2024年新世纪版必修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年新世纪版必修3物理下册月考试卷289考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示；为某晶体二极管的伏安特性曲线，当二极管上所加正向电压从0.5V增加至0.85V时，伏安特性曲线先是曲线，后来逐渐趋于一条直线，可知该二极管正向电阻阻值（）

A.先减小后不变B.先增大后不变C.一直减小D.一直增大2、下列电磁波中，波长最长的是A.无线电波B.红外线C.紫外线D.射线3、下列关于电动势的说法中，正确的是（）A.电动势就是电势差，也叫电压，单位VB.电动势大的电源做功一定多C.电动势大的电源做功一定快D.电动势的大小等于非静电力把1C的正电荷在电源内从负极移到正极所做的功4、两异种点电荷电场中的部分等势面如图所示，已知A点电势高于B点电势．若位于a、b处点电荷的电荷量大小分别为qa和qb；则()

A.a处为正电荷，qa＜qbB.a处为正电荷，qa＞qbC.a处为负电荷，qa＜qbD.a处为负电荷，qa＞qb5、如图所示，为中间插有电介质的电容器，a和b为其两极板，a板接地，M和N为两水平放置的平行金属板，当金属板带上一定电荷以后，两板间的一带电小球P处于静止状态．已知M板与b板用导线相连，N板接地，在以下方法中，能使P向上运动的是（）

A.缩小ab间的距离B.增大MN间的距离C.取出ab两极板间的电介质D.换一块形状大小相同，介电常数更大的电介质6、如图甲，O为AB连线的中点，M、N在AB连线的中垂线上，A、B、M、N四点距O点的距离均为在A、B两点分别固定一点电荷，电荷量均为Q（Q>0）。以O为原点，ON方向为正方向建立x轴。若取无穷远处为电势零点，则ON上的电势随位置x的变化如图乙所示。一电荷量为-q（q>0）的带电粒子以一定的初动能从M点沿x轴正方向运动，一定时间后经过N点。不计粒子重力，k为静电力常数。则下列说法不正确的是（）

A.粒子在M点受到的电场力大小为B.粒子在O点的电势能为C.粒子从x=处到N点的过程中，其动能减少了D.要使粒子离开电场，粒子的初动能至少为7、如图为两个电阻和的U－I图像，由图可知（）

A.的电阻值为3ΩB.的电阻值为20ΩC.的电阻率一定大于的电阻率D.和的电阻值都随着电压的增大而增大8、静电现象在自然界中普遍存在。我国早在西汉末年已有对静电现象的记载，《春秋讳·考异邮》中有“玳瑁吸衣若”之说。下列现象中属于静电现象的是（）A.白炽灯通电发光B.带电小球移至不带电金属球附近，两者相互吸引C.航海中的指南针指示南北D.给平行地放在磁针上方的导线通电时，磁针发生偏转9、如图所示，放在绝缘支架上带正电的导体球A，靠近放在绝缘支架上不带电的导体B，导体B用导线经开关接地，现把S先合上再断开，再移走A，则导体B()

A.不带电B.带负电C.带正电D.不能确定评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)10、图中的实线表示电场线；虚线表示只受电场力作用的带正电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，再经过N点，可以判定（）

A.粒子在M点速度小于在N点速度B.粒子在M点电势能小于在N点电势能C.M点的电势高于N点的电势D.M点的电场强度大于N点的电场强度11、某同学将一直流电源的总功率PE、输出功率PR和电源内部的发热功率Pr随电流I变化的图线画在了同一坐标系中，如图中的a、b、c所示．则判断正确的是（）

A.在a、b、c三条图线上分别取横坐标相同的A、B、C三点，这三点的纵坐标一定满足关系PA=PB+PCB.b、c线的交点与a、b线的交点的横坐标之比一定为1:2，纵坐标之比一定为1:4C.电源的最大输出功率Pm=9WD.电源的电动势E=9V，内电阻r=3Ω12、如图，真空中三个点电荷A、B、C，可以自由移动，依次排列在同一直线上，都处于平衡状态，若三个电荷的带电量、电性及相互距离都未知，但AB＞BC；则根据平衡条件可断定（）

A.A.C一定带异种电性B.B.C一定带异种电荷C.C中，A所带电量最大D.C中，B所带电量最小13、静电喷涂是利用静电现象制造的；其原理如图所示．以下说法正确的是（）

