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文档简介
福建省泉州永春侨中2025届高二物理第一学期期中达标检测试题考生须知:1.全卷分选择题和非选择题两部分,全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂;非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2.请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3.保持卡面清洁,不要折叠,不要弄破、弄皱,在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、如图所示的电路可将声音信号转换为电信号.该电路中,a是能在声波驱动下沿水平方向振动的镀有金属层的振动膜,b是固定不动的金属板,a、b构成了一个电容器,且通过导线与恒定电源两极相接.在声源S发出声波驱动a在一定范围内振动的过程中,下列说法正确的是()A.a、b板间的电场强度不变B.a、b板所带的电荷量不变C.电路中始终有方向不变的电流D.a板向右的位移最大时,电容器的电容最大2、如图所示,在匀强电场中有A、B两点,将一电量为q的正电荷从A点移到B点,第一次沿直线AB移动该电荷,电场力做功为W1;第二次沿路径ACB移动该电荷,电场力做功W2;第三次沿曲线AB移动该电荷,电场力做功为W3,则()A.W1>W2>W3B.W1<W3<W2C.W1=W2=W3D.W1=W2<W33、如图所示的两条长直导线AB和CD相互垂直。其中AB固定,CD可以以其中心为轴自由转动或平动,彼此相隔一段很小的距离。当分别通以图示方向的电流I时。CD的运动情况是A.顺时针方向转动、同时靠近导线ABB.顺时针方向转动.同时离开导线ABC.逆时针方向转动、同时靠近导线ABD.逆时针方向转动、同时离开导线AB4、如图所示的电路,闭合电键S,待电路中的电流稳定后,减小R的阻值,则()A.电流表的示数减小B.电压表的示数减小C.电阻R2两端的电压减小D.路端电压增大5、平行金属板水平放置,板间距为0.6cm,两板接上600V电压,板间有一个带电液滴质量为4.8×10-13kg处于静止状态,则油滴上有元电荷数目是(g取10m/s2)A.3×106B.300C.10D.3×1046、在电场中某点放上电荷量为2×10-8C的带负电的试探电荷,它受到的电场力为6A.3×106N/CC.3×106N/C二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、如图所示,电源电动势为E,内阻为r,不计电压表和电流表内阻对电路的影响,当电键闭合后,两小灯泡均能发光.在将滑动变阻器的触片逐渐向右滑动的过程中,下列说法正确的是()A.小灯泡L1、L2均变暗B.小灯泡L1变亮,小灯泡L2变暗C.电流表A的读数变小,电压表V的读数变大D.电流表A的读数变大,电压表V的读数变小8、用相同的表头改装成两个量程不同的电流表,下列说法中正确的是()A.将他们串联在一起,两表读数相同,量程大的偏角小.B.将他们并联在一起,偏角相同,量程大的读数小.C.将他们串联在一起,两表读数相同,量程大的偏角大.D.将他们并联在一起,偏角相同,量程大的读数大.9、如图所示电路中,三只灯泡原来都发光,当滑动变阻器的滑动触头P向左移动时(三只灯泡仍都发光),下面判断正A.L1和L3变亮,L2变暗 B.LI变暗,L2变亮,L3亮度不变C.L1中电流变化值小于L3中电流变化值 D.Ll上电压变化值小于L2上的电压变化值10、关于导体的电阻,下列说法正确的是A.根据,可知R与U成正比,与I成反比B.根据,可知R与L成正比,与S成反比C.白炽灯温度上升电阻变大,是因为灯丝的电阻率变大D.将一圆柱形导体均匀拉长为原来的两倍,则电阻变为原来的4倍三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)一细而均匀的导电材料,截面为圆柱体,如图所示。此材料长约5cm.电阻约为100Ω,欲测量这种材料的电阻率ρ,现提供以下实验器材A.20分度的游标卡尺;B.螺旋测微器:C.电流表A1(量程50mA,内阻r1=100Ω);D.电流表A2(量程100mA,内阻r2约为40Ω):E.电压表V2(量程15V,内阻约为3000Ω);F.滑动变阻器R1(0~10Ω,额定电流2A);G.直流电源E(电动势为3V,内阻很小);H.上述导电材料R2(长约为5cm,电阻约为100Ω);I.开关一只,导线若干。