江西省抚州市九校2024届高考临考冲刺物理试卷含解析

江西省抚州市九校2024届高考临考冲刺物理试卷

注意事项:

1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。

2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5亳米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。

3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。

4.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、北京时间2019年5月17日23时48分，我国成功发射笫45颗北斗导航卫星。该卫星与此前发射的倾斜地球同步

轨道卫星（代号为尸）、18颗中圆地球轨道卫星（代号为Q）和1颗地球同步轨道卫星（代号为S）进行组网，为亚

太地区提供更优质的服务。若这三种不同类型卫星的轨道都是圆轨道，中圆地球轨道卫星的轨道半径是同步卫星的轨

2

道半径的下列说法正确的是（）

A.2和S绕地球运动的向心加速度大小不相等

B.。和S绕地球运动的线速度大小之比为布：2

C.。和S绕地球运动的周期之比为1：血

D.〃和Q绕地球运动的向心力大小一定相等

2、2020年1月我国成功发射了“吉林一号"卫星，卫星轨道可看作距地面高度为650km的圆，地球半径为6400km,

第一宇宙速度为7.9km/s。则该卫星的运行速度为（）

A.11.2km/sB.7.9km/sC.7.5km/sD.3.1km/s

3、正在海上行驶的.一艘帆船，行驶方向如图所示，海风吹来的方向与船行驶的方向夹角为53'，升起风帆，调整风帆

的角度，使海风垂直吹在帆面上，若海风吹在帆面上的风力大小为500N,则沿船行驶方向获得的推力大小为

（sin53°=0.8,cos53°=0.6）

A.300N

B.375N

C.400N

D.450N

4、如图所示，跳水运动员最后踏板的过程可以简化为下述模型：运动员从高处落到处于自然状态的跳板上，随跳板一

同向下做变速运动到达最低点，然后随跳板反弹，贝"）

A.运动员与跳板接触的全过程中只有超重状态

B.运动员把跳板压到最低点时，他所受外力的合力为零

C.运动员能跳得高的原因从受力角度来看，是因为跳板对他的作用力远大于他的重力

D.运动员能跳得高的原因从受力角度来看，是因为跳板对他的作用力远大于他对跳板的作用力

5、下列说法正确的是（）

A.金属发生光电效应时，逸出的光电子的最大初动能与入射光的频率成正比

B.重核裂变噜Xe+；；Sr+2；n）释放出能量，2Xe的结合能比吟U的大

C.8g2：；Rn经22.8天后有7£7”衰变成怨P。，则与：Rn的半衰期为3.8天

D.氢原子从能级3跃迁到能级2辐射出的光子的波长小于从能级2跃迁到能级1辐射出的光子的波长

6、关于分子间相互作用力与分子间势能，下列说法正确的是（）

A.在10m。。为分子间作用力为零的间距，其值为10-。!!】）距离范围内，分子间总存在着相互作用的引力

B.分子间作用力为零时，分子间的势能一定是零

C.当分子间作用力表现为引力时，分子间的距离越大，分子势能越小

D.分子间距离越大，分子间的斥力越大

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、如图所示，绝缘材料制成的半径为R的内壁光滑圆轨道,竖直放置在水平地面上且左右恰被光滑挡板挡住，圆心O点

固定着电荷量为Q的场源点电荷,一电荷量为外可视为质点的带电小球沿轨道内壁做圆周运动,当小球运动到最高点A

时,地面对轨道的弹力恰好为零.若轨道与小球的质量均为，"，Qq>0，忽略小球的电荷对。形成的电场的影响，重

力加速度为g.静电力常量为h下列说法中正确的是（）

A.轨道内壁的电场强度处处相同

B.轨道内壁的电势处处相等

C.运动到与圆心等高的B点时，小球对轨道的压力大小为4/咫-A券

R~

D.运动到最低点C时，小球对轨道的压力大小为7〃%

8、用轻杆通过较链相连的小球A、B.C、D.E处于竖直平面上，各段轻杆等长，其中小球A、B的质量均为2m，

小球C、E的质量均为机.现将A、5两小球置于距地面高力处，由静止释放，假设所有球只在同一竖直平面内运

动，不计一切摩擦，则在下落过程中

A.小球4、B.C、E组成的系统机械能和动量均守恒

B.小球〃的机械能一直减小

C.小球B落地的速度大小为在正

D.当小球A的机械能最小时，地面对小球C的支持力大小为mg

9、如图所示，某科研单位设计了一空间飞行器，飞行器从地面起飞时，发动机提供的动力方向与水平方向的夹角娘一

60。，使飞行器恰好沿与水平方向的夹角〃=30。的直线斜向右上方匀加速飞行，经时间，后，将动力的方向沿逆时针旋

转60。同时适当调节其大小，使飞行器依然可以沿原方向匀减速直线飞行，飞行器所受空气阻力不计.下列说法中正

E.滑动变阻器&(0-200H,1A)