A.涂料微粒带正电B.涂料微粒所受电场力的方向与电场方向相反C.电场力对涂料微粒做正功D.涂料微粒的电势能变大14、现有两个边长不等的正方形ABCD和abcd，如图所示，且Aa、Bb、Cc、Dd间距相等。在AB、AC、CD、DB的中点分别放等量的正点电荷或负点电荷。则下列说法中正确的是（）

A.O点的电场强度和电势均为零B.将一正点电荷由a点移到b点电势能减小C.同一点电荷在a、d两点所受电场力不相同D.把一负点电荷从b点沿着的路径移动到c点，电场力做功为零15、示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示.如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的（）

A.极板X应带正电B.极板X′应带正电C.极板Y应带正电D.极板Y′应带正电16、在匀强电场中有一个正六边形区域abcdef，电场线与六边形所在平面平行，如图所示。已知a、b、h三点的电势分别为8V、12V、－4V，带电荷量为3e的粒子（重力不计）以一定的初动能从b点沿不同方向射入abcdef区域，当粒子沿bd方向射入时恰能经过c点；下列判断正确的是（）

A.粒子带负电B.c、d两点的电势差为6VC.粒子经过c点时动能为6eVD.粒子首次离开六边形区域的位置不可能是b点17、两水平平行放置的导体板连接在如图所示的电路中，板长为2L，间距为d，在距板右端2L处有一竖直挡板，D为理想二极管。让一带电荷量大小为q，质量m的微粒(视为质点)从两板左侧连线的中点O以水平速度v射入板间，微粒最终垂直打在挡板上，重力加速度为g；则（）

A.两导体板间的电场强度大小为B.整个过程中电场力对微粒做功为C.若仅增大R1的阻值，再让该微粒从O点以v水平射入，微粒打在挡板上的位置将上移D.若仅将板间距增大，再计该微粒从O点以v水平射入，微粒仍垂直打在档板上评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)18、随着中国电信业的发展，国产手机在手机市场上已经有相当大的市场份额。如图所示是中国科健股份有限公司生产的一块手机电池外壳上的文字说明，由此可知该电池的电动势为_________，待机状态下的平均工作电流_________。

19、如图所示电路，电源内阻不可忽略，电压表、电流表均为理想电表，R1、R2均为定值电阻。开关S闭合后，在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中，电流表A的变化情况是__________；若电压表V示数变化的绝对值为△U，电流表A示数变化的绝对值为△I，则的变化情况是__________，你判断的理由是：_____________。

20、三根完全相同的长直导线互相平行，通以大小和方向都相同的电流。它们的截面处于一个正方形abcd的三个顶点a、b、c处，如图所示。已知每根通电长直导线在其周围产生的磁感应强度与距该导线的距离成反比，通电导线b在d处产生的磁场其磁感应强度大小为B，则三根通电导线产生的磁场在d处的总磁感应强度大小为______。

21、用游标卡尺和螺旋测微器测量一根金属丝的长度和直径，测量的结果如图所示，则此金属丝的长度L=______cm，直径d=______mm。

22、氢原子核外电子的轨道半径为若电子质量为电荷量为则电子所受到的库仑力大小为________，方向________，电子做圆周运动的周期为________．评卷人得分四、实验题(共4题，共20分)23、某同学用伏安法测定待测电阻Rx的阻值（约为10kΩ），除了Rx，开关S、导线外，还有下列器材供选用：。A．电压表（量程0~1V，内阻约10kΩ）B．电压表（量程0~10V，内阻约100kΩ）C．电流表（量程0~1mA，内阻约30Ω）D．电流表（量程0~0.6A，内阻约0.05Ω）E．电源（电动势1.5V，额定电流0.5A，内阻不计）F．电源（电动势12V，额定电流2A，内阻不计）G．滑动变阻器R0（阻值范围0~10Ω，额定电流2A）①为使测量尽量准确，电压表选用_______，电流表选用_______，电源选用_______．（均填器材的字母代号）；

②画出测量Rx阻值的实验电路图_______．

③该同学选择器材、连接电路和操作均正确，从实验原理上看，待测电阻测量值会_______其真实值（填“大于”“小于”或“等于”），原因是_______．24、某同学在实验室做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验；实验室提供了如下器材：

