专题18概率及统计易错起源-2018高考数学理备考黄金易错点含解析

...wd......wd......wd...1.【2017课标1，理】如图，正方形ABCD内的图形来自中国古代的太极图.正方形内切圆中的黑色局部和白色局部关于正方形的中心成中心对称.在正方形内随机取一点，则此点取自黑色局部的概率是A． B．C． D．【答案】B2.【2017浙江，8】随机变量满足P〔=1〕=pi，P〔=0〕=1—pi，i=1，2．假设0<p1<p2<，则A．<，<B．<，>C．>，<D．>，>【答案】A【解析】，选A．3.【2017山东，理5】为了研究某班学生的脚长〔单位：厘米〕和身高〔单位：厘米〕的关系，从该班随机抽取10名学生，根据测量数据的散点图可以看出与之间有线性相关关系，设其回归直线方程为．，，．该班某学生的脚长为24，据此估计其身高为〔A〕〔B〕〔C〕〔D〕【答案】C【解析】由,选C.4.【2017山东，理8】从分别标有，，，的张卡片中不放回地随机抽取2次，每次抽取1张．则抽到的2张卡片上的数奇偶性不同的概率是〔A〕〔B〕〔C〕〔D〕【答案】C【解析】标有，，，的张卡片中，标奇数的有张，标偶数的有张，所以抽到的2张卡片上的数奇偶性不同的概率是,选C.5.【2017课标II，理13】一批产品的二等品率为，从这批产品中每次随机取一件，有放回地抽取次，表示抽到的二等品件数，则。【答案】1.96【解析】由题意可得，抽到二等品的件数符合二项分布，即，由二项分布的期望公式可得．6.【2017山东，理18】〔本小题总分值12分〕在心理学研究中，常采用比照试验的方法评价不同心理暗示对人的影响，具体方法如下：将参加试验的志愿者随机分成两组，一组承受甲种心理暗示，另一组承受乙种心理暗示，通过比照这两组志愿者承受心理暗示后的结果来评价两种心理暗示的作用，现有6名男志愿者A1，A2，A3，A4，A5，A6和4名女志愿者B1，B2，B3，B4，从中随机抽取5人承受甲种心理暗示，另5人承受乙种心理暗示.〔I〕求承受甲种心理暗示的志愿者中包含A1但不包含的频率。〔II〕用X表示承受乙种心理暗示的女志愿者人数，求X的分布列与数学期望EX.【答案】〔I〕(II)X的分布列为X01234PX的数学期望是.【解析】〔I〕记承受甲种心理暗示的志愿者中包含但不包含的事件为M，则(II)由题意知X可取的值为：.则因此X的分布列为X01234PX的数学期望是=7.【2017课标1，理19】为了监控某种零件的一条生产线的生产过程，检验员每天从该生产线上随机抽取16个零件，并测量其尺寸〔单位：cm〕．根据长期生产经历，可以认为这条生产线正常状态下生产的零件的尺寸服从正态分布．〔1〕假设生产状态正常，记X表示一天内抽取的16个零件中其尺寸在之外的零件数，求及的数学期望；〔2〕一天内抽检零件中，如果出现了尺寸在之外的零件，就认为这条生产线在这一天的生产过程可能出现了异常情况，需对当天的生产过程进展检查．〔ⅰ〕试说明上述监控生产过程方法的合理性；〔ⅱ〕下面是检验员在一天内抽取的16个零件的尺寸：9.9510.129.969.9610.019.929.9810.0410.269.9110.1310.029.2210.0410.059.95经计算得，，其中为抽取的第个零件的尺寸，．用样本平均数作为的估计值，用样本标准差作为的估计值，利用估计值判断是否需对当天的生产过程进展检查剔除之外的数据，用剩下的数据估计和〔准确到0.01〕．附：假设随机变量服从正态分布，则，，．【答案】〔1〕.〔2〕〔i〕见解析；〔ii〕.〔2〕〔i〕如果生产状态正常，一个零件尺寸在之外的概率只有0.0026，一天内抽取的16个零件中，出现尺寸在之外的零件的概率只有0.0408，发生的概率很小.