F.定值电阻Ro（990。）

G开关和导线若干

乙

（1）他设计了如图甲所示的（a）、（b）两个实验电路，其中更为合理的是________图；在该电路中，为了操作方便且能

准确地进行测量，滑动变阻器应选________（填写器材名称前的字母序号）；用你所选择的电路图写出全电路欧姆定律

的表达式£=（用八、Ri、/2、£（）、r表示）。

（2）图乙为该同学根据⑴中选出的合理的实验电路，利用测出的数据绘出的人一/2图线（八为电流表笳的示数，〃为电

流表A2的示数），为了简化计算，该同学认为人远远小于12,则由图线可得电动势V,内阻r=

（r的结果保留两位小数）

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）静止在水平地面上的两小物块A、B,质量分别为，*=LOkg,=4.0kg；两者之间有一被压缩的微

型弹簧，A与其右侧的竖直墙壁距离如图所示，某时刻，将压缩的微型弹簧释放，使A、B瞬间分离，两物

块获得的动能之和为以=l（）0J,释放后，A沿着与墙壁垂直的方向向右运动。A、B与地面之间的动摩擦因数均为

4=0.20,重力加速度取g=10m/s2,A、B运动过程中所涉及的碰撞均为弹性碰撞且碰撞时间极短。

（1）求弹簧释放后瞬间A、B速度的大小;

（2）物块A、B中的哪一个先停止？该物块刚停止时A与B之间的距离是多少？

（3）A和B能否再次发生碰撞？若不能，说明理由；若能，试计算碰后的速度大小。

14.（16分）如图所示，在xoy平面内，虚线。尸与x轴的夹角为30。。。尸与y轴之间存在沿着y轴负方向的匀强电

场，场强大小为E。。尸与x轴之间存在垂直于xoy平面向外的匀强磁场。现有一带电的粒子，从j轴上的M点以初

速度山、沿着平行于工轴的方向射入电场，并从边界OP上某点。（图中未画出）垂直于O尸离开电场，恰好没有从

X轴离开第一象限。已知粒子的质量为小、电荷量为夕（夕＞0）,粒子的重力可忽略。求:

（1）磁感应强度的大小；

⑵粒子在第一象限运动的时间；

⑶粒子从），轴上离开电场的位置到O点的距离。

15.（12分）如图所示，皮带传动装置与水平面夹角为31。，A、5分别是传送带与两轮的切点，两点间距L=3.25m.

一个质量为1.1kg的小煤块与传送带间勾动摩擦因数为〃=^,g=10m/s2；轮缘与传送带之间不打滑.小物块相对

于传送带运动时会在传送带上留下痕迹.传送带沿逆时针方向匀速运动，速度为小小物块无初速地放在A点，运动

至5点飞出.求：

（2）当痕迹长度等于2.25m时，力多大?

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、B

【解析】

A.由

-M，n

G——=ma

r~

可知，尸和S绕地球运动的向心加速度大小相等，故A错误；

B.由

「Mtnv2

G——=m—

厂r

可得

又

2

/铲

则。和S绕地球运动的线速度大小之比为

:v5.=>/6:2

故B正确；

C.由

可得

。和S这两种不同类型轨道卫星绕地球运动的周期之比为

故C错误;

D.由于P和Q的质量不一定相等，所以2和Q绕地球运动的向心力大小不一定相等，故D错误。

故选B。

2、C

【解析】

近地卫星环绕地球做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力，则有

2

厂Mmv

G—r=m—

R2R

则有第一宇宙速度

v=午=7.9km/s

“吉林一号”卫星环绕地球做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力，则有

2

「Mmv'

G-----------r=m--------

(R+/;)2R+h

联立解得

v'=7.5km/s

故C正确，ABD错误。

故选C。

3、A

【解析】

对垂直作用于帆面上的风力进行分解，分解成沿船行驶方向和垂直于行驶方向的力，沿行驶方向的分力

f；=Feos53°=300N。

A.300N与上述计算结果耳=300N相符，故A正确;

B.375N与上述计算结果6=300N不相符，故B错误;

C.400N与上述计算结果耳=300N不相符，故C错误;

D.450N与上述计算结果£=300N不相符，故D错误;

▲I

【解析】

A.运动员与跳板接触的下降过程中，先向下加速，然后向下减速，最后速度为零，则加速度先向下，然后向上，所以

下降过程中既有失重状态也有超重状态，同理上升过程中也存在超重和失重状态，故A错误；

B.运动员把跳板压到最低点时，跳板给其的弹力大于其重力，合外力不为零，故B错误；

C.从最低点到最高过程中，跳板给运动员的支撑力做正功，重力做负功，位移一样，运运动员动能增加，因此跳板对

他的作用力大于他的重力，故C正确；

D.跳板对运动员的作用力与他对跳板的作用力是作用力与反作用力，大小相等，故D错误.

