高考生物一轮复习第五单元遗传的基本规律第14讲基因的分离定律练习案新人教版

第五单元第14讲基因的分离定律1．(2018·苏北四校联考)关于遗传实验和遗传规律的叙述，正确的是()A．孟德尔遗传定律实质涉及的过程发生在有丝分裂中B．孟德尔巧妙设计的测交方法只能用于检测F2的基因型C．F2出现一定性状分离比只依赖于雌雄配子的随机结合D．杂合子与纯合子基因组成不同，但性状表现可以相同解析：D[孟德尔的遗传定律适用的范围是有性生殖核遗传，他的两个遗传规律总结的是减数分裂形成配子的过程中基因的分离和组合规律。孟德尔遗传定律实质涉及的过程发生在减数分裂过程中，A错误；实践中，测交也可用来鉴定某一显性个体的基因型和它形成的配子类型及其比例，B错误；F2出现3∶1性状分离比依赖于子一代形成的各类型配子数相等且生活力相同，且雌雄配子的随机结合，C错误；杂合子与纯合子基因组成不同，性状表现可以相同，如豌豆的Dd与DD都表现为高茎，D正确。]2．(2018·湖南岳阳阶段考)下列有关一对相对性状遗传的叙述，正确的是()A．在一个种群中，若仅考虑一对等位基因，可有4种不同的交配类型B．最能说明基因分离定律实质的是F2的表现型比例为3∶1C．若要鉴别和保留纯合的抗锈病(显性)小麦，最简便易行的方法是自交D．通过测交可以推测被测个体产生配子的数量解析：C[在一个种群中，若仅考虑一对等位基因，交配类型不止4种，A错误；最能说明基因分离定律实质的是F1的配子类型比为1∶1，B错误；显性抗锈病小麦自交，后代发生性状分离的为杂合子，予以淘汰。后代未发生性状分离的保留子代的后代，C正确；通过测交不可以推测被测个体产生配子的数量，但可推测被测个体的基因型、是否是纯合子、产生配子的种类和比例，D错误。]3．(2018·郑州一检)已知马的栗色和白色受一对等位基因控制。现有一匹白色公马(♂)与一匹栗色母马(♀)交配，先后生育两匹白色母马(♀)(如图所示)。根据以上信息分析，可得出的结论是()A．马的白色对栗色为显性B．马的毛色遗传为伴性遗传C．Ⅱ1和Ⅱ2的基因型一定相同D．Ⅰ1与Ⅱ1的基因型一定不同解析：C[后代马的数量太少，还不足以用来推断白色和栗色的显隐性，马的毛色遗传可能为常染色体遗传，也可能为伴X染色体遗传。假设控制马体色的基因为A、a，若为常染色体遗传且白色为显性，则Ⅱ1与Ⅱ2的基因型为Aa；若白色为隐性，则Ⅱ1与Ⅱ2的基因型为aa。若为伴X染色体遗传且白色为显性，则Ⅱ1和Ⅱ2的基因型均为XAXa；若白色为隐性，则Ⅱ1和Ⅱ2的基因型均为XaXa。因此不管上述哪种遗传方式，Ⅱ1与Ⅱ2的基因型一定相同；Ⅰ1与Ⅱ1的基因型可能相同。]4．(2018·大连一模)下列各种遗传现象中，不属于性状分离的是()A．F1的高茎豌豆自交，后代中既有高茎豌豆，又有矮茎豌豆B．F1的短毛雌兔与短毛雄兔交配，后代中既有短毛兔，又有长毛兔C．花斑色茉莉花自交，后代中出现绿色、花斑色和白色三种茉莉花D．黑色长毛兔与白色短毛兔交配，后代均是白色长毛兔解析：D[同种性状的个体自交或杂交，后代同时出现显性性状和隐性性状的现象叫做性状分离，D项错误。]5．在性状分离比的模拟实验中，甲、乙容器分别代表某动物的雌、雄生殖器官，小球的颜色和字母表示雌、雄配子的种类，每个容器中小球数量约为12个。则下列装置正确的是()解析：D[用两种颜色的小球模拟含不同遗传因子的配子，每个容器中应含有等量的两种小球，模拟雌性生殖器官和雄性生殖器官内各产生两种数量相等的配子，D项正确。]6．(2018·辽宁大连高三双基测试)孟德尔在发现分离定律的过程中运用了假说—演绎法。在孟德尔的研究过程中，“演绎推理”的步骤是指()A．完成了豌豆的正、反交实验B．提出假说，解释性状分离现象C．设计测交实验，预期实验结论D．完成测交实验，得到实验结果解析：C[假说—演绎法的基本步骤是提出问题→提出假说→演绎推理→实验验证→得出结论。孟德尔在发现分离定律的过程中，通过豌豆的正、反交实验，在观察和分析的基础上提出问题；通过推理和想象提出假说，解释性状分离现象；根据假说进行演绎推理，即设计测交实验，预期实验结论；完成测交实验，得到实验结果，属于对“演绎推理”的验证。]7．基因型为Aa的水稻自交一代的种子全部种下，待其长成幼苗后，人工去掉隐性个体，并分成①②两组，在下列情况下：①组全部让其自交；②组让其所有植株间相互传粉。