中考一模物理（江苏徐州卷）（全解全析）

2024年中考第一次模拟考试（江苏徐州卷）物理（考试时间：80分钟试卷满分：80分）注意事项：1.本试卷选择题共24分，非选择题共76分，全卷满分100分:考试时间100分钟2.答题前，请务必将自己的姓名，学校、考试号等用书写黑色字进的0.5毫米签笔填写在答题卷上第I卷(选择题共20分)一、单项选择题（请将正确的选项涂在答题卡上，每小题2分，共20分）1．如图所示活动中，用来探究声音传播条件的是（）A．将发声的音叉触及面颊B．用大小不同的力敲鼓C．将发声置于密闭瓶内并抽气D．用硬卡片在梳齿上快划、慢划【答案】C【详解】A．将发声的音叉触及面颊，感受到发声的音叉在振动，不是探究声音的传播条件，故A选项不符合题意；B．用大小不同的力敲鼓，改变了鼓皮振动的幅度，响度发声变化，不是探究声音的传播条件，故B选项不符合题意；C．将发声置于密闭瓶内并抽气，空气越变越少，声音越变越小，故探究的是声音的传播需要介质，故C选项符合题意；D．用硬卡片在梳齿上快划、慢划，改变了纸片振动的频率，探究的是音调与频率的关系，不是探究声音的传播条件，故D选项不符合题意。故选C。2．为隆重庆祝中国共产党成立90周年，达州市委宣传部、文广局、市电视台主办了“红歌连连唱”．小琴踊跃报名参加了比赛,有关她的歌声下列说法错误的是（）A．我们听到她的歌声是靠空气传到人耳的B．小琴同学发出的歌声是她的舌头振动产生的C．小琴同学在台上“引吭高歌”说明她的声音响度大D．我们在幕后能听出是小琴的歌声是根据音色判断的【答案】B【详解】A、小琴的歌声是通过空气传递到人的耳朵里的，选项说法正确，不符合题意；B、歌声是靠声带的振动产生的，选项说法错误，符合题意；C、“引吭高歌”说明她的声音响度大，选项说法正确，不符合题意；D、因为每个人的发声结构不同，所以发出声音的音色不同，故可以通过音色辨别是谁，选项说法正确，不符合题意；3．2023年3月7日凌晨，在清华大学校园内，张嘉奇等同学用照相机拍到“太空中的中国空间站”的照片，如图所示。照相机镜头的焦距为f，拍照时像距（）A．略小于f B．略大于f C．略小于 D．略大于【答案】B【详解】根据凸透镜成像规律，照相机的物距大于2f，像距大于f小于2f，拍“太空中的中国空间站”时，物距非常大，像会靠近焦点，即像距略大于f，故ACD不符合题意，B符合题意。故选B。4．小帆在老师指导下，用如图所示的同一个实验装置分别加热100g的甲、乙两种液体（其中一种是水），用测得的数据绘制了温度随时间变化图像如图，乙从20℃加热至沸腾刚好消耗了4g酒精（）。若单位时间内甲吸收的热量与乙吸收的热量相等，，则下列说法中正确的是（）A．B．乙的吸热能力大于甲的吸热能力C．0~8min乙吸收的热量为D．该酒精灯的加热效率为28%【答案】C【详解】ABC．由图乙知，甲从20℃加热至沸腾用时8min，乙从20℃加热至沸腾用时10min。升高相同温度，甲所需时间长，需要吸收的热量多，那么甲的吸热能力更强，则甲是水，甲从20℃升温至100℃，需要吸收的热量Q吸=c水m(tt0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.1kg×(100℃20℃)=3.36×104J两种液体在相同时间吸收的热量相同，那么乙在8min内吸收的热量为3.36×104J。乙从20℃升温至100℃，所需时间为4min，吸收的热量那么乙的比热容故AB错误，C正确；D．