故选C.

5、C

【解析】

A.根据爱因斯坦光电效应方程可知，逸出的光电子的最大初动能与入射光的频率成一次函数关系，不是正比关系，

故A项错误；

B.重核裂变过程释放出能量，组成原子核的核子越多，它的结合能越大，故B项错误；

C.根据衰变规律得

1-

加『飞(万尸

由题意知

=(8-7.875)g=0.125g

U22.8天

解得r=3.8天，故C项正确；

hr

D.根据八£二下可知，入射光的能量与波长成反比，氢原子从能级3跃迁到能级2辐射出的光子小于从能级2跃迁

到能级1辐射出的光子的能量，则氢原子从能级3跃迁到能级2辐射出的光子的波长大于从能级2跃迁到能级1辐射

出的光子的波长，故D项错误。

故选C。

6、A

【解析】

A.分子间同时存在引力和斥力，在平衡距离以内表现为斥力，在平衡距离以外表现为引力，在10m距离范围内，分

子间总存在着相互作用的引力，A正确；

BC.设分子平衡距离为八），分子距离为当分子力表现为引力，分子距离越大，分子势能越大；当/•</•（）,分

子力表现为斥力，分子距离越小，分子势能越大；故当，=ro,分子力为0,分子势能最小；由于分子势能是相对的，

其值与零势能点的选择有关，所以分子距离为平衡距离时分子势能最小，但不一定为零，B、C错误；

D.分子间距离越大，分子间的斥力越小，D错误。

故选A。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BD

【解析】

由点电荷的场强公式£二害可知，场源点电荷在轨道内壁处产生的电场强度大小相等，但方向不同，4错误；轨道

R-

内壁上各点到场源点电荷的距离相同，电势相等；带电小球在A点时，带电小球对轨道的弹力竖直向上，大小等于叫g,

轨道对带电小球的弹力竖直向下大小为〃在A点对带电小球有2"吆一笔=等，从A到/由动能定理得

〃吆/?=:〃瑞-〈〃八九在B点有吊-警=竺3联立解得在5点时轨道对小球的弹力为N'=4,〃g,根据牛顿

22R~R

第三定律可知在8点时小球对轨道的压力大小为4〃吆，则选项C错误；在最低点。时，设轨道时小球的弹力为N〃，

则N"-〃火一博二竺之，由A到C由动能定理有2mgR=:〃“；-\mv\联立解得N〃=7，〃g,根据牛顿第三定律

R2R22

知,运动到最低点C时，小球对轨道的压力大小为7〃吆,则选项D正确.

8、CD

【解析】

小球4、B、C、。、E组成的系统机械能守恒但动量不守恒，故A错误；由于。球受力平衡，所以D球在整个过程中

不会动，所以轻杆08对3不做功，而轻杆3E对3先做负功后做正功，所以小球8的机械能先减小后增加，故B错

误；当6落地时小球£的速度等于零，根据功能关系=可知小球6的速度为师，故C正确；当小球A

的机械能最小时，轻杆AC没有力，小球C竖直方向上的力平衡，所以支持力等于重力，故D正确，故选CD

9、BC

【解析】

AB.起飞时，飞行器受推力和重力，两力的合力与水平方向成30。角斜向上，设动力为凡合力为尸b,如图所示：

尸=用咫

Fb=mg

由牛顿第二定律得飞行器的加速度为：

ai=g

故A错误，B正确；

CD.，时刻的速率：

v=ait=gt

推力方向逆时针旋转60。，合力的方向与水平方向成30。斜向下，推力F跟合力Fh垂直，如图所示，此时合力大小为:

F'h=mgsin300

动力大小：

F'=忠-mg

2

飞行器的加速度大小为：

mgs由30。1

a2=-------------=-8

m2

到最高点的时间为:

故C正确，D错误;

故选BC.

