西藏示范名校2025届物理高一第一学期期末经典试题含解析

西藏示范名校2025届物理高一第一学期期末经典试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、如图所示为研究物块与木板之间摩擦力大小的实验装置．将一物块和木板叠放于水平桌面上，轻质弹簧测力计一端固定，另一端用细线与物块水平相连．现在用绳索与长木板连接，用手向右水平拉绳索，使长木板在桌面上滑动．弹簧测力计示数稳定后，下列说法正确的是A.物块与木板之间的摩擦力是静摩擦力B只有长木板匀速运动时测力计示数才不变C.测力计的示数一定等于物块所受摩擦力的大小D.测力计的示数一定等于手对绳索拉力的大小2、如图,光滑杆AO、BO、CO的下端都固定于圆的底部O，圆与竖直墙壁相切于B点，C是圆上的一点，A是竖直墙壁上的一点，其中AO、BO、CO与水平面的夹角依次是60°、45°、30°，现有一个物块依次从A、B、C、由静止释放，运动到O点的时间依次为、、，则它们的大小关系是（）A. B.＞=C.＞＞ D.＞3、以下说法正确的是()A.物体沿直线单方向运动时，通过的路程就是位移B.路程为零时位移一定为零；位移为零时路程不一定为零C.速度大小与位移成正比，与时间成反比D.速度大小不变的物体，其加速度必定不变4、某质点做直线运动的速度V与时间t的关系如图所示，由图可知：（）A.第1s内，与第2s内的位移之比为2：3B.第1s内与第3s内的加速度大小之比为1：2C.质点在3s内的平均速度为2.5m/sD.质点在第3s内沿负方向运动5、把一个小球放在玻璃漏斗中，晃动漏斗，可以使小球沿光滑的漏斗壁在某一水平面内做匀速圆周运动．小球的向心力是由什么力提供的（）A.重力B.支持力C.重力和支持力的合力D.地转偏向力6、如图，图甲所示，在杂技表演中，猴子沿竖直杆向上运动，其v－t图象如图乙所示，人顶杆沿水平地面运动的s－t图象如图丙所示，若以地面为参考系，下列说法中正确的是（）A.猴子的运动轨迹为直线B.猴子在2s内做匀变速曲线运动C.t=0时猴子的速度大小为8m/sD.t=2s时猴子的加速度大小为4m/s27、如图所示，水平横杆上套有圆环A，圆环A通过轻绳与重物B相连，轻绳绕过固定在横杆下光滑的定滑轮，轻绳通过光滑动滑轮挂着物体C，并在某一位置达到平衡，现将圆环A缓慢向右移动一段距离，系统仍保持静止，则下列说法中正确的是A.轻绳的拉力变大B.横杆对圆环A的摩擦力不变C.物块C的高度上升D.物块B的高度上升8、质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=5t+t2（各物理量均采用国际单位制单位），则该质点（）A.初速度为5m/sB.第1s内的位移是5mC.任意1s内的速度增量都是2m/sD.前2s内的平均速度是7m/s9、如图所示，轻弹簧下端固定在水平面上，一个小球从弹簧正上方某一高度处由静止开始自由下落，接触弹簧后把弹簧压缩到一定程度后停止下落．在小球下落这一全过程中，下列说法中正确的是()A.小球刚接触弹簧瞬间速度最大B.从小球接触弹簧起加速度变为竖直向上C.从小球接触弹簧到到达最低点，小球的速度先增大后减小D.从小球接触弹簧到到达最低点，小球的加速度先减小后增大10、受水平外力F作用的物体，在粗糙水平面上做直线运动，其v－t图象如图所示，则A.在0～t1秒内，外力F的大小不断减小B.在t1时刻，外力F为零C.在t1～t2秒内，外力F的大小可能不断减小D.在t1～t2秒内，外力F的大小可能先减小后增大二、实验题11、（4分）12、（10分）三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）汽车在平直公路上以20m/s的速度做匀速直线运动，发现前面有情况而刹车获得的加速度大小是4m/s2，则（1）汽车在3s末的速度大小；（2）在6s内的位移的大小。14、（14分）水平面上有一木板，质量为M=2kg，板左端放有质量为m=1kg的物块（视为质点），已知物块与木板间动摩擦因数为μ1=0.2，木板与水平面间的动摩擦因数为μ2=0.4．设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取（1）现用水平力F拉动木板，为使物块与木板一起运动而不相对滑动，求拉力F的大小范围？（2）若拉动木板的水平力F=15N，由静止经时间t1=4s立即撤去拉力F，再经t2=1s物块恰好到达板右端，求板长L=？15、（13分）如图所示，水平传送带以v=5m/s的恒定速度运动，传送带长AB=8m，今在其左端将一质量为m=1kg的工件轻轻放在上面，工件被传送带传送到右端，已知工件与传送带间的动摩擦因数μ=0.2，（g=10m/s2）求：(1)工件相对皮带滑动时所受到的摩擦力f的大小和方向；(2)工件在传送带上相对滑动时的加速度a的大小和方向；(3)工件经过多长时间t由传送带左端运动到右端