因此一旦发生这种情况，就有理由认为这条生产线在这一天的生产过程可能出现了异常情况，需对当天的生产过程进展检查，可见上述监控生产过程的方法是合理的.〔ii〕由，得的估计值为，的估计值为，由样本数据可以看出有一个零件的尺寸在之外，因此需对当天的生产过程进展检查.剔除之外的数据9.22，剩下数据的平均数为，因此的估计值为10.02.，剔除之外的数据9.22，剩下数据的样本方差为，因此的估计值为.8.【2017课标II，理18】海水养殖场进展某水产品的新、旧网箱养殖方法的产量比照，收获时各随机抽取了100个网箱，测量各箱水产品的产量〔单位：kg〕某频率分布直方图如下：设两种养殖方法的箱产量相互独立，记A表示事件：“旧养殖法的箱产量低于50kg,新养殖法的箱产量不低于50kg〞，估计A的概率；填写下面列联表，并根据列联表判断是否有99%的把握认为箱产量与养殖方法有关：箱产量＜50kg箱产量≥50kg旧养殖法新养殖法根据箱产量的频率分布直方图，求新养殖法箱产量的中位数的估计值〔准确到0.01〕附： 【答案】〔1〕；〔2〕见解析；〔3〕.【解析】〔1〕记B表示事件“旧养殖法的箱产量低于〞，表示事件“新养殖法的箱产量不低于〞由题意知旧养殖法的箱产量低于的频率为故的估计值为0.62新养殖法的箱产量不低于的频率为故的估计值为0.66因此，事件A的概率估计值为〔2〕根据箱产量的频率分布直方图得列联表箱产量箱产量旧养殖法6238新养殖法3466由于故有的把握认为箱产量与养殖方法有关．〔3〕因为新养殖法的箱产量频率分布直方图中，箱产量低于的直方图面积为，箱产量低于的直方图面积为故新养殖法箱产量的中位数的估计值为．9.【2017北京，理17】为了研究一种新药的疗效，选100名患者随机分成两组，每组各50名，一组服药，另一组不服药.一段时间后，记录了两组患者的生理指标x和y的数据，并制成以以以下图，其中“*〞表示服药者，“+〞表示未服药者.〔Ⅰ〕从服药的50名患者中随机选出一人，求此人指标y的值小于60的概率；〔Ⅱ〕从图中A，B，C，D四人中随机.选出两人，记为选出的两人中指标x的值大于1.7的人数，求的分布列和数学期望E〔〕；〔Ⅲ〕【答案】〔1〕0.3〔2〕见解析〔3〕在这100名患者中，服药者指标数据的方差大于未服药者指标数据的方差.所以的分布列为012故的期望.〔Ⅲ〕在这100名患者中，服药者指标数据的方差大于未服药者指标数据的方差.10.【2017天津，理16】从甲地到乙地要经过3个十字路口，设各路口信号灯工作相互独立，且在各路口遇到红灯的概率分别为.〔Ⅰ〕设表示一辆车从甲地到乙地遇到红灯的个数，求随机变量的分布列和数学期望；〔Ⅱ〕假设有2辆车独立地从甲地到乙地，求这2辆车共遇到1个红灯的概率.【答案】〔Ⅰ〕见解析;〔Ⅱ〕.【解析】〔Ⅰ〕解：随机变量的所有可能取值为0,1,2,3.，，，.所以，随机变量的分布列为0123随机变量的数学期望.〔Ⅱ〕解：设表示第一辆车遇到红灯的个数，表示第二辆车遇到红灯的个数，则所求事件的概率为.所以，这2辆车共遇到1个红灯的概率为.易错起源1、古典概型和几何概型例1、(1)如果3个正整数可作为一个直角三角形三条边的边长，则称这3个数为一组勾股数，从1,2,3,4,5中任取3个不同的数，则这3个数构成一组勾股数的概率为()A.eq\f(3,10)B.eq\f(1,5)C.eq\f(1,10)D.eq\f(1,20)(2)在[－1,1]上随机地取一个数k，则事件“直线y＝kx与圆(x－5)2＋y2＝9相交〞发生的概率为________．