O}已略去rm{)}请回答下列问题：

rm{(1)}若rm{A}是可用于自来水消毒的气体，rm{D}是生产、生活中用量最大、用途最广的金属单质，加热蒸干rm{B}的溶液不能得到rm{B}则rm{B}的化学式是__________；实验室制取rm{A}的离子方程式为________________________________________。rm{(2)}若rm{A}是一种碱性气体，常用作制冷剂，rm{B}是汽车尾气之一，遇空气会变色，则反应rm{垄脵}的化学方程式为________________。rm{(3)}若rm{D}是氯碱工业的主要产品之一，rm{B}有两性，则反应rm{垄脹}的离子方程式是__________________。rm{(4)}若rm{A}rm{C}rm{D}都是常见气体，rm{B}为固体单质，rm{C}是导致酸雨的主要气体。则反应rm{垄脹}的化学方程式为________________________________。某同学将搜集到的一定量的酸雨保存在密闭容器中，每隔一定时间测酸雨的rm{pH}发现在起始一段时间内，酸雨的rm{pH}呈减小趋势，用离子方程式解释原因：____________________________23、英国物理学家____预测了电磁波的存在，____证实了电磁波的存在．评卷人得分六、作图题(共1题，共5分)24、通电螺线管通电时；小磁针指向如图所示，请标出通电螺线管的N极及电源正极。

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、D【分析】【分析】根据速度时间公式求出竖直分速度和水平分速度相等的时间，根据平行四边形定则求出又经过△t时间后的瞬时速度和竖直分速度，结合速度时间公式求出△t．【解析】【解答】解：A、当竖直分速度和水平分速度相等时，vy=v0=gt=10m/s，解得t=1s，又经过△t时间实际速度与水平方向成60°夹角，此时的竖直分速度，则．故A；B错误．

C、此时瞬时速度v=2v0=20m/s；故C错误，D正确．

故选：D．2、B【分析】【解析】本题考查的是单摆的计算问题。所以正确答案选B。【解析】【答案】B3、A|D【分析】【解析】

试题分析：根据法拉第电磁感应定律：E==n•S代入数据解得：E=5000×2×10-3×=1V，A正确．电路中的电流稳定后，根据闭合电路欧姆定律得I==0.1（A），根据P=I2R1求得P=4×10-2W，B错误。根据楞次定律知，从上向下看电流方向为逆时针，电容器的下极板带正电，C错误。断开开关S后，电容器放电，一段时间内，流经R2的电流方向由下而上；D正确。本题选AD。

考点：法拉第电磁感定律，闭合电路欧姆定律，楞次定律【解析】【答案】AD4、C【分析】【分析】完全相同的带电小球接触时，若是同种电荷则将总电量平分，若是异种电荷则先中和然后将剩余电量平分，然后依据库仑定律求解即可．【解析】【解答】解：当a和b相距L时，相互作用的库仑力为F；即为F=；

将a、b接触后分开，则中和后再平分，则电量各为-；

然后用a与c的内壁接触，a不带电，以后a再与b接触，a、b带电

当最后它们都放回原处，由库仑定律F1=k=；故C正确，ABD错误；

故选：C．5、C【分析】【分析】匀速圆周运动的速度大小不变，速度方向时刻改变，加速度大小不变，方向始终指向圆心．【解析】【解答】解：A；匀速圆周运动的速度方向时刻改变；是变速运动，故A错误；

B；匀速圆周运动的向心加速度是描述匀速圆周运动线速度变化快慢的物理量；速度大小并没有改变，故B错误；

C；物体做匀速圆周运动时所受的向心力方向是时刻改变的；故不是恒力，故C正确；

D；当物体受到的合外力不断变化时；加速度不断改变，只要方向与速度共线，就是直线运动，如简谐运动，故D错误；

故选：C．二、多选题(共5题，共10分)6、BC【分析】【分析】洛伦兹力不做功．对小球进行受力分析，根据小球的受力情况判断，由牛顿第二定律求出加速度，判断加速度与速度如何变化，再分析小球运动的轨迹．【解析】【解答】解：A、B洛伦兹力方向总是与小球的速度方向垂直，对小球不做功，故A错误，B正确．

