河北省部分高中2023-2024学年高三年级上册12月期末考试物理试题

河北省部分高中2023-2024学年高三上学期12月期末考试

物理试题

本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分。共8页，满分100分，考试时间75分钟。

第I卷（选择题共46分）

一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

目要求的）

I.如图所示，两个相同的金属球A、B（可看成点电荷）带等量异种电荷，两球相隔一定距离，两球之间

的相互吸引力的大小是F，现让另一个相同的不带电的金属小球C先后与A、B两球接触后移开，这时

A、B两球之间的相互作用力的大小是（）

AB

2§

八3F3F

C.----D.-----

84

2.如图为一块手机电池文字说明，下列说法错误的是（）

3.6V500mA・h锂离子电池

SNN5648AC2NALWJMAIC

IIIIIIIIIIIIIIIIIIIII

20170708JCC1028

A.该电池的容量为500mA-hB.该电池的电动势为36V

C.该电池在工作时的电流为500mAD.若电池以10mA的电流工作，可用50h

3.《大国重器》节目介绍的GIL输电系统的三相共箱技术，如图甲所示。管道内部有三根绝缘超高压输电

线缆平行且间距相等，截面图如图乙所示，上方两根输电线缆A、B圆心连线水平。某时刻A中电流方向垂

直于纸面向外、B中电流方向垂直于纸面向里，A、B中电流大小均为/、C中电流方向垂直于纸面向外、

电流大小为2/，则（）

II

@0

A\B

L\O

飞c

21

甲乙

A.B、C输电线缆相互吸引

B.输电线缆A、B圆心连线中点处的磁感应强度方向竖直向上

C.正三角形中心。处的磁感应强度方向水平向左

D.输电线缆A所受安培力方向垂直线缆A、B圆心连线向下

4.某同学将一直流电源的总功率及、输出功率匕和电源内部的发热功率随电流/变化的图线画在了同

一坐标系中，如图中的。、氏C所示。以下判断正确的是（）

A.电源的电动势七二3V,内阻厂=0.5Q

B"、C图线交点与4、b图线的交点的潢坐标之比一定为1:2,纵坐标之比一定为1:2

C.电源的最大输出功率匕=9W

D.在。、氏c三条图线上分取横坐标相同的A、B、C三点，这三点的纵坐标一定满足关系与=?+乙

5.正对着并水平放置的两平行金属板连接在如图所示的电路中，板长/,板间距为4在距离板的右端2/处

有一竖直放置的光屏M。D为理想二极管（即正向电阻为0,反向电阻无穷大），R为滑动变阻器，凡为定

值电阻。将滑片P置于滑动变阻器正中间，闭合开关S,让一带电量为外质量为m的质点从两板左端连线

的中点N以水平速度％射入板间，质点未碰极板，最后垂直打在M上，在保持开关S闭合的情况下，下列

分析或结论正确的是（)

A.质点在板间运动的过程中与它从板的右端运动到M的过程中速度变化相同

B.板间电场强度大小为典

q

C.若仅将滑片P向下滑动一段，则质点不会垂直打在M上

D.若仅将两平行板的间距减小一些，则局点依然会垂直打在M上

6.如图所示，边长为£的等边三角形48c内有垂直于纸面向里、磁感应强度大小为久的匀强磁场，。是48

边的中点，一质量为，〃、电荷量为一式4＞。）的带电的粒子从。点以速度v平行于BC边方向射入磁场，不

考虑带电粒子受到的重力，则下列说法正确的是（）

B.若粒子垂直于BC动射出，则粒子做匀速圆周运动的半径为业L

2

Tim

C.若粒子从C点射出，则粒子在磁场中运动的时间为:

D.若粒子从A4边射出，则粒子的速度越大，其在磁场中运动的时间越短

7.在如图所示的电路中，已知电阻修的阻值小于滑动变阻器R的最大阻值。闭合开关S,在滑动变阻器

的滑片P由左端向右滑动的过程中，四个电表V】、V2、Ai、A2的示数及其变化量分别用S、5、h、h、

AU2、△《、表示。下列说法正确的是（)

心，他为竖直直径，已知一带正电的比荷为"的粒子从A点沿48方向以某一速度V射入磁场后，经时间7

射出磁场，射出时速度方向的偏转角为60。，不计带电粒子的重力。下列说法正确的是()