答案(1)C(2)eq\f(3,4)【变式探究】(1)函数f(x)＝eq\f(1,3)ax3－eq\f(1,2)bx2＋x，连续抛掷两颗骰子得到点数分别是a，b，则函数f′(x)在x＝1处取得最值的概率是()A.eq\f(1,36)B.eq\f(1,18)C.eq\f(1,12)D.eq\f(1,6)(2)如图，大正方形的面积是34，四个全等直角三角形围成一个小正方形，直角三角形的较短边长为3，向大正方形内抛一枚幸运小花朵，则小花朵落在小正方形内的概率为()A.eq\f(1,17)B.eq\f(2,17)C.eq\f(3,17)D.eq\f(4,17)答案(1)C(2)B解析(1)f′(x)＝ax2－bx＋1(a，b∈N*，且1≤a≤6，1≤b≤6)，其对称轴方程为x＝eq\f(b,2a)＝1，即b＝2a，抛掷两颗骰子得到的点数一共有{(a，b)|a，b∈N*,1≤a≤6,1≤b≤6}共36种等可能出现的情况，其中满足b＝2a的有(1,2)，(2,4)，(3,6)共3种情况，所以其概率为P＝eq\f(3,36)＝eq\f(1,12)，应选C.(2)直角三角形的较短边长为3，则较长边长为5，所以小正方形边长为2，面积为4，所以向大正方形内抛一枚幸运小花朵时，小花朵落在小正方形内的概率为eq\f(4,34)＝eq\f(2,17)，应选B.【名师点睛】(1)解答有关古典概型的概率问题，关键是正确求出基本领件总数和所求事件包含的基本领件数，这常用到计数原理与排列、组合的相关知识．(2)在求基本领件的个数时，要准确理解基本领件的构成，这样才能保证所求事件所包含的基本领件个数的求法与基本领件总数的求法的一致性．(3)当构成试验的结果的区域为长度、面积、体积、弧长、夹角等时，应考虑使用几何概型求解．【锦囊妙计，战胜自我】1．古典概型的概率P(A)＝eq\f(m,n)＝eq\f(A中所含的基本领件数,基本领件总数).2．几何概型的概率P(A)＝eq\f(构成事件A的区域长度面积或体积,试验的全部结果所构成的区域长度面积或体积).易错起源2、相互独立事件和独立重复试验例2、某居民小区有两个相互独立的安全防范系统(简称系统)A和B，系统A和系统B在任意时刻发生故障的概率分别为eq\f(1,10)和p.(1)假设在任意时刻至少有一个系统不发生故障的概率为eq\f(49,50)，求p的值；(2)求系统A在3次相互独立的检测中不发生故障的次数大于发生故障的次数的概率．解(1)设“至少有一个系统不发生故障〞为事件C，那么1－P(eq\x\to(C))＝1－eq\f(1,10)·p＝eq\f(49,50)，解得p＝eq\f(1,5).(2)设“系统A在3次相互独立的检测中不发生故障的次数大于发生故障的次数〞为事件D.“系统A在3次相互独立的检测中发生k次故障〞为事件Dk.则D＝D0＋D1，且D0、D1互斥．依题意，得P(D0)＝Ceq\o\al(0,3)(1－eq\f(1,10))3，P(D1)＝Ceq\o\al(1,3)eq\f(1,10)(1－eq\f(1,10))2，所以P(D)＝P(D0)＋P(D1)＝eq\f(729,1000)＋eq\f(243,1000)＝eq\f(243,250).所以系统A在3次相互独立的检测中不发生故障的次数大于发生故障的次数的概率为eq\f(243,250).【变式探究】(1)把一枚骰子连续抛掷两次，记“第一次抛出的是素数点〞为事件A，“第二次抛出的是合数点〞为事件B，则P(B|A)等于()A.eq\f(1,2)B.eq\f(1,4)C.eq\f(1,6)D.eq\f(1,3)(2)如以以下图，某快递公司送货员从公司A处准备开车送货到某单位B处，有A→C→D→B，A→E→F→B两条路线．假设该地各路段发生堵车与否是相互独立的，且各路段发生堵车事件的概率如以以下图(例如A→C→D算作两个路段，路段AC发生堵车事件的概率为eq\f(1,6)，路段CD发生堵车的概率为eq\f(1,10))．