C、D设小球竖直分速度为vy；水平分速度为v．

以小球为研究对象，受力如图所示，由于小球随玻璃管在水平方向做匀速直线运动，则竖直方向的洛伦兹力F1=qvB是恒力；

由牛顿第二定律得：qvB-mg=ma，a=-g；小球的加速度不随时间变化，恒定不变，故小球竖直方向做匀加速直线运动，水平方向做匀速直线运动，则小球运动轨迹是抛物线；故C正确，D错误．

故选：BC．7、CD【分析】解：A

将变阻器等效为电阻R隆盲

当R隆盲=r

时交流电源的效率的50%

电源的效率娄脟=P鲁枚P脳脺=I2R隆盲I2(R隆盲+r)=R隆盲R鈥�+rR隆盲

越大，交流电源的效率越大，交流电源的最大效率可以大于50%

故A错误；

B、根据图甲交流电的周期T=4隆脕10鈭�2s

角速度娄脴=2娄脨T=2娄脨0.04rad/s=50娄脨rad/s

交流电源电动势的瞬时值表达式为e=Emsin50娄脨tV

故B错误；

C、原线圈电流I1

副线圈电流I2

根据电流与匝数成反比，I1I2=n2n1垄脵

根据能量守恒，I1Em2=I12r+I22R垄脷

解得：I2=n1n2Em2(n12R+n22r)

所以电流表的读数为n1n2Em2(n12R+n22r)

故C正确；

D、若R

增大，副线圈电流减小，根据电流与匝数成反比，得原线圈电流减小，原线圈两端电压U1=E鈭�I1r

原线圈两端电压增大，根据电压与匝数成正比，得副线圈两端的电压变大，故D正确；

故选：CD

由图可读出最大值；周期，求得?

得出表达式，根据原副线圈电流与匝数成反比及能量守恒定律联立方程即可求出电流表的示数；当R

变大，由C

选项的结果分析副线圈电流的变化，由电流与匝数成反比得出原线圈电流的变化，结合闭合电路欧姆定律分析原线圈输入电压的变化，最后根据电压与匝数成正比得出副线圈两端电压的变化；

本题考查变压器原理，要注意能巧妙应用当R隆盲=r

时，输出功率最大，结合闭合电路欧姆定律解决问题；对学生要求较高．【解析】CD

8、ABD【分析】【分析】位移、速度、加速度都是矢量，合成和分解都遵循平行四边形定则．合运动与分运动具有等时性．【解析】【解答】解：A；合运动的位移是分运动位移的矢量和；故A正确．

B；合运动的速度等于分运动速度的矢量和．故B正确．

C；分运动和合运动具有等时性．故C错误．

D；运动的合成与分解都遵循平行四边形定则．故D正确．

故选：ABD．9、BD【分析】【分析】U-I图象中图象的斜率表示电阻；两电阻串联后总电阻等于两电阻之和；而电阻并联后总电阻小于任一电阻．【解析】【解答】解：A、U-I图象中图象的斜率表示电阻，则可知，R1＞R2；故A错误；

B；若两电阻串联；则总电阻为两电阻之和，则图象在区域I；故B正确；

C；若两电阻并联；则并联后的电阻小于任一电阻，故图象在区域III；故C错误，D正确；

故选：BD．10、BCD【分析】【分析】当汽车以额定功率行驶时，随着汽车速度的增加，汽车的牵引力会逐渐的减小，所以此时的汽车不可能做匀加速运动，直到最后牵引力和阻力相等，到达最大速度之后做匀速运动．【解析】【解答】解：A；当牵引力和阻力的大小相等时即F=f时；汽车的速度到达最大值，所以P=Fv=fv；