A.带电粒子的速度大小为；；=正空

k

B.若只让粒子速度大小改为立心则粒子在磁场中的运动时间为2，

33

C.若让粒子速度大小改为立u，入射方向改为48右侧与A8夹角30。，则粒子在磁场中运动轨迹的长度

3

为彳

D.若只改变入射速度方向让粒子在磁场中的运动时间最长，则粒子的入射方向与48夹角的正弦值应为

V3

~T

10.如图所示，竖直面内有一匀强电场，其方向与x轴夹角为37。，现有质量为机的一带负电的小球，从

。点以速度vo竖直向下抛出，已知小球的加速度沿x轴方向，则关于带电小球运动过程中的说法正确的是

()

B.小球的电势能与重力势能之和一直在减小

C.小球的电势能与动能之和一直在减小

D.经过%的时间，小球的机械能达到最小值

16g

第n卷（非选择题共54分）

三、非选择题（本题共5小题，共54分）

11.描绘一个标有“3V,0.5A“小灯泡L的伏安特性曲线，实验室提供的实验器材有：

A.电源E（电动势为4V,内阻约1C）

B.电流表4（量程为0.6A,内阻约0.5Q）

C.电流表A?（量程为3A,内阻约0.1Q）

D.电压表G（量程为3V,内阻约3kC）

E.电压表U2（量程为15V,内阻的15kQ）

F滑动变阻器R1（最大阻值10。）

G.滑动变阻器"（最大阻值100。）

H.开关S一个，导线若干

（1）为了能多测几组数据并能从0开始测量，某小组设计电路图如图，则在该电路中，电流表选择

，电压表选择,滑动变阻器选择（此三空均选填相应器材前的代号）。

（2）在按照合理的电路及操作测量后，作出如图（a）所示的小灯泡的伏安特性曲线。现将同样规格的小

灯泡分别接入如图（b）、如图（c）所示的电路中，已知电源电动势E=3.0V,电源内阻/=5C,图（c）

中的定值电阻R=5C,则图（b）中小灯泡的实际功率为W,图（c）中一个小灯泡的实际功率为

—W（两个空均保留2位有效数字）。

初A

该电路两电压为Vo

（2）测量电路的电流时，选择开关处在电流“10mA”挡，指针位置如图中从所示，被测电流的值为

mAo

（3）某欧姆表由于长时间未使用，电源电动势和内阻发生了明显变化，导致无法进行欧姆调零。小佳同学

用如图甲所示的电路来研究其内部的电源情况。实验时选择欧姆表“xl”挡位，已知亳安表的量程为

400mA,内阻约为1C。

<9>

甲

①在电路连接时，要注意亳安表的“一”接线柱要与欧姆表的（填"红"或“黑”）表笔相连；

_4

②调节电阻箱的阻值，当亳安表的读数为400mA时，欧姆表指针偏转到整人表盘不位置的2.5C刻度处,

如图乙所示，则欧姆表表头G的量程为mA；

③连续调节电阻箱的阻值，记录多组电阻箱阻值H租通过亳安表的电流/,做出R-]图像，如图丙所示,

则电源的电动势£?=Vo在不考思实验偶然误差的情况下，电源电动势的测量值________（填“大

于，，“小于，，或“等于，，）真实值。

13.真空区域有宽度为/、方向垂直纸面向里的匀强磁场，MN、是磁场的边界。质量为〃八电荷量大

小为q的粒子（电性未知，不计重力）以速度u沿着与MN夹角。为60。的方向射入磁场中，刚好没能从尸Q

边界射出磁场。求粒子在磁场中运动的时间。

pQ

|XXXXX

/

]XXXXX

M'N"