10、BDE

【解析】

A.空气相对湿度越大，人体水分越不容易蒸发，人们感觉越潮湿，不是绝对湿度。故A错误。

B.雨水没有透过布雨伞是因为液体表面存在张力，导致水不能透过，故B正确。

C.用热针尖接触金属表面的石蜡，熔解区域呈圆形，这是多晶体金属导热具有各向同性的表现，无法说明石蜡具有

各向同性，故C错误。

D.液体和细管壁浸润与不浸润都会有高度差，所以都能发生毛细现象。故D正确。

E.摄氏温度，与热力学温度T的关系为丁=什273。摄氏温度升高IV,对应的热力学温度升高1K,故E正确。

故选BDEo

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11>ADE0.88

【解析】

(1)平衡摩擦力时，不是在注码盘中添加祛码，而是通过调节垫板使重力沿木板方向的分力等于摩擦力，即

mgsinO=pmgcosO

可以约掉小，只需要平衡一次摩擦力，故A错误，符合题意；B正确，不符合题意；

C.实验中通过在硅码盘中添加祛码来改变小车受到的拉力，故C正确，不符合题意；

D.实验中每次小车不需要从同一位置开始运动，故D错误，符合题意；

E..实验中应先开打点计时器的电源，然后再放小车，故E错误，符合题意；

故选ADE。

(2)[2]每4个点取一个计数点，则两个相邻计数点的时间间隔为

T=4x0.02s=0.08s

根据

*-5,=2aT2

得

s.-s.sr-s

a=———=----

2T12T2

代入数值解得

a—0.88m/s2

12、bD+4)+(/1+，2)〃1.46V〜1.49V0.80T).86()Q

【解析】

(1)[1].上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，将电流表G串联一个电阻，可以改装成较大量程的电

压表。将电流表Ai和定值电阻£。串联可改装成一个量程为

u=&(41+%)=3X10"x(10+990)V=3V

的电压表；则(a)、(b)两个参考实验电路，其中合理的是b；

[2].因为电源的内阻较小，所以应该采用较小最大值的滑动变阻器，有利于数据的测量和误差的减小。滑动变阻器应

选D；若选择大电阻，则在变阻器滑片调节的大部分范围内，电流表A2读数太小，电流表八读数变化不明显。

[31.根据电路可知：

E=U+Ir=h(K&i+Ko)+</i+/2)r；

(2)[4]|5].根据欧姆定律和串联的知识得，电源两端电压

U=h(990+10)=100011

根据图象与纵轴的交点得电动势

E=1.47mAxl000Q=1.47V；

由图可知当电流为0.45A时，电压为1.1V,则由闭合电路欧姆定律可知

1.47—1.1八-

r=--------=0.8n2Q

0.45

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(l)4.0m/s,l.Om/s；(2)B,0.50m；(3)不能,见解析

【解析】

(1)设弹簧释放瞬间A和B的速度大小分别为乙、勺，以向右为正，由动量守恒定律和题给条件有

0=以

c1212

£k+弓"51%

联立并代入题给数据得

vA=4.0m/s

vR=1.Om/s

(2)A、B两物块与地面间的动摩擦因数相等，因而两者滑动时加速度大小相等，设加速度大小为。，则有

假设A和B发生碰撞前，己经有一个物块停止，此物块应为弹簧释放后速度较小的B,设从弹簧释放到B停止所需时

间为B向左运动的路程为与,则有

12

Vfi-at=0

可得

t=0.5s

xB=0.25m

在时间/内，A可能与墙发生弹性碰撞，碰撞后A将向左运动，碰撞并不改变A的速度大小，所以无论此碰撞是否发

生，A在时间/内的路程4都可表示为

1,

xA=v(lt--ar=\.75m>\m

这表明在时间，内A已与墙壁发生碰撞，但没有与B发生碰撞，此时A位于出发点右边0.25m处，B位于出发点左边

0.25m处，两物块之间的距离为

xA[f=0.25+0.25m=0.5m

(3”时刻后A将继续向左运动，假设它能与静止的R碰撞，碰撞时速度的大小为或，由动能定理有

^ftJAVA-^fnAVA=一〃/g（2/+”）

可得

故A与B将发生碰撞，设碰撞后A、B的速度分别为吗以和吟，规定以向右为正，由动量守恒定律与机械能守恒定

律有

叫十〃%喘

乙乙乙

联立并代入题给数据得

“3不.

>=可1nzs

・当m/s

这表明碰撞后A将向右运动，B继续向左运动，设碰撞后A向运动距离为其时停止，B向左运动距离为其时停止,

由动能定理可得

一〃”总=0一>/；2

一〃"%=0_g72M2

代入数据得

x；=0.63m

f

xR=0.28m

则有

K<2(l+XB)+Xg

所以A和B不能再次发生碰撞

14、⑴些；⑵(4国兀)篝；⑶膂

%'73qE