请用上述器材设计一个尽可能精确地测量该样品电阻率ρ的实验方案,回答下列问题:(1)用游标卡尺测得该样品的长度如图所示,其示数L=______cm.用螺旋测微器测得该样品的外直径如图所示,其示数D=________mm.(2)在所给的方框中画出设计的实验电路图,并标明所选择器材的物理量符号。(3)用已知的物理量和所测得的物理量的符号表示这种材料的电阻率为ρ=_________。12.(12分)在“测定金属丝的电阻率”的实验中,待测金属丝的电阻Rx约为5Ω,实验室备有下列实验器材:A.电压表V1(量程3V,内阻约为15kΩ)B.电压表V2(量程15V,内阻约为75kΩ)C.电流表A1(量程3A,内阻约为0.2Ω)D.电流表A2(量程0.6A,内阻约为1Ω)E.滑动变阻器R1(0~50Ω,0.6A)F.滑动变阻器R2(0~500Ω,0.1A)G.电池E(电动势为3V,内阻约为0.3Ω)H.开关S,导线若干(1)为提高实验精确度,减小实验误差,电压表应选用__________.电流表应选用__________.滑动变阻器应选用__________.(选填器材前面的字母序号)(2)为减小伏安法测电阻的实验误差,应选用_________[填“甲”或“乙”]为该实验的电路图.四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)质量为m=5×10-8kg的带电微粒以v0=2m/s速度从水平放置的平行金属板A、B的中央水平飞入板间.已知板长L=10cm,板间距离d=2cm,当UAB=1.0×103V时,带电微粒恰好沿直线穿过平行金属板,(重力加速度g=10m/s2)求:(1)带电粒子带何种电荷?电荷量q多大?(2)若要带电粒子恰好从B板右端飞出,则AB间所加电压U1为多大?(3)若要带电粒子恰好从A板右端飞出,则AB间所加电压U2为多大?14.(16分)如图所示,空间存在着电场强度E=1.5×101N/C、方向竖直向上的匀强电场,在电场内一长为L=0.5m的绝缘细线一端固定于O点,另一端拴着质量m=0.5kg、电荷量q=4×10-1C的小球,带正电.现将细线拉至水平位置,将小球由静止释放,当小球速度达到最大时细线受到的拉力恰好达到它能承受的最大值而断裂.取g=10m/s1.求:(1)细线能承受的最大拉力值(1)当小球继续运动到与O点水平方向的距离为L时,小球距离O点的高度.15.(12分)如图所示,区域Ⅰ内有电场强度为E=2×104N/C、方向竖直向上的匀强电场;区域Ⅱ中有一光滑绝缘圆弧轨道,轨道半径为R=2m,轨道在A点的切线与水平方向成60°角,在B点的切线与竖直线CD垂直;在区域Ⅲ有一宽为d=3m的有界匀强电场,电场强度大小未知,方向水平向右.一质量为=0.4kg、带电荷量为q=-2×10-4C的小球(质点)从左边界O点正上方的M点以速度=2m/s水平射入区域Ⅰ,恰好从A点沿圆弧轨道切线进人轨道且恰好不能从区域Ⅲ中电场的右边界穿出,(g取10m/s2)求:(1)OM的长L;(2)区域Ⅲ中电场的电场强度大小;(3)等高,小球到达区域Ⅲ中的电场边界上的点与间的距离.
参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】
A.a、b间电压不变,a振动过程中,板间距离变化,由公式知,a、b板间的电场强度会发生变化,故A错误;BC.a振动过程中,a、b间电压不变,根据可知电容器的电容发生变化,由电容的定义式知,a、b板所带的电荷量会发生变化,电容器会放电或充电,电路中电流的方向也会发生改变,故BC错误;D.a向右的位移最大时,a、b板间的距离最小,则a、b构成的电容器的电容最大,故D正确。故选D。2、C【解析】电场力做功根路径无关,所以ABD错误.C正确.3、C【解析】
AB导线产生的磁场磁感线为第一个图的黑圆线,红色的为CD导线,由左手定则可判断左侧受力向下,右侧受力向上,所以CD棒会逆时针旋转。AB导线和CD导线靠近还是远离可以从第二个图判断,AB产生的磁场如图所示,由左手定则可判断CD导线受力指向AB导线,故CD导线会靠近AB导线。A.顺时针方向转动、同时靠近导线AB与分析不符,故A错误。B.顺时针方向转动.同时离开导线AB与分析不符,故B错误。C.逆时针方向转动、同时靠近导线AB与分析相符,故C正确。D.逆时针方向转动、同时离开导线AB与分析不符,故D错误。4、B【解析】
A.减小变阻器R的阻值时,外电路总电阻减小,根据闭合电路欧姆定律可知,总电流I增大,所以电流表示数增大,故A错误,D.路端电压U=E-Ir因E、r不变,电流I增大,所以U减小,故D错误;BC.电压表测量R1电压U,因为E不变,R2和r的电压增大,则电压表读数减小,故B正确,C错误。故选B。5、B【解析】平行金属板板间场强为E=Ud,带电液滴所受电场力为F=qE.带电液滴在匀强电场中处于静止状态,电场力与重力平衡,则有mg=qE,得到q=mgdU