14.如图，在竖直平面内，一半径为的光滑圆弧轨道ABC与光滑水平轨道如相切于A点，BC为圆弧轨

道ABC的直径，。为圆心，。人和。8之间的夹角T=37。。整个装置处于水平向右的匀强电场中。一质量

为加、电荷量为4（4>0）的带电小球（可视为质点）可以在圆弧轨道上的8点保持静止。现将该带电小球

从水平轨道某点静止释放，小球经A点沿圆弧轨道ABC恰好能通过。点。已知重力加速度大小为g,

sin37。=0.6,cos37°=0.8o求：

（1）匀强电场的电场强度E的大小；

（2）小球经过C点时，电场力对小球做功的功率尸；（结果保留根号）

（3）小球在圆弧轨道上运动时对轨道的最大压力的大小。

15.如图所示，质量均为〃，的物体B、C分别与轻质弹簧的两端相拴接，将它们放在倾角为6=30。的光滑

斜面上，静止时弹簧的形变量为毛。斜面底端有固定挡板D,物体C靠在挡板D上。将质量也为机的物体

A从斜面上的某点由静止释放，A与B相碰。已知重力加速度为g,弹簧始终处于弹性限度内，不计空气阻

力。

（1）求弹簧的劲度系数公

(2)若A与B相碰后粘连在一起开始做简谐运动，当A与B第一次运动到最高点时，C对挡板D压力

恰好为零，求挡板D对C支持力的最大值；

(3)若将A从另一位置由静止释放，A与B相碰后不粘连，但仍立即一起运动，且当B第一次运动到最高

点时,C对挡板D的压力也恰好为零。已知A与B相碰后弹簧第一次恢复原长时B的速度大小为U=嬴,

求相碰后A第一次运动达到的最高点与开始静止释放点之间的距离。

河北省部分高中2023-2024学年高三上学期12月期末考试

物理试题

本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分。共8页，满分100分，考试时间75分钟。

第I卷（选择题共46分）

一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

目要求的）

I.如图所示，两个相同的金属球A、B（可看成点电荷）带等量异种电荷，两球相隔一定距离，两球之间

的相互吸引力的大小是F，现让另一个相同的不带电的金属小球C先后与A、B两球接触后移开，这时

A、B两球之间的相互作用力的大小是（）

F

B.—

4

3F

D.一

4

【答案】A

【解析】

【详解】设原来A、B所带电荷量分别为0、—q,距离为小则有

小球C先与A球接触后，电荷量为

或=%=鼻

小球C后与B球接触后，电荷量为

--q

则有

r28/8

故选A。

2.如图为一块手机电池的文字说明，下列说法错误的是（)

3.6V500mA・h锂离子电池

SNN5648AC2NALWJMAIC

lllllllllllllllllllll

20170708JCC1028

A.该电池的容量为500mA.hB.该电池的电动势为3.6V

C.该电池在工作时的电流为500mAD.若电池以10mA的电流工作，可用50h

【答案】C

【解析】

【详解】AB.电池上的3.6V表示电动势，500mA-h表示电池充满电时的电荷量，故AB正确，不符合题意;

C.由于不知道电池的工作时间，所以无法计算放电电流，故C错误，符合题意；

D.若电池以10mA的电流工作，则工作时间为

Q500mA-h…

t=—=----------------=50h

I10mA

故D正确，不符合题意。

故选C

3.《大国重器》节目介绍的GIL输电系统的三相共箱技术，如图甲所示。管道内部有三根绝缘超高压输电

线缆平行且间距相等，截面图如图乙所示，上方两根输电线缆A、B圆心连线水平。某时刻A中电流方向垂

直于纸面向外、B中电流方向垂直于纸面向里，A、B中电流大小均为/、C中电流方向垂直于纸面向外、

电流大小为2/，则（）

A.B、C输电线缆相互吸引

B.输电线缆A、B圆心连线中点处的磁感应强度方向竖直向上

C.正三角形中心O处的磁感应强度方向水平向左

D.输电线缆A所受安培力方向垂直线缆A、B圆心连线向下

【答案】D

【解析】

【详解】A.由于B、C输电线缆通入的电流方向相反，所以两线缆相互排斥，故A错误;