小灯泡（2.5V；0.5A）

电流表A（量程为0.4A，内阻）

电压表V（量程为3V，内阻）

滑动变阻器（最大阻值允许通过的最大电流2A）

定值电阻

定值电阻

电源E（电动势为3V；内阻不计）

开关S一个；导线若干。

（1）他设计了如图甲所示的实验电路，应选______（填“”或“”），电流表与并联后的量程为______A。

（2）利用图甲所示电路进行实验，某次测量时电流表的示数为0.2A，此时电压表的示数如图乙所示，则此时小灯泡的电阻为______Ω（结果保留两位有效数字）。

（3）通过实验正确作出小灯泡的图线，如图丙所示。现把实验中使用的两个完全相同的小灯泡并联后接到如图丁所示的电路中，其中电源的电动势内阻定值电阻则此时每个小灯泡的实际功率为______W（结果保留小数点后两位数字）。

25、（1）某同学在测定金属的电阻率实验中，用螺旋测微器测量金属丝的直径d，示数如图所示，读数为_______mm；

该同学先用指针式多用电表粗略测金属丝的阻值。他将红黑表笔分别插入“+”、“-”插孔中，将选择开关置于“×10”档位置，然后将红、黑表笔短接调零，此后测量阻值时发现指针偏转角度较大。为减小实验误差，该同学应将选择开关置于“___________”位置；（选填“×1”、“×100”），然后再将红、黑表笔短接，重新调零后继续实验，结果看到指针在如图所示位置，则金属丝电阻的测量值为______Ω。为了减小实验误差该同学再用图乙测得金属丝的电阻，测量电压表示数为U，电流表示数为I，测得金属丝长度为L，则金属丝电阻率的表达式ρ=___________（用U、I、L、d表示），测量结果将比真实值___________（选填“偏大”或“偏小”）。

（2）某同学在实验室中进行“测干电池的电动势及内阻”实验；实验室里除一节旧干电池；电键s和导线外，还提供如下器材：

A.电流表A1（量程为3mA，r1=20Ω）

B.电流表A2（量程为300mA，r2=0.2Ω）

C.电压表V（量程为6V，内阻Rv=2kΩ）

D.可变电阻R1：电阻箱（阻值可调范围0~9999Ω）

E.可变电阻R2：滑动变阻器（阻值变化范围0~10Ω）

①该同学设计的电路图如图1所示，电表应该选择___________（选填“A”“B”或“C”），可变电阻应选择_______（选填“D”或“E”）

②完成实验后，同学根据测得的数据作出了如图2所示的图线，则根据图像可知电池的电动势为___________V，电池的内电阻为___________Ω（保留两位有效数字）26、某物理实验小组为测量充电宝的电动势和内阻，实验时使用了标志为“输出”的某品牌充电宝；其内阻很小。除充电宝外，还准备了一些可能用到的器材：

A.电压表V（量程内阻）；

B.电流表A（量程内阻极小）；

C.定值电阻（阻值）；

D.定值电阻（阻值）；

E．定值电阻（阻值）；

F.滑动变阻器R（最大阻值）；

G.开关一个；导线若干。

完成下列问题：

（1）根据实验电路如图甲，定值电阻应选择___________（填“”或“”）；电路中定值电阻的作用是___________。

（2）按电路图正确连接实验器材，进行实验测量，记录数据，并在坐标纸上描点如图乙，请在答题卡上绘制图像___________。

（3）由图像和计算可得充电宝的电动势___________V，___________（保留三位有效数字）

（4）机场规定“严禁携带额定能量超过的充电宝搭乘飞机”；已知该充电宝的电池容量（电池放出的电量）为根据（3）中测得的数据，估算知该充电宝___________带上飞机。（填“能”或“不能”）评卷人得分五、解答题(共2题，共16分)27、如图所示，长为L的平行金属板水平放置，两极板带等量的异种电荷，板间形成匀强电场，一个电荷量为+q、质量为m的带电粒子，以水平初速度紧贴上极板垂直于电场线方向进入该电场，刚好从下极板边缘射出，射出时速度恰与水平方向成30°角，速度大小为v；不计粒子重力。求：

（1）粒子进入电场时初速度v0的大小；

（2）匀强电场的场强E的大小。

28、如图，半径为R的圆环处在匀强电场E中，圆环平面与电场方向平行，直径ab与电场线垂直，一带电粒子以速度v0，从a点沿ab方向射入电场，粒子打在圆环上的c点，已知c点与ab的距离为不计粒子的重力，求带电粒子的比荷。

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】【分析】

【详解】

在晶体二极管的伏安特性曲线中，各点与坐标原点连线的斜率的倒数等于二极管的电阻，由图像可知，各点与坐标原点连线的斜率一直增大，则该二极管正向电阻阻值一直减小，故选C。2、A【分析】【详解】

所有的电磁波在真空中传播速度都相等，等于c=3×108m/s，根据波长可判断，频率越低，波长越长，四个选项中无线电波频率最低，所有波长最长，答案A对．3、D【分析】【详解】

电动势是反应电源把其他形式的能转化为电能本领强弱；和电势差有本质的不同，虽然单位相同；故A错误；电动势大的移动相同电量时做功多；并不是电动势大电源做功就多，做功也并不一定快；故BC错误；电动势的大小等于非静电力把1C的正电荷在电源内从负极移到正极所做的功；故D正确；故选D.