当f′=2f时；即F′=2f时速度最大，由P=F′v′可知，v′=0.5v，故A正确；

B；由P=Fv可知；牵引力为原来的二倍时，速度为原来的0.5v，故B错误；

C；汽车的额定功率与汽车的牵引力无关；汽车的额定功率仍为为90KW，故C错误；

D；汽车做匀速运动；并不一定在额定功率下运动，故输出功率不一定等于90kW，故D错误．

本题选不正确的，故选：BCD．三、填空题(共6题，共12分)11、25km/h【分析】【分析】平均速度等于全程的位移与全程时间的比值，前三分之一路程的时间等于全程的时间与后三分之二路程的时间之差，从而求出前三分之一路程的平均速度．【解析】【解答】解：设总路程为S，通过前路程的时间为：

t1=t-t2=；

故前S位移中的速度v1为：v1=

代入数据解得25km/h

故答案为：25km/h．12、A与电场线相切且与电场线方向相反【分析】【分析】根据电场线的疏密表示电场强度的相对大小，判断场强大小，再确定电场力大小．负电荷受到的电场力的方向与电场线相切且与电场线方向相反．【解析】【解答】解：由图看出；A处电场线比B处电场线密，则A处电场强度大于B处电场强度，同一电荷在A处所受电场力大于在B处电场力．负电荷受到的电场力的方向与电场线相切且与电场线方向相反．

故答案为：A、与电场线相切且与电场线方向相反13、tanθ【分析】【分析】①可将变阻器接成分压式；方便调节电容器板间电压．

②以小球为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件以及电场强度与板间电压的关系式得出电压U与θ的关系式，再选择横坐标，求出斜率k，并求出小球的带电量．【解析】【解答】解：①实验电路图如图所示．

②F；对小球受力分析如图所示；设细线与竖直方向的夹角为θ，根据平衡条件有。

tanθ=

又有F=qE=

联立解得，U=tanθ=ktanθ；所以应以tanθ为横坐标．

G、由上可知k=，则小球的带电量为q=

故答案为：

①实验电路图如图所示．

②F、tanθ；．14、略

【分析】【解析】

试题分析：直径比为1:2，则横截面积比为1:4，根据电阻定律，电阻之比为2:1，根据电流相等，则热量之比为2:1。

考点：电阻定律。

点评：本题的关键知道串联电路电流相等，以及电阻定律和焦耳定律【解析】【答案】2:115、v【分析】【分析】根据力矩平衡条件，列出方程，求得球对棒的支持力，再对球受力分析，依据平衡条件，即可求解水平推力大小；对棒与球接触处进行运动的分解，确定两分运动，从而即可求解．【解析】【解答】解：对棒受力分析，根据力矩平衡，由图可知，则有：mg×=N×L

解得：N=

再对球受力分析；依据平衡条件，则有：Ncos45°=F

解得：F=

由题意可知；对棒与球接触处，进行运动的分解，如图所示：

则有：vA=vcos45°=v

故答案为：；v．16、2200.1【分析】【分析】由铭牌可读出额定电压为正常工作的电压，耗电为电流做功，由W=Pt可求得用电量．【解析】【解答】解：（1）由铭牌可读出额定电压为工作电压：220V

（2）由额定功率与时间可求得电流做功即为耗电：W=PI=1000×0.1=0.1kw•h

故答案为：（1）220

（1）0.1四、判断题(共4题，共32分)17、×【分析】【分析】为了研究的方便引入了电场线，实际不存在，电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不相交不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱．【解析】【解答】解：为了研究的方便引入了电场线；实际不存在．所以该说法是错误的．

故答案为：×18、×【分析】【分析】物体运动的方向与物体所受合外力的方向可能相同，也可能不同，可举例说明．【解析】【解答】解：物体运动方向可能与所受合外力的方向一致；比如自由落体运动，也可能不一致比如平抛运动等等．

故答案为：×19、√【分析】【分析】感应电流产生的条件是穿过闭合电路磁通量发生变化．1、电路要闭合；2、穿过的磁通量要发生变化．【解析】【解答】解：感应电流产生的条件是穿过闭合电路磁通量发生变化；只要穿过闭合电路的磁通量发生变化，闭合电路中就有电流产生．该说法是正确的．