参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、C【解析】根据受力分析的方法，结合重力、弹力与摩擦力的特征，即可求解，由题意可知，不论木板做何种运动，不影响测量结果；【详解】对物块受力分析，受力有：重力，支持力，滑动摩擦力和弹簧的拉力4个力作用处于平衡状态，由于二者发生相对运动，所以物块与木板之间的摩擦力是滑动摩擦力，本实验中，木板不论处于什么运动，木块总处于平衡状态，则弹簧的弹力总等于木块的滑动摩擦力，即保持不变，故C正确、ABD错误【点睛】计算摩擦力，首先要根据物体的受力情况，判断物体的状态，确定是什么摩擦力，再选择解题方法，静摩擦力由平衡条件求解，而滑动摩擦力可由公式或平衡条件求解，当两个物相对静止时，受到的是静摩擦力，当两个物体之间发生相对运动时，受到的是滑动摩擦力2、B【解析】根据牛顿第二定律和匀变速直线运动规律，分别计算出小孩从A、B、C三块滑板到O所用的时间进行比较即可【详解】设圆半径为R，沿AO段下滑时，加速度为，运动的位移为：，根据位移时间公式：，可得：；同理沿BO段下滑时，加速度为，运动的位移为：，根据位移时间公式：，可得：；沿CO段下滑时，加速度为，运动的位移为：，根据位移时间公式：，可得：；由此可知，故B正确，ACD错误【点睛】解决本题的关键是根据牛顿第二定律对物体进行受力分析，并根据匀变速直线运动规律计算出时间3、B【解析】A．物体沿直线单方向运动时，通过的路程等于位移的大小，A错误；B．路程为零时位移一定为零，位移为零，路程不一定为零，例如物体沿一个圆周运动一周时，路程不为零，位移为零，B正确；C．物体的速度与位移和时间无关，C错误；D．速度大小不变的物体，其加速度不一定不变，例如匀速圆周运动运动，D错误。故选B。4、B【解析】v-t图象是反映物体的速度随时间变化情况的，图象与时间轴所围的面积表示位移，图线的斜率表示加速度．速度的正负表示质点的运动方向【详解】根据v-t图象与时间轴所围的面积表示位移，可得第1s内与第2s内的位移之比为：，故A错误；根据，可得第1s内与第3s内的加速度大小之比为：，故B正确；根据推论可得质点在3s内的位移为：，则3s内的平均速度为：，故C错误；质点在第3s内速度为正值，说明质点沿正方向运动，故D错误．所以B正确，ACD错误【点睛】在速度时间图象中，关键要明确速度图线与时间轴围成的面积表示位移；图象的斜率表示加速度5、C【解析】小球在漏斗壁上做水平面内的匀速圆周运动，由于漏斗壁光滑，所以壁对小球没有摩擦力，只有支持力，所以小球只受重力、支持力的作用，其受力如图：小球在一水平面内做匀速圆周运动，向心力即合外力等于支持力在水平方向的分量；或者说是重力与支持力的合力；故选C6、BD【解析】AB．由乙图知，猴子竖直方向上做匀减速直线运动，加速度竖直向下，由丙图知，猴子水平方向上做匀速直线运动，则猴子的加速度竖直向下，与初速度方向不在同一直线上，故猴子在2s内做匀变速曲线运动，故A错误，B正确；C．s－t图象的斜率等于速度，则知猴子水平方向的初速度大小为竖直方向分速度则t=0时猴子的速度大小为故C错误；D．v－t图象的斜率等于加速度，则知猴子的加速度大小为故D正确。故选BD。7、BD【解析】A.物体B保持静止，受重力和拉力，根据平衡条件，轻绳拉力大小处处相同，等于B的重力，保持不变，故A错误；BCD.重物C受重力和两侧绳子的拉力，始终平衡，拉力和重力大小都不变，根据平衡条件，动滑轮两侧绳子夹角保持不变，栓接A的轻绳与水平方向夹角不变，重物C必定下降，物块B的高度上升，绳子对A环的拉力的大小和方向均不改变，故杆对环的摩擦力也一定不变，故C错误，BD正确8、ACD【解析】对照匀变速直线运动的位移时间关系公式x=v0t+at2，即可求得质点的初速度和加速度，求出前2s内的位移之后，与时间相比即可求得平均速度．