乙从20℃加热至沸腾，所需时间为10min，吸收的热量消耗的酒精放出的热量Q放=m酒精q酒精=0.004kg×3×107J/kg=1.2×105J那么酒精灯的加热效率故D错误。故选C。5．如图所示，扬声器是把电信号转化为声信号的装置，工作时线圈中通入携带声音信息、时刻变化的电流．下列说法中错误的是（）A．线圈中通入的是方向变化的电流，所以锥形纸盆来回振动，产生声音B．锥形纸盆振动越快，产生的声音音调越高C．锥形纸盆振幅越大，产生的声音响度越大D．扬声器工作过程利用的是电磁感应原理【答案】D【详解】A．扬声器内有一永磁体，当线圈内通入电流后，根据磁场对通电导线有力的作用，线圈会运动，扬声器中的线圈中通过变化电流时，力的大小会发生变化，线圈会带动与线圈相连的纸盆振动，发出声音，此过程中将电信号转化成声信号．故A正确，不符合题意；B．音调是指声音的高低，它和物体振动频率有关．锥形纸盆振动越快，物体振动频率越快，产生的声音音调越高，故B正确，不符合题意；C．声音的强弱叫响度，响度与发声体的振幅有关：振幅越大，响度越大，另外响度还与距离发声体的远近有关；锥形纸盆振幅越大，产生的声音响度越大，故C正确，不符合题意；D．扬声器是利用通电导体在磁场中受到力的作用原理工作的，不是利用电磁感应原理，故D错误，符合题意。故选D。6．甲、乙两人进行100m赛跑，结果甲比乙超前10m到达终点。如果让甲从原起跑线往后退10米起跑，乙仍从原起跑线起跑，两人都保持原来的速度重新比赛，则比赛结果是（）A．同时到 B．甲先到 C．乙先到 D．不能确定【答案】B【详解】设甲用的时间为t，则甲的速度乙的速度第二次比赛时，甲用的时间乙用的时间即t甲<t乙，因此还是甲先到达终点。故选B。7．体积相同的A、B、C三个物体放入同种液体中，静止时的状态如图所示。其中C物体对杯底有压力。用、、分别表示三个物体受到浮力的大小，、、分别表示三个物体受到重力的大小，、、分别表示三个物体排开液体重力的大小。下列判断正确的是（）A． B．C． D．【答案】B【详解】AD．体积相同的A、B、C三个物体放入同种液体中，由图知又根据阿基米德原理，可得，故AD都错误；B．A物体处于漂浮状态，B物体处于悬浮状态，受到重力和浮力都是一对平衡力，C物体沉在容器底，又由上述推论，故可得，故B正确；C．又根据阿基米德原理，可得，故C错误。故选B。8．如图是小强利用器械进行锻炼的示意图，其中横杆AB可绕固定点O在竖直平面内转动，OA∶OB=3∶2，在杆A端用细绳悬挂重为300N的配重，他在B端施加竖直方向的力F1，杆AB在水平位置平衡，此时他对水平地面的压力为F2。为了锻炼不同位置的肌肉力量，他将固定点移动到A端，杆AB可绕端点A在竖直平面内转动，配重悬挂在O点，在B端施加竖直方向的力使杆AB在水平位置再次平衡，此时，他对水平地面的压力为F3，压强为p。已知小强重为650N，两只脚与地面接触的总面积为400cm²，不计杆重与绳重，下列判断正确的是（）A．F1为200N B．F2为1100NC．F3为830N D．p为11750Pa【答案】C【详解】A．已知OA∶OB=3∶2，根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2得F1×OB=G×OA即，故A错误；B．他对水平地面的压力为F2=G人F1=650N450N=200N，故B错误；C．将固定点移动到A端，杆AB可绕端点A在竖直平面内转动，配重悬挂在O点，在B端施加竖直方向的力，使杆AB在水平位置再次平衡，小强对B端施加力的方向应竖直向上，该力大小根据力的作用是相互的，则此时B端对小强施加力的方向竖直向下，该力大小F4ʹ=F4=180N他对水平地面的压力F3=G人+F4ʹ=650N+180N=830N故C正确；D．