B.根据右手螺旋定则可知，A、B输电线缆在A、B圆心连线中点处磁感应强度方向竖直向上，而C线

缆在该处的磁感应强度水平向左，则该点的合磁感应强度方向斜向上偏左，故B错误；

C.A输电线缆在。点的磁感应强度方向垂直0A指向右上方，B输电线缆在。点的磁感应强度方向垂直

0B指向左上方，根据对称性可知，A、B输电线缆在0处的合磁感应强度方向竖直向上，而C输电线在

。点的磁感应强度方向垂直0C水平向左，所以。处合磁感应强度方向应斜向左上方，故C错误。

D.B对A的作用力沿AB水平向左，C对A的作用力沿AC斜向右下，且大小为B对A作用力的2倍，

如图所示

由图可知

FACCOSB=2FABCOS60°=%

即C对A的作用力在水平方向的分力与B对A的作用力大小相等，方向相反，所以A受到的安培力合力

即为C对A的作用力在竖直方向的分量，则输电线缆A所受安培力方向垂直线缆A、B圆心连线向下，故

D正确。

故选D。

4.某同学将一直流电源的总功率及、输出功率与和电源内部的发热功率与随电流/变化的图线画在了同

一坐标系中，如图中的。、氏c所示。以下判断正确的是（）

A.电源的电动势七二3V,内阻厂=0.5。

B,、C图线的交点与4、b图线的交点的横坐标之比一定为1:2,纵坐标之比一定为1:2

C.电源的最大输出功率匕=9W

D.在a、b、c三条图线上分取横坐标相同的4、B、C三点，这三点的纵坐标一定满足关系？=&+?.

【答案】D

【解析】

【详解】A.由电源消耗功率和电源内部消耗功率表达式

P"EhPr=Fr

可知，。是直线，表示的是电源消耗的总电功率，方是抛物线，表示的是电源内电阻上消耗的功率，c表示外

电阻的功率即为电源的输出功率外，由图可知，当短路时，电流为3A,总功率P=9W；则由

P=EI

可知

E=3V

内阻

/•=-Q=10

3

故A错误；

BC.当内电阻和外电阻相等时，电源输出的功率最大，此时即为力、。线的交点时的电流，此时电流的大小

为

l=-^—=—=[.5A

R+r2r

最大输出功率的大小为

P=—=2.25W

4r

八b线的交点表示电源的总功率PE和电源内部的发热功率P，相等，此时只有电源的内电阻，所以此时的电

流的大小为

E

f=-=3A

功率的大小为

E2

P'=—=9W

所以横坐标之比为1：2,纵坐标之比为1：4,故BC错误；

D.在a、b、c三条图线上分别取横坐标相同的A、B、C三点，因为直流电源的总功率氏等于输出功率PR

和电源内部的发热功率Pr的和，所以这三点的纵坐标一定满足关系

PA=PB+PC

故D正确。

故选D

5.正对着井水平放置的两平行金属板连接在如图所示的电路中，板长/,板间距为必在距离板的右端2/处

有一竖直放置的光屏M。D为理想二极管（即正向电阻为0,反向电阻无穷大），R为滑动变阻器，凡为定

值电阻。将滑片P置于滑动变阻器正中间，闭合开关S,让一带电量为g、质量为机的质点从两板左端连线

的中点N以水平速度%射入板间，质点未碰极板，最后垂直打在ME在保持开关S闭合的情况下，下列

分析或结论正确的是（）

A.质点在板间运动的过程中与它从板的右端运动到M的过程中速度变化相同

氏板间电场强度大小为幽

q

C.若仅将滑片P向下滑动一段，则质点不会垂直打在M上

D.若仅将两平行板的间距减小一些，则质点依然会垂直打在加上

【答案】B

【解析】

【详解】A.质点先在水平放置的平行金属板间做类平抛运动，要垂直打在M屏上，离开电场后，质点一定

做斜上抛运动。质点在板间的类平抛运动和离开电场后的斜上抛运动水平方向都不受外力，都做匀速直线

运动，水平方向速度都为％,质点垂直打在M板上时速度也水平，根据质点的轨迹弯曲方向可知两个过程

质点的合力方向相反，加速度方向相反，则速度变化量方向相反，故A错误；

B.质点的轨迹如图所示

设质点在板间运动的过程中加速度大小为a,则质点离开电场时竖直分速度大小为

qE-m2I

^=^=-——--

m%

质点离开电场后运动过程其逆过程是平抛运动，则

21

%=gt2=g—

%

联立解得

q

故B正确;

C.若仅将滑片P向下滑动一段后，R的电压减小，电容器的电压要减小，电量要减小，由于二极管具有单

向导电性，所以电容器不能放电，电量不变，板间电压不变，所以质点的运动情况不变，再让该质点从N点

以水平速度％射入板间，质点依然会垂直打在光屏上，故C错误；

D.若仅将两平行板的间距变小一些，电容器电容增大，由。=温知，U不变，电量要增大，二极管具有单

向导电性，所以电容器不能放电，但是可以充电，所以电量增大，根据推论可知板间电场强度变大，所以质

点的运动情况发生变化，再让该侦点从N点以水平速度%射入板间，质点不会垂直打在光屏上，故D错误。

故选B。

6.如图所示，边长为L的等边三角形ABC内有垂直于纸面向里、磁感应强度大小为B。的匀强磁场，。是A8

边的中点，一质量为机、电荷量为一式4>0）的带电的粒子从。点以速度V平行于BC边方向射入磁场，不

考虑带电粒子受到的重力，则下列说法正确的是（)