点睛：本题考查对于电源的电动势的理解能力．电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本领大小，与外电路无关．与做功的多少及快慢无关．4、B【分析】【详解】

试题分析：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低，所以，a处为正电荷．等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称，无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．综上分析B正确，ACD错误。

考点：考查了电场线；电势；

【点睛】

该题是常见电场知识的拓宽与延伸，需要有一定的知识迁移能力和较强的逻辑推理能力．对能力的要求相对较高．属于中档题目．5、C【分析】【分析】

【详解】

A．电容器ab与平行金属板MN并联，电压相等，能使P向上运动，则两板间的场强应变大，由

知减小a、b间的距离，电容增大，Q不变，由

可知电压减小，则由

可知MN板间的场强变弱；P向下运动，故A错误；

B．联立以上三式可知

所以增大MN间的距离时；MN间的电场强度不变，P依然处于平衡状态，故B错误；

C．由A项分析可知，取出a、b两极板间的电介质，电容减小，Q不变；所以电压增大，可知MN板间的场强变强，P向上运动，故C正确；

D．换一块形状大小相同，介电常数更大的电介质，由A项分析可知，C增大，Q不变；所以电压减小，可知MN板间的场强变弱，P向下运动，故D错误。

故选C。

【点睛】

在分析电容器动态变化时，需要根据判断电容器的电容变化情况，然后结合，等公式分析，需要注意的是，如果电容器和电源相连则电容器两极板间的电压恒定，如果电容器充电后与电源断开，则电容器两极板上的电荷量恒定不变。6、B【分析】【详解】

A．设A到M点的距离为由几何关系可得

A点的电荷对带电粒子的库仑力大小为由库仑定律有

设带电粒子在M点所受电场力大小为由力的合成有

解得

A正确；不符合题意；

B．由电势能公式得O点的电势能

B错误；符合题意；

C．带电粒子从处到N点的过程中，由能量守恒定律可得动能的减少量

C正确；不符合题意；

D．要使粒子离开电场，由能量守恒定律得

解得

D正确；不符合题意。

故选B。7、B【分析】【详解】

A．的电阻值

故A错误；

B．的电阻值为

故B正确；

D．由图可知，和的电阻值都不变；故D错误；

C．由AB选项可知，的电阻大于的电阻，但根据题意无法判断的电阻率与的电阻率的大小关系；故C错误。

故选B。8、B【分析】【详解】

A．白炽灯通电发光是电流产生热；然后灯丝发光的现象，不是静电现象，A错误；

B．带电小球移至不带电金属附近；两者相互吸引属于静电感应现象，是静电现象，B正确；

C．航海中的指南针指示南北是由于磁现象；不属于静电现象，C错误；

D．给平行地放在磁针上方的导线通电时；磁针发生偏转是由于电流的磁效应产生的，不属于静电现象。D错误。

故选B。9、B【分析】当闭合开关时S，由于静电感应的作用，金属导体B右端带的正电荷会被从大地上来的负电荷中和，所以导体B右端不再带有电荷，左端带负电，再断开S，再移走A，则导体B带负电．故选B．二、多选题(共8题，共16分)10、A:C【分析】试题分析：由电场力方向应指向轨迹的内侧得知；粒子所受电场力方向大致斜向左下方，对粒子做正功，其电势能减小，动能增大，则知粒子在M点的电势能大于在N点的电势能，在M点的动能小于在N点的动能，在M点的速度小于在N点受到的速度，故A正确，B错误；由电场力方向应指向轨迹的内侧得知，粒子所受电场力方向大致斜向左下方，与电场线的方向基本一致，可知粒子带正电；由于粒子在M点的电势能大于在N点的电势能，正电荷在电势高处的电势能大，所以M点的电势高于N点的电势．故C正确；