此时他对水平地面的压强故D错误。故选C。9．如图所示的实物电路由电源、开关S、两个小灯泡L1、L2和甲、乙、丙三个电表（电流表或电压表）组成。闭合开关S后，两个小灯泡L1、L2均能发光。下列关于甲、乙、丙三个电表的判断，正确的是（）A．甲是电压表，乙、丙是电流表B．乙是电压表，甲、丙是电流表C．甲是电流表，乙、丙是电压表D．丙是电流表，甲、乙是电压表【答案】B【详解】分析实物电路发现，电流从电源正极出发，经过开关，分为两条支路，一条经过L2，一条经过丙表到达L1，由于丙表和L1串联在一条支路中，所以丙表是电流表；电流到达L1左端，不经过L1到达乙表，如果乙表是电流表，则电流不经过用电器，直接到电源负极，电路中出现短路，所以乙表是电压表；电流经过L1后，到L2左端会合，会合后电流经过甲表到电源负极，所以甲表是电流表；故乙是电压表，甲、丙是电流表，故B正确，ACD错误。故选B。10．每年进入汛期，多地会发生强降雨，导致河流水位上涨。某校科技小组设计了一个监测水位的装置如图甲所示，电路中电源电压保持不变，R0为定值电阻，R滑是竖直放置的起滑动变阻器作用的电阻装置（最大阻值40Ω），浮子可带动金属滑杆AP即滑动变阻器滑片竖直上下移动，当电流表的示数达到某一数值时提醒小组成员水位达到警戒值。R滑接入电路的阻值R随水位的变化关系如图乙所示，与之对应的电压表与电流表示数变化关系如图丙所示。下列说法正确的是（）A．当水位升高时，电压表的示数减小B．该电路工作时总功率最小值为0.3WC．水位变化过程中，滑动变阻器功率最大时水位为20cmD．当水位达到警戒水位时，电压表的示数为3V【答案】C【详解】A．闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测R0两端的电压，电流表测通过电路的电流，由图甲可知当水位升高时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，由分压原理可知，滑动变阻器分得的电压变小，根据串联电路电压特点可得Uv=UU滑因此电压表示数变大，故A错误；B．当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电路为定值电阻的简单电路，根据欧姆定律可知此时通过电路的电流最大，由丙图可知通过电路的最大电流为0.3A，电压表示数为电源电压U=6V。根据欧姆定律可得，定值电阻的阻值为由图丙可知通过电路的最小电流为0.1A，该电路工作时的最小总功率为P=UI′=6V×0.1A=0.6W故B错误；C．水位变化过程中，滑动变阻器的功率为当时，滑动变阻器的功率最大，接入电路的阻值随水位的变化关系如图乙，由乙图可知10cm×k+b=40Ω，30cm×k+b=0，两式联立可得：k=2Ω/cm，b=60Ω，则R滑=2Ω/cm×h+60Ω当R滑1=20Ω，代入数据20Ω=2Ω/cm×h+60Ω，得h1=20cm，故C正确；D．当水位达到警戒水位25cm时，滑动变阻器接入电路的电阻为R′=2Ω/cm×25cm+60Ω=10Ω串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据欧姆定律可得通过电路的电流为串联电路的电流处处相等，根据欧姆定律可得，此时电压表示数为U′=0.2A×20Ω=4V故D错误。故选C。第Ⅱ卷(选择题共60分)二、填空题（本大题共7题，共20分）11．