A

B.若粒子垂直于BC边射出，则粒子做匀速圆周运动的半径为上心

2

nm

C.若粒子从。点射出，则粒子在磁场中运动的时间为丁丁

3Mo

D.若粒子从AB边射出，则粒子的速度越大，其在磁场中运动的时间越短

【答案】C

【解析】

【详解】A.带负电的粒子从。点以速度u平行于8c边方向射入磁场，由左手定则可知，粒子向下偏转,

由于边的限制，粒子不能到达B点，故A错误；

B.粒子垂直于8c边射出，如图甲所示

则粒子做匀速圆周运动的半径等于。点到8C边的距离，即

R.=-Lsin60°=—

124

故B错误；

C.粒子从C点射出，如图乙所示

A

乙

根据几何关系可得

2

L

-sin60°I+1L--cos60°

22

解得

R=

?22

则粒子轨迹对应的圆心角的正弦值为

L--Leos60°r

sinNO=-----------------=—

R,2

则

NO=60。

粒子在磁场中运动的时间为

60°f___1/—2兀__mx------=____

360°-6qB。-3qB。

故C正确;

2

D.由夕阳（）二〃2匕，可知

r

mv

qB0

若粒子从A4边射出，则粒子的速度越大，轨迹半径越大，如图丙所示

A

丙

粒子从边射出时的圆心角相同，其在磁场中运动的时间相同，故D错误。

故选C。

7.在如图所示的电路中，已知电阻估的阻值小于滑动变阻器R的最大阻值。闭合开关S,在滑动变阻器

的滑片P由左端向右滑动的过程中，四个电表Vi、V2、AHA2的示数及其变化量分别用3、5、h、〃、

B.S先变大后变小，6一直变大

kU、AU

c.h的绝对值先变大后变小，蜻2■的绝对值不变

A/2A/2

D.5先变小后变大，/2一直变小

【答案】B

【解析】

【详解】ABD.滑片P由滑动变阻器的左端向右端滑动的过程中，电阻R的左半部分与凡串联然后与R

的右半部分并联，并联电阻先变大后变小，所以电路总电阻R总先变大后变小，电源电动势E不变，电路

,E

电流4丁先变小后变大，电阻&不变，电压表V2的示数S=/R2,先变小后变大，电流及先变小

后变大，即电流表A2的示数先变小后变大，根据闭合回路欧姆定律得“二»〃•，所以S先变大后变小;

电流/先变小后变大，电阻及与r不变，所以电压=/（&+-）先变小后变大，并联电压〃并=七-5,，

先变大后变小，电流Ai所在支路电阻R端逐渐减小，所以当U并增大时，AL定增大；当U井减小时，由

于另一个支路的电阻值增大，所以流过尺的电流减小，井联的总电流增大，所以Ai也一定增大，即电流表

Ai示数变大，综上，电压表Vi的示数Ui先变大后变小，电流表Ai的示数h变大。电压表V2的示数U2

先变小后变大，电流表A2的示数12先变小后变大。故AD错误，B正确；

D.由于U|=E-",所以有

|也

|AI2

即竽的绝对值不变，由于U2=所以有

即的绝对值不变,故C错误。

故选B。

二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上

选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得。分）

8.如图1所示，在水平地面上的O点固定一个带正电的带电体（可视为质点，图中未画出），以0点为原

点以向右为正方向建坐标系，得到坐标轴上。点右侧各点的电场强度E与各点到0点距离「的关系图像如

图2所示。现将一个可视为质点质量为机、带电量大小为4的滑块从8点由静止释放，滑块向右运动，经

过4点时滑块的速度最大，已知0A="，且8为0A的中点，重力加速度为g,点电荷周围的电势

（p=—（。为点电荷的电荷量，「为该点到点电荷的距离，以无穷远处电势为零）。下列说法中正确的是

r

（）

B.滑块与水平面间的动摩擦因数〃二坐

A.滑块可能带负电

mg

C.滑块经过A点时的速率巳D.滑块停止运动时离。点的距离为2%

V2m

【答案】BD

【解析】

【详解】A.在。点的带电体带正电，滑块从8点由静止释放，向右运动，则滑块受到的电场力向右，故

滑块带正电，故A错误；

B.滑块向右运动，经过A点时滑块的速度最大，此时

qE。=jurng

滑块与水平面间的动摩擦因数

mg

故B正确；

C.B、A两点间电势差

=丝_丝=丝

BA3

2

根据动能定理

JJI2

qURA-pmg-=-mvA

又

E2

04

联立解得

故C错误;