M点处的电场线较疏；而N点处电场线较密，则M点处的电场强度较小．故D错误．故选AC。

考点：带电粒子在电场中的运动。

【名师点睛】本题是电场中轨迹问题，关键要根据轨迹的弯曲方向判断出粒子所受的电场力方向，再抓住电场线的物理意义判断场强、电势等的大小。11、A:B【分析】【详解】

在a、b、c三条图线上分别取横坐标相同的A、B、C三点，因为直流电源的总功率等于输出功率和电源内部的发热功率的和，所以这三点的纵坐标一定满足关系故A正确；当内电阻和外电阻相等时，电源输出的功率最大，此时即为b、c线的交点M时的电流，此时电流的大小为功率的大小为a、b线的交点N表示电源的总功率和电源内部的发热功率随相等，此时只有电源的内电阻，所以此时的电流的大小为功率的大小为所以横坐标之比为1：2，纵坐标之比为1：4，故B正确．图线c表示电源的输出功率与电流的关系图象，很显然，最大输出功率小于3W，故C错误；当I=3A时，说明外电路短路，根据知电源的电动势E=3V，内电阻故D错误；故选AB．

【点睛】根据电源消耗的总功率的计算公式可得电源的总功率与电流的关系，根据电源内部的发热功率可得电源内部的发热功率与电流的关系，从而可以判断abc三条线代表的关系式，在由功率的公式可以分析功率之间的关系．12、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

根据题意，三个点电荷均在库仑力的作用下处于平衡状态，根据同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，则有A、C电荷的电性必须相同，且B电荷的电性与它们相反，这样才能确保受力平衡；再由平衡条件及库仑力的大小与距离的平方成反比，可知中间B电荷的电荷量最小，这样才能保证力的大小平衡。因AB＞BC；所以A电荷的电荷量最大。

故选BCD。13、B:C【分析】【分析】

【详解】

由于在喷枪喷嘴与被喷涂工作之间形成了强电场，工作时涂料微粒会向带正电的被喷涂工件高速运动，则涂料微粒带负电，微粒所受电场力的方向与电场方向相反．故A错误，B正确；因粒子带负电，在库仑引力的作用下做正功，则电势能减小，故C正确，D错误．故选BC．14、B:D【分析】【详解】

A．由题意可知，四个点电荷在O点都产生场强，实际是两个互相垂直的等量异种点电荷在O点的合场强，合场强不是零，方向是沿О到D。而根据电势叠加法则可知，O点的电势是零；故A错误；

B．根据电势叠加法则可知，上下垂直分布的等量异种电荷在a、b两点产生的电势相等，而由于a点更加靠近左右水平分布的等量异种电荷中的正电荷，b点更加靠近其中的负电荷，因此可知a点电势高于b点电势，则正电荷在a点的电势能比在b点高，将一正点电荷由a点移到b点的过程中电势能减小；故B正确；

C．由对称性可知，a、d两点电场强度大小和方向相同，故同一点电荷在a、d两点所受电场力相同；故C错误；

D．由对称性可知b、c等电势，把一负点电荷沿着b→d→c的路径移动时；电场力做功是零，故D正确。

故选BD。15、A:C【分析】【详解】

亮斑P点X坐标为正值，Y坐标为正值，说明电子都向XY板偏转，所以Y、X板都带正电，板都带负电；故BD错误，AC正确。

故选AC。16、A:C【分析】【详解】

B．根据题意可知

作直线bh、ac交于g，由几何关系可知且bh=4bg

所以

所以ag在同一等势面上。结合电势高低可判断匀强电场的方向沿bh方向由b指向h；如图所示。

根据匀强电场中平行等距离的两点电势差相等可得c点电势为

d点电势为

所以c、d两点的电势差为8V；B错误；

A．当粒子沿bd方向射入时恰能经过c点；可知粒子所受电场力方向和场强方向相反，所以粒子带负电，A正确；

C．当粒子沿bd方向射入时恰能经过c点，设bg间的距离为x；根据几何关系和运动的合成与分解有。

沿电场方向

垂直于电场方向

联立解得

b、c间的电势差

由动能定理得粒子经过c点时动能

解得

C正确；

D．当带电粒子沿bh方向做直线运动时克服电场力做功最大，且做的功为

小于带电粒子的初动能相等，因此粒子未到达h点时速度为零，然后反向加速沿直线hb从b点射出；D错误。

故选AC。17、A:B:D【分析】【详解】

A．设质点在板间运动的过程中，加速度大小为则有质点离开电场时竖直分速度大小

质点离开电场后，运动过程的逆过程是平抛运动

联立解得

故A正确；

B．质点在板间运动的过程中，竖直方向上的加速度

位移为

则电场力做的功

故B正确；

C．若仅增大R1的阻值，不改变导体板间的电压，再让该微粒从O点以v水平射入；微粒打在挡板上的位置不变，故C错误；

D．若仅将两导体板的间距变大一些，电容器电容减小，由知，不变，电量要减小，但由于二极管具有单向导电性，所以电容器不能放电，电量不变，根据推论可知板间电场强度不变，所以质点的运动情况不变，再让该质点从O点以水平速度v射入板间；质点依然会垂直打在光屏上，故D正确。