在制茶过程中，通过加热能使新鲜茶叶中的水分快速（填物态变化名称），这便是制茶工序中的“杀青”，用开水能很快泡出茶香、茶色，这是因为温度越高，分子越剧烈，夏日荷塘荷叶上的两滴露珠接触后合成一滴，这表明分子间存在。【答案】汽化运动引力【详解】[1]在制茶过程中，提高液体的温度可以加快汽化，使茶叶变干的更快。[2]分子运动的剧烈程度和温度有关，温度越高，分子运动越剧烈。[3]因为分子间存在引力，所以两滴露珠靠近时会融合为一滴。12．“足球进校园”推进了校园足球的发展．运动员将静止的足球踢飞，说明力可以；足球落地后会继续向前滚动．是因为足球具有．当足球静止在水平地面上时．受到的重力和地面的支持力是一对（选填“平衡力”或“相互作用力”）．【答案】改变物体运动状态惯性平衡力【详解】力可以改变物体的运动状态，所以运动员将静止的足球踢飞，运动状态发生变化；一切物体都具有惯性，落地后的足球由于惯性，要保持原来的运动状态，所以会在地面上滚动；当足球静止在水平地面上时，它受到的重力和地面的支持力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力．13．如图所示，将一张卡片对折，在开口的一边剪两刀，然后将橡皮筋套在开口边，就做成了一个会跳的卡片。将卡片反过来，用手压平在桌面上，使橡皮筋伸长，迅速松开手，会看到卡片，在此过程中将橡皮筋的能转化为卡片的能。【答案】跳起弹性势机械【详解】[1][2][3]“橡皮筋伸长”说明橡皮筋发生弹性形变，发生弹性形变的物体要恢复原状，就会对使它发生形变的物体施加力的作用，所以橡皮筋对硬卡片施力，使它跳起。橡皮筋发生了弹性形变，所以它具有了弹性势能。卡片在上升过程中，质量不变，高度升高，所以重力势能将增大，质量不变，速度变大，动能变大，所以卡片的机械能变大，是橡皮筋的弹性势能转化为卡片的机械能。14．医生给心脏疾病的患者做手术时，往往要用一种称为“人工心脏泵血泵”的体外装置来代替心脏，以推动血液循环。如图是该装置的示意图，线圈AB固定在用软铁制成的活塞柄上（相当于一个电磁铁），通电时线圈与活塞柄组成的系统与固定在左侧的磁体相互作用，从而带动活塞运动。活塞筒通过阀门与血管相通，阀门S1只能向外开启。线圈中的电流从A流向B时，线圈左端是电磁铁的极，活塞向运动（“左”或“右”），血液（“由上而下”或“由下而上”）流动。【答案】S左由下而上【详解】[1][2][3]当线圈中的电流从A流向B时，由安培定则可知，螺线管左端为S极，右端为N极，此时异名磁极相互吸引，故活塞向左运动，S1关闭，S2打开，血液从血管经S2由下而上流向活塞筒。15．如图是喷气式飞机，在飞行时，发动机向后高速喷出气体，飞机获得向前的推力，这说明力的作用是的；如图，飞机获得升力的原理是：气体流速越大，气体压强（选填“越大”或“越小”）；当飞机在高空飞行时，大气压减小，为了防止燃料沸腾，飞机使用沸点较（选填“高”或“低”）的煤油作为燃料。【答案】相互越小高【详解】[1]在飞行时，发动机向后高速喷出气体，飞机对喷出的气体施加向后的作用力，同时，喷出的气体对飞机施加向前的推力，这说明了物体间力的作用是相互的。[2]飞机获得升力的原理是：机翼的上方空气的流速越大，气体压强小，而机翼下方的空气流速小，压强大，使得飞机受到一个向上的压力差，故使得飞机获得升力。[3]液体的沸点随液面上方气压减小而降低，当飞机在高空飞行时，大气压减小，为了防止燃料沸腾，飞机使用沸点较高的煤油作为燃料。16．“蹦极”是一种富有刺激性的勇敢者的运动项目。如图所示，一端系住人的腰部、另一端系于跳台的是一根弹性橡皮绳。