D.设滑块停止运动时离0点的距离为居根据动能定理

q鸟-皑-pmg(x-y)=0

~2

解得

4=2%

故D正确。

故选BDo

9.如图所示，处于竖直面内半径为R的圆形区域磁场，方向垂直纸面向外，磁感应强度大小为以。为圆

心，A5为竖直直径，已知一带正电的比荷为々的粒子从4点沿方向以某一速度V射入磁场后，经时间f

射出磁场，射出时速度方向的偏转角为60。，不计带电粒子的重力。下列说法正确的是()

A.带电粒子的速度大小为y=空

k

B.若只让粒子速度大小改为立u，则粒子在磁场中的运动时间为

33

C.若让粒子速度大小改为立u，入射方向改为A8右侧与48夹角30。，则粒子在磁场中运动轨迹的长度

3

为苧

D.若只改变入射速度方向让粒子在磁场中的运动时间最长，则粒子的入射方向与AB夹角的正弦值应为

V

【答案】CD

【解析】

B

[wi©i.(B0(

甲乙2丙°，A

T

A.带电粒子的速度为丫时，其在磁场中的运动轨迹如图甲所示，由题意可知粒子转过的圆心角为

/AQC=60,所以带电粒子做圆周运动的半径

q=7?tan6O=8R

根据洛伦兹力提供向心力有

qvD=m—

可求得

v=^=®BR

m

故A错误；

B.当粒子的速度大小改为包〜粒子做圆周运动的半径

3

6R

钎「二R

则粒子在磁场中的运动轨迹如图乙所示。由图乙可知，粒子在磁场中运动的时间为

由图甲可知

~~6

所以

故B错误；

C.若粒子的速度为正口入射方向改为A8右侧与A8夹角30。，粒子在磁场中的运动轨迹如图丙所示,

3

由图可知，粒子转过的圆心角为N4。,0=60,粒子做圆周运动的半径为

q=A=R

则粒子在磁场中运动的轨迹长度

Z=ix2^=—

633

故C正确;

D.若只让粒子在磁场中运动时间最长，则粒子在磁场中做圆周运动对应的弦最长，对应最长弦为直径A4

粒子运动的轨迹如图丁所示，由图可知

sin"幺走

43

由几何关系可知，8角等于U与48的夹角，则粒子的入射方向与夹角的正弦值应为上，故D正确。

3

故选CD。

10.如图所示，竖直面内有一匀强电场，其方向与x轴夹角为37。，现有质量为小的一带负电的小球，从

。点以速度W竖直向下抛出，已知小球的加速度沿x轴方向，则关于带电小球运动过程中的说法正确的是

()