速度增量根据△v=at求解【详解】质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=5t+t2，根据匀变速直线运动的位移时间关系公式x=v0t+at2，可得质点的初速度v0=5m/s，加速度a=2m/s2．选项A正确；将t=1s代入，求得x=6m，所以第1秒的位移是6m，故B错误；任意1s内的速度增量：△v=at=2×1m/s=2m/s，故C正确．由x=5t+t2可得前2s内的平均速度为，故D正确．故选ACD9、CD【解析】小球刚接触弹簧瞬间具有向下的速度，开始压缩弹簧时，重力大于弹力，合力竖直向下，加速度方向竖直向下，与速度方向相同，小球做加速运动，故刚接触弹簧瞬间小球的速度不是最大，故A错误；当小球所受的弹力等于重力时，此时物体的加速度为零，速度达到最大；以后小球继续下落压缩弹簧时，小球所受的弹力大于重力，合力竖直向上，加速度竖直向上，与速度方向相反，小球开始做减速运动，最后停止．从小球接触弹簧到到达最低点，加速度方向先向下后向上，且加速度先减小后增大，小球的速度先增大后减小，故B错误，CD正确10、ACD【解析】v-t图象中，斜率表示加速度，从图象中可以看出0～t1秒内做加速度越来越小的加速运动，t1～t2秒内做加速度越来越大的减速运动，两段时间内加速度方向相反；根据加速度的变化情况，分析受力情况【详解】A项：根据加速度可以用v-t图线的斜率表示，所以在0～t1秒内，加速度为正并不断减小，根据加速度，所以外力F大小不断减小，故A正确；B项：在t1时刻，加速度为零，所以外力F等于摩擦力，不为零，故B错误；C项：在t1～t2秒内，加速度为负并且不断变大，根据加速度的大小，外力F大小可能不断减小，故C正确；D项：如果在F先减小一段时间后的某个时刻，F的方向突然反向，根据加速度的大小，F后增大，因为v-t图线后一段的斜率比前一段大，所以外力F大小先减小后增大是可能的，故D正确故选ACD【点睛】本题考查v-t图线的相关知识点，涉及牛顿第二定律的应用及受力分析的能力二、实验题11、12、三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（1）8m/s；（2）50m。【解析】（1）由题意知，刹车所用的时间为，则汽车在末的速度；（2）因为大于，所以汽车末已经停止运动，则汽车经过后的位移。14、（1）12N＜F≤18N（2）1.4m【解析】（1）物块与木块一起运动，拉力F必须大于木板与地面之间的最大静摩擦力，当m与M之间的摩擦力达到最大静摩擦力时，拉力F达到最大值；（2）拉动木板的水平力F=15N，在第（1）问拉力的范围内，整体先做匀加速运动，撤去F后，m向右匀减速，M向右匀减速，当M静止后，m继续向右匀减速到木板右端，求出木板静止前的相对位移和木板静止后物块的位移，即可求出木板的长度；【详解】（1）M与地面之间的最大静摩擦力f1=μ2(M+m)g＝0.4×(2+1)×10＝12N当M、m整体一起向右匀加速运动时，当m与M的静摩擦力达到最大静摩擦力时，拉力F最大；对m：μ1mg＝ma①得a=μ1g＝0.2×10m/s2＝2m/s2对整体：F−μ2(M+m)g＝(M+m)a②代入数据：F-12=（2+1）×2解得：F=18N所以拉力F大小范围是12N＜F≤18N（2）拉动木板的水平力F=15N，M、m一起匀加速运动根据牛顿第二定律：t1＝4s时速度v1＝at1＝1×4m/s＝4m/s撤去F后，物块加速度a1＝μ1g＝2m/s2对木板：μ1mg−μ2(M+m)g＝Ma2，代入数据：0.2×10−12＝2a2解得：a2＝−5m/s2木板向右速度减为0的时间；根据题意t2=1s物块恰好到达板右端在t1时间内物块的位移：木板位移：物块相对木板的位移△x＝x1-x2＝2.56−1.6＝0.96m根据题意撤去力F后，再经t2=1s物块恰好到达板右端所以木板静止后，木块继续运动0.2st1＝0.8s时物块的速度v2=v1-a1t1＝4−2×0.8＝2.4m/s木板长：L=△x+△x′=0.96+0.44=1.4m15、（1）f=2N，方向水平向右；（2）方