点睛:本题是简单的力平衡问题,要记住元电荷e=1.6×10-19C,它是自然界最小的带电量,其他带电体的电量都它的整数倍.6、C【解析】试题分析:根据公式E=Fq可得该点的电场强度为考点:考查了对电场强度的理解二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、BC【解析】滑动变阻器的触片向右滑动,电阻变大,总电阻变大,总电流变小,所以电流表A的读数变小,小灯泡L2变暗.总电流变小,内电压变小,路端电压变大,即电压表V的读数变大.又小灯泡L2分压变小,所以并联部分分压变大,小灯泡L1变亮,BC对8、AD【解析】
将表头改装成电流表时,应并联一个小电阻,此时表头中刻度表示流过表头及小电阻的总电流;AC.若将两电表串联,则流过G表及小电阻的电总电流相等故示数相等,但由分流关系可知,流过表头G的电流不相等,故偏角不等,量程越大,则小电阻分流越多,流过G表的电流越少,指针偏角越小,即将它们串联在一起时,两表读数相同,量程大的偏角小,故A正确,C错误;BD.若将两表并联,则可以看作四个用电器并联,则各用电器两端的电压相等,故流过表头的电流相等,故偏角一定相等,但示数不同,量程越大的电流表内阻越小,在电压相等时,通过电流表的电流越大,示数越大,即:将它们并联在一起时,偏角相同,量程大的读数越大,故B错误,D正确。9、ACD【解析】AB.滑动变阻器与L3串联,与另外一盏灯L2并联,滑动变阻器滑片向左移动,接入电路的阻值变小,根据串反并同,可知L1和L3变亮,L2变暗,选项A正确;B错误;C.L1中的电流是干路电流,根据前面分析可知总电流增大,并联部分分压变小,,选项C正确;D.根据闭合电路欧姆定律可知:,选项D正确;故选:ACD.点睛:由图可知L3与R串联后与L2并联,再与R0、L1串联;由滑片的移动方向可知滑动变阻器接入电阻的变化,则可知总电阻的变化;由闭合电路的欧姆定律可知电路中电流的变化,即可知L1亮度的变化;将R0、L1作为内电阻处理,由U=E-Ir可知并联部分电压的变化,由欧姆定律可得出两灯亮度的变化;因两灯电阻均为定值,则可由欧姆定律得出电压变化值的大小关系.10、BCD【解析】
A.根据电阻定律可知,导体的电阻大小的影响因素:长度、横截面积、材料。跟电压、电流都无关,故A错误;B.根据电阻定律可知,导体的电阻R与长度L成正比,与横截面积S成反比,故B正确;C.白炽灯温度升高,电阻率增大,电阻变大,故C正确;D.将一圆柱形导体均匀拉长为原来的两倍,则横截面积减小为原来的一半,根据电阻定律可知,电阻变为原来的4倍,故D正确。三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、5.0154.700【解析】(1)由图示游标卡尺可知,其示数为:50mm+3×0.05mm=50.15mm=5.015cm;由图示螺旋测微器可知,其示数为:4.5mm+20.0×0.01mm=4.700mm。
(2)电源电动势为3V,电压表量程为15V,电压表量程太大,不能用电压表测电压,可以用已知内阻的电流表A1与待测电阻并联测电压,用电流表A2测电流,由于滑动变阻器最大阻值远小于待测电阻阻值,为测多组实验数据,滑动变阻器应采用分压接法,电路图如图所示:(3)通过待测电阻的电流:I=I2-I1,待测电阻两端电压:U=I1r1,待测电阻阻值为:,电阻定律:,联立可得:。12、ADE2【解析】
(1)[1]电源电动势是3V,故电压表应选A;[2]通过待测电阻的最大电流约为A故电流表应选D;[3]为保证安全方便实验操作,故滑动变阻器应选E;(2)[4]因为电流表应采用外接法,由电路图可知,应选2所示电路图。四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)负电;1×10-11C;(2)200V(3)1800V【解析】
(1)带电粒子直线穿过平行金属板时的受力分析如图,可知,带电粒子带负电;则电场力F=G,则qE=mg
,
可得q=1×10-11C
(2)由图可知,带电粒子在竖直方向偏移:y=d/2
…①
带电粒子在平行金属板内做类平抛运动,则:….②
….③
…..④
综合①②③④可得U1=200V
(3)带电粒子向上做类平抛运动
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