B.小球的电势能与重力势能之和一直在减小

C.小球的电势能与动能之和一直在减小

D.经过，=之■的时间，小球的机械能达到最小值

16g

【答案】ABD

【解析】

【详解】A.小球加速度沿x轴方向，小球受到竖直向下的重力和与电场线方向相反的电场力，所以小球合

力沿入轴正方向，在竖直方向有

Esin370=mg

解得电场力

F，g

3

A正确；

B.小球所受合外力沿式轴正方向，小球做类平抛运动，所以小球所受合力做正功，小球的动能增加，根

据能量守恒定律可知小球的电势能与重力势能之和一宜在减小，B正确；

C.小球做类平抛运动，小球的重力做正功，重力势能减小，根据能量守恒定律可知小球的电势能与动能

之和一直在增加，C错误；

D.电场力做负功，电势能增加，小球机械能减小，所以电场力做负功最大时，小球机械能最小，沿电场

线方向建立直角坐标系，则在电场力方向，速度为%以九530,加速度为

5mg-

-----mgcos53=ma

解得

16

a=­g

15

沿电场线方向，小球做匀减速直线运动，减速至0用时为

3

-%cos530二5%二9%

a£16g

15^

此时电场力做负功最大，所以小球机械能最小，D正确。

故选ABDo

第n卷（非选择题共54分）

三、非选择题（本题共5小题，共54分）

11.描绘一个标有“3V,0.5A”小灯泡L的伏安特性曲线，实验室提供的实验器材有：

A.电源七（电动势为4V,内阻约1Q）

B.电流表4（量程为0.6A,内阻约0.5C）

C.电流表右（量程3A,内阻约0.1。）

D.电压表G（量程为3V,内阻约3kC）

E.电压表U2（量程为15V,内阻的15kQ）

F.滑动变阻器与（最大阻值10Q）

G.滑动变阻器R?（最大阻值100Q）

H.开关S一个，导线若干

（1）为了能多测几组数据并能从0开始测量，某小组设计电路图如图，则在该电路中，电流表选择

，电压表选择,滑动变阻器选择（此三空均选填相应器材前的代号）。

（2）在按照合理的电路及操作测量后，作出如图（a）所示的小灯泡的伏安特性曲线。现将同样规格的小

灯泡分别接入如图（b）、如图（c）所示的电路中，已知电源电动势£=3.0V,电源内阻产=5。，图（c）

中的定值电阻R=5Q,则图（b）中小灯泡的实际功率为W,图（c）中一个小灯泡的实际功率为

一W（两个空均保留2位有效数字）。

【答案】①.B②.D③.F0.43⑤.0.11

【解析】

【分析】

【详解】由灯泡L的额定电压、额定电流可知，电压表应选量程为3V的D,电流表应选量程为

0.6A的B,为了能多测几组数据并且从。开始调节，滑动变阻器采用分压式接法，为了方便调节，减小误

差，应选阻值较小的F。

⑵⑷在如图（b）的实验中，在小灯泡的伏安特性曲线图中，画出电源的外特性曲线，交点即为此时灯泡的

实际电压与实际电流，如图所示

可知

(/,=1.15V,=0.37A

可得灯泡的实际功率为

A=U"0.43W

⑸在如图(C)的实验中，设灯泡的实际电压、实际电流为U2、/2,由闭合电路欧姆定律可得

2a=

代入数据可得

，2=—0.84+0.6

把这个伏安特性曲线与灯泡的伏安特性曲线画在同一坐标中，如图所示

1/；A

由图可得，交点坐标为

U2=0.45V,I2=0.24A

可得灯泡的实际功率为

Py=U2I2《0.11W

12.佳佳同学在做“练习使用多用电表”的实验时，进行了如下测量:

该电路两电压为Vo

（2）测量电路的电流时，选择开关处在电流“10mA”挡，指针位置如图中人所示，被测电流的值为

mA。

（3）某欧姆表由于长时间未使用，电源电动势和内阻发生了明显变化，导致无法进行欧姆调零。小佳同学

用如图甲所示的电路来研究其内部的电源情况。实验时选择欧姆表“xl”挡位，已知亳安表的量程为

400IIIA,内阻约为1。。

<9>

甲

①在电路连接时，要注意毫安表的“一”接线柱要与欧姆表的（填"红"或“黑”）表笔相连；

4

②调节电阻箱的阻值，当亳安表的读数为400mA时，欧姆表指针偏转到整人表盘不位置的2.5。刻度处,

如图乙所示，则欧姆表表头G的量程为mA；

③连续调节电阻箱的阻值，记录多组电阻箱阻值R租通过亳安表的电流/,做出图像，如图丙所示,

则电源的电动势V。在不考思实验偶然误差的情况下，电源电动势的测量值________（填“大

于”“小于”或“等于"）真实值。

【答案】①.20.5②.6.0③.红④.500⑤.5⑥.等于

【解析】

【详解】（1）测量电路两电压时，选用直流50V量程，指针位置如图中。所示，读数时要读中间的刻度

盘，最小刻度为IV,则该电路两电压为2O.5V。

（2）[2]测量电路的电流时，选择开关处在电流“10mA”挡，指针位置如图中6所示，读数时要读中间

的刻度盘，最小刻度为0.2A,被测电流的值为6.0mA.

(3)①网电流从欧姆表的红表笔流入，从毫安表的“一”接线柱流出，所以亳安表的“一”接线柱要与

欧姆表的红表笔相连；

②[4]设欧姆表表头G的量程为乙，由题意可得

4

-L=400mA

58

解得欧姆表表头G的量程为

4=500mA

③⑸设回路中除电阻箱之外的总电阻为根据闭合电路欧姆定律有

E=I(R+r)

整理得