假设使途中发生堵车事件的概率较小，则由A到B应选择的路线是______________．答案(1)D(2)A→E→F→B(2)路线A→C→D→B途中发生堵车事件的概率P1＝1－(1－eq\f(1,6))×(1－eq\f(1,10))×(1－eq\f(2,5))＝eq\f(11,20)，路线A→E→F→B途中发生堵车事件的概率P2＝1－(1－eq\f(1,5))×(1－eq\f(1,8))×(1－eq\f(1,5))＝eq\f(11,25).因为eq\f(11,25)<eq\f(11,20)，所以应选择路线A→E→F→B.【名师点睛】求相互独立事件和独立重复试验的概率的注意点：(1)求复杂事件的概率，要正确分析复杂事件的构成，分析复杂事件能转化为几个彼此互斥事件的和事件还是能转化为几个相互独立事件同时发生的积事件，然后用概率公式求解．(2)注意区分独立重复试验的基本特征：①在每次试验中，试验结果只有发生与不发生两种情况；②在每次试验中，事件发生的概率一样．【锦囊妙计，战胜自我】1．条件概率在A发生的条件下B发生的概率：P(B|A)＝eq\f(PAB,PA).2．相互独立事件同时发生的概率P(AB)＝P(A)P(B)．3．独立重复试验、二项分布如果事件A在一次试验中发生的概率是p，那么它在n次独立重复试验中恰好发生k次的概率为Pn(k)＝Ceq\o\al(k,n)pk(1－p)n－k，k＝0,1,2，…，n.一般地，在n次独立重复试验中，用X表示事件A发生的次数，设每次试验中事件A发生的概率为p，则P(X＝k)＝Ceq\o\al(k,n)pkqn－k，其中0<p<1，p＋q＝1，k＝0,1,2，…，n，称X服从参数为n，p的二项分布，记作X～B(n，p)，且E(X)＝np，D(X)＝np(1－p)．易错起源3、离散型随机变量的分布列例3、甲、乙、丙三人独立地对某一技术难题进展攻关．甲能攻克的概率为eq\f(2,3)，乙能攻克的概率为eq\f(3,4)，丙能攻克的概率为eq\f(4,5).(1)求这一技术难题被攻克的概率；(2)现假定这一技术难题已被攻克，上级决定奖励a万元．奖励规则如下：假设只有一人攻克，则此人获得全部奖金a万元；假设只有两人攻克，则奖金奖给此二人，每人各得eq\f(a,2)万元；假设三人均攻克，则奖金奖给此三人，每人各得eq\f(a,3)万元．设乙、丙两人得到的奖金数的和为X，求X的分布列和均值．解(1)记“这一技术难题被攻克〞为事件A，则其对立事件eq\x\to(A)为“这一技术难题三人都没有攻克〞．故所求概率P(A)＝1－(1－eq\f(2,3))×(1－eq\f(3,4))×(1－eq\f(4,5))＝1－eq\f(1,3)×eq\f(1,4)×eq\f(1,5)＝eq\f(59,60).(2)设甲得到的奖金为ξ万元，由题意可知攻克难题的奖金是a万元，所以乙、丙两人得到的奖金之和为X＝a－ξ(万元)．由题意可知，ξ的所有可能取值为0，eq\f(a,3)，eq\f(a,2)，a.其与X的取值关系如下表：ξ0eq\f(a,3)eq\f(a,2)aX＝a－ξaeq\f(2a,3)eq\f(a,2)0故P(X＝a)＝P(ξ＝0)＝eq\f(\f(1,3)1－\f(1,4)×\f(1,5),\f(59,60))＝eq\f(19,59)；P(X＝eq\f(2a,3))＝P(ξ＝eq\f(a,3))＝eq\f(\f(2,3)×\f(3,4)×\f(4,5),\f(59,60))＝eq\f(24,59)；P(X＝eq\f(a,2))＝P(ξ＝eq\f(a,2))＝eq\f(\f(2,3)\f(3,4)×\f(1,5)＋\f(1,4)×\f(4,5),\f(59,60))＝eq\f(14,59)；P(X＝0)＝P(ξ＝a)＝eq\f(\f(2,3)×\f(1,4)×\f(1,5),\f(59,60))＝eq\f(2,59).