①②两组的植株上aa基因型的种子所占比例分别为()A.eq\f(1,9)；eq\f(1,6) B.eq\f(1,6)；eq\f(1,9)C.eq\f(1,6)；eq\f(5,12) D.eq\f(3,8)；eq\f(1,9)解析：B[基因型为Aa的水稻自交一代，人工去掉隐性个体，则子代基因型为eq\f(1,3)AA、eq\f(2,3)Aa。若自交，则后代aa基因型个体占eq\f(2,3)×eq\f(1,4)＝eq\f(1,6)；若自由交配，则后代aa基因型个体占eq\f(2,3)×eq\f(2,3)×eq\f(1,4)＝eq\f(1,9)。]8.(2018·潍坊模考)如图为某种单基因遗传病系谱图，下列相关叙述不正确的是()A．分析此图不能确定该遗传病的遗传方式B．4号与正常女性结婚，后代可能出现该病患者C．若3号与一男性患者结婚，生了一个正常的儿子，则再生一个正常女儿的概率是eq\f(1,8)D．要想确定该病的遗传方式，可再调查家族中的其他成员解析：C[仅由图中信息不能确定该遗传病的遗传方式，要想确定其遗传方式，可再调查家族中的其他成员；如果该病为常染色体隐性遗传病，则4号为携带者，他与该病女性携带者结婚，后代可能出现该病患者；若3号患者与一男性患者结婚，生了一个正常的儿子，则此病可能为常染色体显性遗传病或伴X染色体显性遗传病，再生一个正常女儿的概率为eq\f(1,8)或0。]9．(2018·山东潍坊一模)某常染色体遗传病，基因型为AA的人都患病，Aa的人有50%患病，aa的人都正常。一对新婚夫妇中女性正常，她母亲的基因型是Aa且患病，她的父亲和丈夫的家族中均无该病患者，请推测这对夫妇的子女中患病的概率是()A．1/12 B．1/6C．1/3D．1/2解析：A[该新婚妻子的父亲家族中无该病患者，因此其父亲基因型为aa，该妻子表现型正常，故该妻子的基因型为Aa或aa，比例为1∶2，因为其丈夫家族中也没有该病患者，因此其丈夫基因型为aa，他们子女的基因型为Aa的概率为1/3×1/2＝1/6，而Aa基因型中患病的占50%，故这对夫妇的子女中患该病的概率为1/6×1/2＝1/12。]10．(2018·安徽六安一中综练九)某种植物的花色性状受一对等位基因控制，且红花基因对白花基因为显性。现将该植物群体中的白花植株与红花植株杂交，子一代中红花植株和白花植株的比值为5∶1，如果将亲本红花植株自交，F1中红花植株和白花植株的比值为()A．3∶1B．5∶1C．5∶3 D．11∶1解析：D[植物的花色性状受一对等位基因(设为A、a)控制，将该植物群体中的白花植株(aa)与红花植株杂交(A_)，子一代中红花植株和白花植株的比值为5∶1，说明该植物群体中的红花植株的基因型及比例为AA∶Aa＝2∶1，因此，如果将亲本红花植株自交，F1中白花植株的比值为1/3×1/4＝1/12，则F1中红花植株和白花植株的比值为11∶1，A、B、C错误，D正确。]11．(导学号81576071)某学校生物小组在一块较为封闭的低洼地里发现了一些野生植株，这些植株的花色有红色和白色两种，茎秆有绿茎和紫茎两种。同学们分两组对该植物的花色、茎色进行遗传方式的探究。请根据实验结果进行分析。(1)从第一组花色遗传的结果来看，花色隐性性状为________，最可靠的判断依据是________组。(2)若任取B组的一株亲本红花植株使其自交，其子一代表现型的情况是________________________________________________________________________。(3)由B组可以判定，该种群中显性纯合子与杂合子的比例约为________。(4)从第二组茎色遗传的结果来看，隐性性状为______，判断依据的是________组。(5)如果F组正常生长繁殖的话，其子一代表现型的情况是________________。(6)A、B两组杂交后代没有出现3∶1或1∶1的分离比，试解释：________________________________________________________________________________________________________________________________________________。