当人下落至图中A点时，橡皮绳刚好被拉直，那么，O点到A点，运动员的机械能，在人越过A点继续向下的过程中，人的动能将会，橡皮绳的弹性势能将。（填“变大”、“变小”“先变大后变小”、“先变小后变大”或“不变”）【答案】变小先变大后变小变大【详解】[1]运动员在到达A点之前，运动员的重力势能转化为动能并克服空气阻力做功，消耗一部分机械能，所以从O点到A点，运动员的机械能变小。[2][3]过A点后向下运动的过程中，橡皮绳弹性形变的程度变大，则橡皮绳的弹性势能增加；过A点后下落过程中人先加速后减速运动，则运动员的动能先增加后减小。17．寒冬，为给小鸡仔提供温暖的环境，小明制作了恒温箱系统，原理如图。控制电路由电磁继电器、滑动变阻器R1、热敏电阻R2（安装在恒温箱内，阻值随温度升高而显著减小）、低压电源等组成。加热电路由电源、电热丝R3和R4等组成。调好R1阻值，闭合开关S1、S2，箱内温度升高到设定值后即在小范围内波动，且降温阶段降温比较平缓。（1）R3阻值（大于/小于）R4阻值；（2）将R1的阻值稍微调小一些，恒温箱控制的温度将。【答案】小于降低【详解】（1）[1]由上述可知，当温度升高时，电磁铁磁性会增强，此时衔铁被吸下，电阻R4开始工作，为了保证在恒温箱内温度较为平稳，现在加热功率应较低，根据可知，电压不变，电阻较大，因此R3阻值小于R4阻值。（2）[2]将R1的阻值稍微调小一些，热敏电阻R2阻值降低较小时即恒温箱温度未达到原来温度，控制电路电流已达到可以使电磁铁磁性强度把衔铁吸引下来，从而进入较小加热功率，因此恒温箱控制的温度将降低。三、物理解答题（18题4分，19题、20题各6分，2123题各8分，共40分）18．按要求作图。（1）如图所示，物体A静止在斜面上，画出A所受重力G和支持力F的示意图；（2）图为冰箱工作时的部分电路示意图.冰箱内照明灯由开关S1控制，压缩机M由开关S2控制。根据题意，将图连接完整，并符合安全用电原则；【答案】19．用如图所示的滑轮组将质量为的物体以的速度匀速向上提升。取（1）求该物体所受到的重力；（2）实际中动滑轮重为，人的拉力做功，求克服绳重和摩擦所做的额外功。【答案】（1）；（2）【详解】解：（1）该物体所受到的重力（2）物体以的速度匀速向上提升，上升的高度滑轮组做的有用功克服动滑轮做的额外功克服绳重和摩擦所做的额外功答：（1）该物体所受到的重力是；（2）克服绳重和摩擦所做的额外功是。20．如图所示电路，电源电压保持不变．（1）滑动变阻器的铭牌上标有“10Ω2A”字样，求滑动变阻器两端允许加的最大电压．（2）当滑动变阻器接入电路的阻值分别为2Ω和8Ω时，滑动变阻器消耗的功率相同，求电阻R0的阻值．【答案】20V40Ω【详解】试题分析：（1）“10Ω2A”的含义是：滑动变阻器的最大阻值为10Ω，允许通过的最大电流为2A，由I=U/R可得，滑动变阻器两端允许加的最大电压：U滑大=I大R滑大=2A×10Ω=20V；（2）由图知，R0与R串联，由串联电路特点和欧姆定律可得两次电路中电流：，两次滑动变阻器消耗的功率相同，即PR=PR′，根据P=I2R可得：（）2×2Ω=（）2×8Ω，解得：R0=4Ω．答：（1）滑动变阻器两端允许加的最大电压为20V；（2）电阻R0的阻值为4Ω．21．小红拿到一块玻璃透镜，仔细观察这块透镜，发现一面有螺纹，一面是光滑的，她对此透镜进行了探究。