故X的分布列为Xaeq\f(2a,3)eq\f(a,2)0Peq\f(19,59)eq\f(24,59)eq\f(14,59)eq\f(2,59)所以E(X)＝a×eq\f(19,59)＋eq\f(2a,3)×eq\f(24,59)＋eq\f(a,2)×eq\f(14,59)＋0×eq\f(2,59)＝eq\f(42a,59).【变式探究】某中学根据2002～2015年期间学生的兴趣爱好，分别创立了“摄影〞、“棋类〞、“国学〞三个社团，据资料统计新生通过考核选拔进入这三个社团成功与否相互独立.2016年某新生入学，假设他通过考核选拔进入该校的“摄影〞、“棋类〞、“国学〞三个社团的概率依次为m、eq\f(1,3)、n，三个社团他都能进入的概率为eq\f(1,24)，至少进入一个社团的概率为eq\f(3,4)，且m>n.(1)求m与n的值；(2)该校根据三个社团活动安排情况，对进入“摄影〞社的同学增加校本选修学分1分，对进入“棋类〞社的同学增加校本选修学分2分，对进入“国学〞社的同学增加校本选修学分3分．求该新同学在社团方面获得校本选修课学分分数的分布列及均值．解(1)依题意，eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(\f(1,3)mn＝\f(1,24)，,1－1－m1－\f(1,3)1－n＝\f(3,4)，))解得eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(m＝\f(1,2)，,n＝\f(1,4).))P(X＝5)＝eq\f(1,2)×eq\f(1,3)×eq\f(1,4)＝eq\f(1,24)；P(X＝6)＝eq\f(1,2)×eq\f(1,3)×eq\f(1,4)＝eq\f(1,24).故X的分布列为X0123456Peq\f(1,4)eq\f(1,4)eq\f(1,8)eq\f(5,24)eq\f(1,12)eq\f(1,24)eq\f(1,24)所以E(X)＝0×eq\f(1,4)＋1×eq\f(1,4)＋2×eq\f(1,8)＋3×eq\f(5,24)＋4×eq\f(1,12)＋5×eq\f(1,24)＋6×eq\f(1,24)＝eq\f(23,12).【名师点睛】求解随机变量分布列问题的两个关键点(1)求离散型随机变量分布列的关键是正确理解随机变量取每一个值所表示的具体事件，然后综合应用各类概率公式求概率．(2)求随机变量均值与方差的关键是正确求出随机变量的分布列．假设随机变量服从二项分布，则可直接使用公式法求解．【锦囊妙计，战胜自我】1．离散型随机变量的分布列的两个性质(1)pi≥0(i＝1,2，…，n)；(2)p1＋p2＋…＋pn＝1.2．均值公式E(X)＝x1p1＋x2p2＋…＋xnpn.3．均值的性质(1)E(aX＋b)＝aE(X)＋b；(2)假设X～B(n，p)，则E(X)＝np.4．方差公式D(X)＝[x1－E(X)]2·p1＋[x2－E(X)]2·p2＋…＋[xn－E(X)]2·pn，标准差为eq\r(DX).5．方差的性质(1)D(aX＋b)＝a2D(X)；(2)假设X～B(n，p)，则D(X)＝np(1－p)．易错起源4、抽样方法例4、(1)某月月底，某商场想通过抽取发票存根的方法估计该月的销售总额．先将该月的全部销售发票的存根进展了编号，1,2,3，…，然后拟采用系统抽样的方法获取一个样本．假设从编号为1,2,3，…，10的前10张发票的存根中随机抽取1张，然后再按系统抽样的方法依编号顺序逐次产生第2张、第3张、第4张、……，则抽样中产生的第2张已编号的发票存根，其编号不可能是()A．