解析：(1)由A组中“红花×红花”后代出现性状分离可以判定白花为隐性性状。依据C组不能作出判断，因为若亲代全为显性纯合子或至少有一方为显性纯合子，后代也会出现这种情况。(2)B组亲本中的任一株红花植株，可能是纯合子也可能是杂合子，因此自交后代出现的情况是全为红花或红花∶白花＝3∶1。(3)B组中的白花个体为隐性纯合子，因此F1中5红花∶1白花就代表了亲代中的所有红花亲本所含显隐性基因的比为显性基因∶隐性基因＝5∶1。如果设显性基因为R，则RR∶Rr＝2∶1。(4)第二组的情况与第一组不同，第一组类似于群体调查结果，第二组为两亲本杂交情况，由D组可判定为测交类型，亲本一个为杂合子，一个为隐性纯合子，再根据E组可判定紫茎亲本为隐性纯合子。(5)杂合子自交，后代将出现3∶1的性状分离比。(6)亲本中的红花个体既有纯合子，又有杂合子，因此杂交组合有多种情况(如A组可能有RR×RR、RR×Rr、Rr×Rr三种情况；B组有RR×rr、Rr×rr两种情况)，所以后代不会出现一定的分离比。答案：(1)白色A(2)全为红花或红花∶白花＝3∶1(3)2∶1(4)紫茎D组和E(5)绿茎∶紫茎＝3∶1(6)红花个体既有纯合子，又有杂合子，因此，后代不会出现一定的分离比12．(2018·山东枣庄月考)在一个经长期随机交配形成的自然鼠群中，存在的毛色表现型与基因型的关系如表(注：AA纯合胚胎致死)。请分析回答相关问题：表现型黄色灰色黑色基因型Aa1、Aa2a1a1、a1a2a(1)若亲本基因型为Aa1×Aa2，则其子代的表现型可能为____________。(2)两只鼠杂交，后代出现三种表现型。则该对亲本的基因型是____________，它们再生一只黑色雄鼠的概率是________。(3)假设进行很多Aa2×a1a2的杂交，平均每窝生8只小鼠。在同样条件下进行许多Aa2×Aa2(4)现有一只黄色雄鼠和多只其他各色的雌鼠，如何利用杂交方法检测出该雄鼠的基因型？实验思路如下：①选用该黄色雄鼠与多只____________色雌鼠杂交。②______________。结果预测：①如果后代出现黄色和灰色，则该黄色雄鼠的基因型为____________。②如果后代出现________________________，则该黄色雄鼠的基因型为Aa2。解析：(1)根据表格中基因型与表现型的对应关系，若亲本基因型为Aa1和Aa2，则其子代的基因型和表现型为AA(死亡)、Aa1(黄色)、Aa2(黄色)、a1a2(灰色)。(2)后代中有3种表现型，其中有黑色a2a2，可推知其亲本均有a2，所以亲本的基因型为Aa2和a1a2，它们再生一只黑色鼠概率为1/4，雄性概率为1/2，所以黑色雄鼠的概率为1/8。(3)Aa2和a1a2所生的后代全部存活，而Aa2和Aa2的后代只有3/4存活，所以每窝存活后代为8×3/4＝6只。(4)检测出黄色雄鼠的基因型，应用该黄色雄鼠与多只黑色雌鼠杂交，并观察后代的毛色。如果后代出现黄色和灰色，则该黄色雄鼠的基因型为Aa答案：(1)黄色、灰色(2)Aa2、a1a2(4)实验思路：①黑②观察后代的毛色结果预测：①Aa1②黄色和黑色13．安哥拉兔的长毛和短毛是由一对基因控制的性状。用纯种安哥拉兔进行杂交实验，产生大量的F1和F2个体，杂交亲本及实验结果如下表。请回答相关问题。(1)安哥拉兔的控制长毛和短毛的基因位于________(常/X)染色体上。在________(雌/雄)兔中，长毛为显性性状。(2)用多只纯种短毛雌兔与F2长毛雄兔杂交，子代性状和比例为________________________________________________________________________。(3)安哥拉兔的长毛和短毛性状既与________有关，又与________有关。(4)如果用A1和A2分别表示长毛基因和短毛基因，请画出实验二的遗传图解。解析：(1)纯种安哥拉长毛雌兔与短毛雄兔进行杂交，F1应都是杂合子，对杂合子来说，雄兔表现长毛，雌兔表现短毛，杂合子雌雄个体交配，后代杂合子占eq\f(1,2)，显性纯合子与隐性纯合子各占eq\f(1,4)，根据两实验结果可