故答案为：√20、×【分析】【分析】元电荷一定是电量最小的电荷；点电荷是一种理想化模型，其本身所带的电量可以很大．【解析】【解答】解：点电荷是一种理想化模型；当带电体的体积和形状相对所研究的问题可以忽略的时候，带电体可以看做点电荷，其本身所带的电量可以很大．故此说法错误．

故答案为：×五、简答题(共3题，共9分)21、略

【分析】

（1）先求出使小球刚好能通过轨道最高点P点的速度；即在P点，刚好由重力提供向心力，据此列式求出P点最小速度，再由B到P由动能定理求出小球初速度的最小值．

（2）分别在两个轨道上；根据向心力公式求出压力，再求出压力差即可．

本题是复杂的力学问题，对于圆周运动，分析向心力的来源是关键，知恰好经过最高点的条件，要具有解决综合问题的能力，需要加强这方面的练习．【解析】解：（1）要使小球通过P点，

当FN=0时vP最小；

最小值

由B到P由动能定理知

解得则小球初速度应满足

（2）小球在经过C点时，在C点左右两边相当于分别在两个圆周上过最低点，在左边轨道

在右边轨道

小球恰好经过P点的速度

由C到P由动能定理知

联立解得：

答：（1）要使小球能通过轨道最高点P点，小球初速度应满足

（2）若小球恰好能完成竖直圆周运动的情况下，小球在经过C点时，在C点左右两边对轨道的压力之差为．22、rm{(1)FeCl_{3;;}MnO_{2}+4H^{+}+2Cl^{-}overset{?}{=}Mn^{2+}+Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}

rm{(2)4NH_{3}+5O_{2}underset{麓脽禄炉录脕}{overset{?}{=}}4NO+6H_{2}O}

rm{(1)FeCl_{3;;}MnO_{2}+4H^{+}+2Cl^{-}

overset{?}{=}Mn^{2+}+Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}

rm{(2)4NH_{3}+5O_{2}

underset{麓脽禄炉录脕}{overset{?}{=}}4NO+6H_{2}O}rm{(3)Al^{3+}+3AlO_{2}^{-}+6H_{2}O=4Al(OH)_{3}隆媒}rm{(4)2H_{2}S+SO_{2}篓T3S隆媒+2H_{2}O}【分析】【分析】本题考查无机物推断，属于开放性题目，需要学生熟练掌握元素化合物知识，难度不大。【解答】rm{(1)D}是生产、生活中用量最大、用途最广的金属单质，则rm{D}是铁，rm{A}可用于自来水消毒，rm{A}为rm{Cl_{2}}rm{B}为rm{FeCl_{3}}rm{C}为rm{FeCl_{2}}实验室制取氯气的方程式为：rm{{,!}MnO_{2}+4H^{+}+2Cl^{-}overset{?}{=}Mn^{2+}+Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}

故答案为：rm{{,!}MnO_{2}+4H^{+}+2Cl^{-}

overset{?}{=}Mn^{2+}+Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}rm{{,!}MnO_{2}+4H^{+}+2Cl^{-}overset{?}{=}Mn^{2+}+Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}

rm{FeCl_{3}}若rm{{,!}MnO_{2}+4H^{+}+2Cl^{-}

overset{?}{=}Mn^{2+}+Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}是一种碱性气体，常用作制冷剂，rm{(2)}是汽车尾气之一，遇空气会变色，则rm{A}是rm{B}rm{A}为rm{NH_{3}}rm{B}为rm{NO}rm{D}为rm{O_{2}}反应rm{C}的化学方程式为：rm{4NH_{3}+5O_{2}underset{麓脽禄炉录脕}{overset{?}{=}}4NO+6H_{2}O}

故答案为：rm{4NH_{3}+5O_{2}underset{麓脽禄炉录脕}{overset{?}{=}}4NO+6H_{2}O}

rm{NO_{2}}若rm{垄脵}是氯碱工业的主要产品之一，则rm{4NH_{3}+5O_{2}

underset{麓脽禄炉录脕}{overset{?}{=}}4NO+6H_{2}O}为氢氧化钠，rm{4NH_{3}+5O_{2}

underset{麓脽禄炉录脕}{overset{?}{=}}4NO+6H_{2}O}有两性，则rm{