13B．17C．19D．23(2)为了研究雾霾天气的治理，某课题组对局部城市进展空气质量调查，按地域特点把这些城市分成甲、乙、丙三组，三组城市的个数分别为4，y，z，依次构成等差数列，且4，y，z＋4成等比数列，假设用分层抽样抽取6个城市，则乙组中应抽取的城市个数为________．答案(1)D(2)2解析(1)因为第一组的编号为1,2,3，…，10，所以根据系统抽样的定义可知第二组的编号为11,12,13，…，20，故第2张已编号的发票存根的编号不可能为23.(2)由题意可得eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(2y＝4＋z，,y2＝4×z＋4，))即eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(y＝2＋\f(z,2)，,y2＝4z＋16，))解得z＝12，或z＝－4(舍去)，故y＝8.所以甲、乙、丙三组城市的个数分别为4,8,12.因为一共要抽取6个城市，所以抽样比为eq\f(6,4＋8＋12)＝eq\f(1,4).故乙组城市应抽取的个数为8×eq\f(1,4)＝2.【变式探究】(1)要考察某公司生产的500克袋装牛奶中三聚氰胺的含量是否超标，现从800袋牛奶中抽取60袋进展检验，利用随机数法抽取样本时，先将800袋牛奶按000,001，…，799进展编号，如果从随机数表第7行第8列的数开场向右读，则得到的第4个样本个体的编号是________．(下面摘取了随机数表第7行至第9行)84421753315724550688770474476721763350258392120676(第7行)63016378591695556719981050717512867358074439523879(第8行)33211234297864560782524207443815510013429966027954(第9行)(2)利用分层抽样的方法在学生总数为1200人的年级中抽出20名同学，其中有女生8人，则该年级男生的人数约为________．答案(1)068(2)720解析(1)由随机数法可知抽取样本个体的编号为331,572,455,068，…，故第4个样本个体的编号为068.(2)由于样本容量为20，其中的男生人数为12，从而该年级男生人数约为1200×eq\f(12,20)＝720.【名师点睛】(1)随机抽样各种方法中，每个个体被抽到的概率都是相等的；(2)系统抽样又称“等距〞抽样，被抽到的各个号码间隔一样；(3)分层抽样满足：各层抽取的比例都等于样本容量在总体容量中的比例．【锦囊妙计，战胜自我】1．简单随机抽样特点是从总体中逐个抽取．适用范围：总体中的个体数较少．2．系统抽样特点是将总体均分成几局部，按事先确定的规则在各局部中抽取．适用范围：总体中的个体数较多．3．分层抽样特点是将总体分成几层，分层进展抽取．适用范围：总体由差异明显的几局部组成．易错起源5、用样本估计总体例5、(1)在某次测量中得到的A样本数据如下：42,43,46,52,42,50，假设B样本数据恰好是A样本数据每个都减5后所得数据，则A，B两样本的以下数字特征对应一样的是()A．平均数B．标准差C．众数D．中位数(2)假设五个数1,2,3,4，a的平均数为3，则这五个数的标准差是________．答案(1)B(2)eq\r(2)【变式探究】(1)某学生在一门功课的22次考试中，所得分数茎叶图如以以下图，则此学生该门功课考试分数的极差与中位数之和为()A．117B．118C．118.5D．