故选ABD。三、填空题(共5题，共10分)18、略

【分析】【详解】

[1]由题图可知；该电池的电动势为3.7V；

[2]有题图可知，该电池的容量为

待机为96h，则可得手机待机状态下的平均工作电流为【解析】3.7V7.29mA19、略

【分析】【详解】

[1][2][3]．由电路图可知，R2与R0并联后与R1串联，电压表测量并联支路的电压，电流表测量R2的电流；当滑动端向下滑动时，滑动变阻器接入电阻减小，总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，总电流增大，R1和内阻r上的电压变大，则并联支路电压减小，即电压表V读数减小，电流表A示数减小；因R2是固定电阻，则

可知不变。【解析】变小不变（U=IR2，U’=I’R2，△U=△IR2,也可根据图像）20、略

【分析】【分析】

根据等距下电流所产生的B的大小与电流成正比，得出各电流在d点所产生的B的大小关系，由安培定则确定出方向，再利用矢量合成法则求得B的合矢量的大小和方向。

【详解】

假设正方形的边长为L，通电导线b在d处所产生磁场的磁感应强度大小为B，根据几何关系得

每根通电导线在其周围产生的磁场的磁感应强度大小与距该导线的距离成反比则a与c在d处产生的磁场的强度

方向如图。

则d点的磁感应强度【解析】3B21、略

【分析】【详解】

[1]金属丝的长度为L=11cm＋10×0.05mm=11.050cm

[2]直径为d=1.5mm＋15.0×0.01mm=1.650mm【解析】11.0501.65022、略

【分析】【详解】

[1]由库仑定律可知，电子所受到的库仑力大小为

[2]库仑力的方向在它们的连线上；由异种电荷相互吸引可知，库仑力方向应指向氢核。

[3]由库仑力提供向心力有

解得：【解析】指向氢核四、实验题(共4题，共20分)23、略

【分析】【分析】

①由于本题的被测电阻达到10kΩ；所以电源要选择电动势大的，然后根据电路电流选择电流表，电压表；

②若采用限流接法，则电路中电流和电压变化不明显，故采用滑动变阻器的分压接法，根据和的关系分析电流表的接法；

③根据电流表的接法判断实验误差所在；

【详解】

①[1][3]若选用电源1.5V；由于被测电阻很大，电路中电流非常小，不利于实验，即电源选用12V的，即F；则电压表就应该选取B；

[2]电路中的最大电流为

故选用电流表C。

②[4]因为给的滑动变阻器的最大阻值只有10Ω，若采用限流接法，则电路中电流和电压变化不明显，故采用滑动变阻器的分压接法，由于所以采用电流表内接法，电路图如图所示。

③[5][6]由于电流表的分压，导致电压测量值偏大，而电流准确，根据可知测量值偏大；

【点睛】

滑动变阻器的分压和限流接法的区别和选用原则：

区别：(1)限流接法线路结构简单；耗能少；

(2)分压接法电压调整范围大；可以从0到路端电压之间连续调节；

选用原则：(1)优先限流接法；因为它电路结构简单，耗能较少；

(2)下列情况之一者；须采用分压接法：

①当测量电路的电阻远大于滑动变阻器阻值；采用限流法不能满足要求时（本题就是该例子）；

②当实验要求多测几组数据（电压变化范围大）；或要求电压从零开始调节；

③电源电动势比电压表量程大得多；限流法滑动变阻器调到最大仍超过电压表量程时。

电流表内接和外接的选用：

当时；宜采用内接法，即大电阻用内接法；

当时，宜采用外接法，即小电阻用外接法；可记忆为“大内，小外”。【解析】BCF大于电压表的读数大于待测电阻两端实际电压24、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]小灯泡的额定电流为0.5A，电流表的量程为0.4A，可以通过将电流表与定值电阻并联的方式来扩大电流表的量程，由于电流表A的内阻故选的定值电阻；

[2]电流表满偏时通过并联电阻的电流

所以新电流表的量程为0.6