（1）她把该透镜靠近书上的“实验”二字，观察到如图甲所示的现象，由此可以判定该透镜是（选填“凸”或“凹”）透镜；（2）为探究该透镜的成像规律，小红将“F”光源、透镜、光屏放置在光具座上，调整好后，固定透镜位置，使“F”光源从距离透镜较远处逐次靠近透镜，每次都调节光屏到透镜的距离，使“F”光源在光屏上成清晰的像，将结果记录在下表中，当“F”光源位于如图丙所示位置时，光屏应适当向（选填“左”或“右”）移动，才能在光屏上得到清晰的像。实验序号物距像距像的性质13015倒立、缩小的像22020倒立、等大的像31530倒立、放大的像（3）在了解了该透镜的成像规律后，小红用长方形不透明纸盒、平面镜、该透镜设计制作了一个投影仪，其剖面图如图丁所示，平面镜与底面夹角为，平面镜的中心位于透镜的主光轴上，盒上方开一方形孔，将“F”光源按照图示方式朝下平放在方形孔上、中心与平面镜中心在一条竖直线上，若盒子高度h为，为保证在正对透镜前方的屏幕上能看到一个放大的投影，则盒子长度l的范围为，屏幕上所成的图像形状是。（选填“

”、“

”或“

”）【答案】凸

左10cm<l<20

【详解】（1）[1]由图甲可知，“实验”二字被放大了，透镜起放大作用，是放大镜，说明该透镜是凸透镜。（2）2]由表中数据可知，物距是15cm，像距是30cm，图丙中，光屏到透镜的距离是30cm，如果“F”光源在25cm刻度处，光屏上成清晰的像，但是“F”光源在23cm刻度处，物距增大，像距减小，才能成清晰的像，所以光屏应适当向左移动，才能在光屏上得到清晰的像。（3）[3]A点为光源的位置，根据平面镜成像的特点作出A点的像点A′点，为保证在正对透镜前方的屏幕上能看到一个放大的投影，物距大于1倍焦距小于2倍焦距，所以A′点到透镜距离大于10cm小于20cm，盒子长度l的范围为10cm<l<20cm[4]根据平面镜成像的特点可知“F”光源在平面镜成的像形状是“”，经过凸透镜后成像的形状是“

”。22．小明和小华一起进行伏安法测电阻的活动。（1）他们选用的器材如图甲所示，请你用笔画线代替导线将实物电路连接完整，要求：滑动变阻器的滑片P向右移动时电流表的示数变大；

（2）小明和小华配合进行实验，并根据数据画出如图乙所示的图像；（3）利用电压表可以直接测量电压的大小，能否把电压表改装为间接测量电阻大小的仪表呢？小明和小华经过思考，分别设计了如图丙、丁所示的方案（电源电压恒定不变），并进行了以下操作和分析：①小明在电路的M、N两点之间接入一个电阻箱，调节旋钮使它接入电路的阻值分别为5Ω、8Ω、20Ω，闭合开关，发现电压表指针分别指向1.5V、2.0V、3.0V的刻度线，于是他在表盘相应位置标出了电阻的数值，如图戊所示。以此类推再标出其他刻度线，电压表就可以用来间接测量阻值了，由以上数据可知：电源电压为V，定值电阻R0的阻值为Ω；②小华的设计方案，所用器材的规格、电表接入的量程都与小明的完全相同，分析她的设计方案可知：在保证器材安全的前提下，她改装后的电压表所能测的最小电阻值为Ω。【答案】

4.5105【详解】（1）[1]伏安法测电阻的实验中滑动变阻器串联在电路中，滑动变阻器的滑片P向右移动时电流表的示数变大，说明滑动变阻器的接入阻值变小，故应将滑动变阻器的右下接线柱接入电路。如图所示

（2）①[2][3]由图戊可知，电压U1=1.5V时，R1=5Ω，电压U2=2V时，R2=8Ω，由图丙电路可知，定值电阻R0与电阻箱串联，由和串联电路电压规律可知，测量电阻R1时，电源电压①测量电阻R1时，电源电压②联立①②解得：R0=10Ω，将其带入其中一个式子解得电源电压U电=4.5V。②[4]小华设计的电路中，定值电阻R0与电阻箱串联，但电压表测量的是定值电阻R0两端的电压；所用器材的规格、电表接入的量程都与小明的完全相同，即电源电压U电=