119.5(2)某学校为了调查学生在课外读物方面的支出情况，抽出了一个容量为n且支出在[20,60]元的样本，其频率分布直方图如以以下图，其中支出在[50,60]元的学生有30人，则n的值为()A．100B．1000C．90D．900答案(1)B(2)A解析(1)22次考试中，所得分数最高的为98，最低的为56，所以极差为98－56＝42，将分数从小到大排列，中间两数为76,76，所以中位数为76，所以此学生该门功课考试分数的极差与中位数之和为42＋76＝118.(2)支出在[50,60]元的频率为1－0.1－0.24－0.36＝0.3，所以n＝30÷0.3＝100，应选A.【名师点睛】(1)反映样本数据分布的主要方式：频率分布表、频率分布直方图、茎叶图．关于频率分布直方图要明确每个小矩形的面积即为对应的频率，其上下能够描述频率的大小，高考中常常考察频率分布直方图的基本知识，同时考察借助频率分布直方图估计总体的概率分布和总体的特征数，具体问题中要能够根据公式求解数据的平均数、众数、中位数和方差等．(2)由样本数据估计总体时，样本方差越小，数据越稳定，波动越小．【锦囊妙计，战胜自我】1．频率分布直方图中横坐标表示组距，纵坐标表示eq\f(频率,组距)，频率＝组距×eq\f(频率,组距).2．频率分布直方图中各小长方形的面积之和为1.3．利用频率分布直方图求众数、中位数与平均数利用频率分布直方图求众数、中位数和平均数时易出错，应注意区分这三者．在频率分布直方图中：(1)最高的小长方形底边中点的横坐标即是众数；(2)中位数左边和右边的小长方形的面积和是相等的；(3)平均数是频率分布直方图的“重心〞，等于频率分布直方图中每个小长方形的面积乘以小长方形底边中点的横坐标之和．易错起源6、统计案例例6、(1)高三年级267位学生参加期末考试，某班37位学生的语文成绩、数学成绩与总成绩在全年级中的排名情况如以以下图，甲、乙、丙为该班三位学生．从这次考试成绩看，①在甲、乙两人中，其语文成绩名次比其总成绩名次靠前的学生是________；②在语文和数学两个科目中，丙同学的成绩名次更靠前的科目是________．(2)某人研究中学生的性别与成绩、视力、智商、阅读量这4个变量的关系，随机抽查52名中学生，得到统计数据如表1至表4，则与性别有关联的可能性最大的变量是()表1成绩性别不及格及格总计男61420女102232总计163652表2视力性别好差总计男41620女122032总计163652表3智商性别偏高正常总计男81220女82432总计163652表4阅读量性别丰富不丰富总计男14620女23032总计163652A.成绩B．视力C．智商D．阅读量答案(1)①乙②数学(2)D解析(1)①由散点图可知：越靠近坐标原点O名次越好，乙同学语文成绩好，而总成绩年级名次靠后；而甲同学语文成绩名次比总成绩名次差，所以应是乙同学语文成绩名次比总成绩名次靠前．②丙同学总成绩年级名次比数学成绩年级名次差，所以丙同学成绩名次更靠前的是数学．(2)根据数据求出K2的值，再进一步对比大小．A中，a＝6，b＝14，c＝10，d＝22，a＋b＝20，c＋d＝32，a＋c＝16，b＋d＝36，n＝52，K2＝eq\f(52×6×22－14×102,20×32×16×36)＝eq\f(13,1440).B中，a＝4，b＝16，c＝12，d＝20，a＋b＝20，c＋d＝32，a＋c＝16，b＋d＝36，n＝52，K2＝eq\f(52×4×20－16×122,20×32×16×36)＝eq\f(637,360).C中，a＝8，b＝12，c＝8，d＝24，a＋b＝20，c＋d＝32，a＋c＝16，b＋d＝36，n＝52，K2＝eq\f(52×8×24－12×82,20×32×16×36)＝eq\f(