安徽省合肥市2025届高三物理下学期6月第三次教学质量检测试题含解析

PAGE18-安徽省合肥市2025届高三物理下学期6月第三次教学质量检测试题（含解析）1.家庭装修运用的大理石中常含有放射性元素氡（），其衰变方程为：，半衰期为3.8天，则下列说法正确的是（）A.衰变中释放出的射线比射线的穿透实力强B.10个氡核经过3.8天的衰变剩余5个氡核C.钋（）的比结合能大于氡（）的比结合能D.若采纳增大压强方法，可以变更氡（）的半衰期【答案】C【解析】【详解】A．由射线及射线的特点可知：衰变中释放出的射线比射线的穿透实力弱，故A错误；B．半衰期是统计规律，对大量的原子核适用，少数原子核不适用，故B错误；C．钋核比氡核稳定，钋（）的比结合能大于氡（）的比结合能，故C正确；D．半衰期不受外界环境及化学状态的影响，故D错误；故选C。2.如图所示，完全相同的两个物体A、B（视为质点）用轻绳连接，物体A在大小相同的力F作用下，使两物体沿力F的方向分别按如下四种方式做匀加速直线运动：①F水平，两物体沿光滑水平面上运动；②F水平，两物体沿粗糙水平面上运动；③F沿斜面对下，两物体沿光滑斜面对下运动；④F沿斜面对上，两物体沿粗糙斜面对上运动。上述四种运动过程中物体的位移大小均相等，则下列说法正确的是（）A.上述四种运动中恒力F做功相同B.③中物体的加速度最大，④中物体的加速度最小C.轻绳对物体B的拉力在1中最小，在④中最大D.在①和④中，轻绳的拉力对物体B做功的平均功率相同【答案】A【解析】【详解】A．依据功的定义：由题意可推断四种状况下，恒力F做的功相等，故A正确；BC．设物体受到的摩擦力为f，绳子的拉力为T，②中整体由牛顿其次定律可得：再用隔离法有：联立可求得：通过结果，说明物体加速的大小取决于系统受合力的大小，绳子的拉力大小与摩擦力无关，同理与重力的分力也无关。所以，四种状况中绳的拉力一样大；③中系统所受合力最大，加速度最大，但④中系统所受合力不肯定最小，故加速度不肯定最小；故B、C错误；D．轻绳的拉力对物体B做功的平均功率由公式有：明显相等，①中的加速度大于④中的加速度，由可推断在发生相同的位移内，，故可得：故D错误；故选A3.如图甲所示，串联一志向沟通电流表的单匝圆形闭合导线框水平放置，半径为r、电阻为R。匀强磁场穿过线框，该磁场磁感应强度B随时间t按正弦规律变更，如图乙所示。则下列说法正确的是（）A.时线框中的感应电流最大B.时电流表的示数为零C.在内线框有收缩趋势D.0-T时间内导线框中产生的焦耳热为【答案】CD【解析】分析】【详解】A．时磁感应强度最大，线框中的磁通量最大，而磁通量的变更率却为零，因此感应电流也为零，故A错误；B．电流表测量是有效值，所以时电流表的读数不为0，故B错误；C．在内，穿过线圈的磁通量增加，依据楞次定律可知，闭合导线框有收缩的趋势，故C正确；D．线框中产生的感应电动势的最大值一个周期内产生的热量故D正确；故选CD。4.一列复兴号动车进站时做匀减速直线运动，车头经过站台上三个立柱A、B、C，对应时刻分别为t1、t2、t3，其x-t图像如图所示。则下列说法正确的是（）A.车头经过立柱B的速度为B.车头经过立柱A、B的平均速度为C.动车的加速度为D.车头通过立柱B、C过程速度的变更量为【答案】B【解析】【详解】A．车头经过站台上立柱AC段的平均速度由图可知，B点是AC段的位置中点，所以B点的瞬时速度应当大于AC段的平均速度，故A错误；B．车头经过立柱A、B的平均速度为故B正确；C．依据中间时刻速度等于平均速度得，动车的加速度为故C错误；D．车头通过立柱B、C过程速度变更量为故D错误；故选B。5.如图所示，将一带有固定挡板的长薄板放在水平面上，一轻质弹簧左、右两端分别与滑块（视为质点）和挡板相连接，当滑块位于图中的A点时整个装置处于静止，此时弹簧被压缩。现将长薄板的左端缓慢抬起，经过一段时间滑块起先沿薄板下滑。则从长薄板的左端缓慢抬起到滑块起先沿薄板下滑的过程中，下列说法正确的是（）A.滑块始终受4个力作用B.滑块对板的压力先减小后增大C.滑块所受的静摩擦力先增大后减小D.滑块所受的静摩擦力先减小后增大【答案】D【解析】【详解】A．长薄板的左端缓慢抬起到滑块起先沿薄板下滑的过程中，当重力沿板的分力与弹簧的弹力相等时，滑块只受三个力：重力、支持力和弹簧的弹力，故A错误；BCD．假设滑块的重力为G，长薄板与水平之间的夹角大小为θ，弹簧的弹力大小用F表示，静摩擦力的大小用Ff表示，支持力用FN表示，由平衡条件可知FN=mgcosθFf=F-mgsinθ由题意可知，当右端缓缓抬起时，θ渐渐增大，支持力减小，依据牛顿第三定律可知滑块对板的压力始终减小；而滑块所受的静摩擦力先减小后增大，故D正确，BC错误；故选D。6.志向变压器原线圈匝数n1＝1000匝，副线圈匝数n2＝100匝，当a、b两端接入如图所示的交变电压时，“3V，6W”的灯泡恰好正常发光，电阻R1＝100Ω，电压表V为志向电表。下列说法正确的是（）A.流过副线圈交变电流的频率为5HzB.R1消耗的电功率为4WC.电压表的示数为22VD.R2的阻值为8.5Ω【答案】BD【解析】【详解】A．由图乙可知，周期为0.02s，则频率为故A错误；B．灯泡正常发光，故副线圈中电流为原线圈的电流为0.2AR1消耗的电功率为故B正确；C．a、b两端电压的有效值为由图可知，R1两端电压则电压表的示数为D．由欧姆定律可得得故D正确。故选BD。7.如图所示，O点为位于一水平面上等量异种点电荷连线的中点，一通过O点的光滑绝缘细杆与水平面成角，A、B为杆上的两点，且AO=OB。一电荷量为q、质量为m的小环(视为质点)套在杆上，以初速度v0从A点沿杆运动到B点的过程中，下列说法正确的是（）A.小环肯定带正电B.小环的电势能先减小后增大C.在A、B两点小环的加速度相同D.小环的机械能可能守恒【答案】CD【解析】【详解】AB．两点电荷在杆上随意一点的电场强度大小相等，方向如图所示，在两点荷与杆上随意一点的连线和杆所在的平面内，将两场强分解到沿杆和垂直杆可知，两点荷在杆上的场强方向垂直杆，则电场力不做功，小环的电势能不变，由于小环有初速度则小环可带正电也可带负电，故AB错误；C．由于两点荷在杆上的场强方向垂直杆则小环的加速度始终为故C正确；D．两点荷在杆上的场强方向垂直杆，则电场力不做功，从A点沿杆运动到B点的过程中，只有重力做功，所以机械能守恒，故D正确。故选CD。8.2024年10月，直20武装直升机在第五届中国天津国际直升机博览会亮相。如图所示，直20的旋翼桨盘面积（桨叶旋转形成的圆面面积)为S，空气密度为，直升机质量为m，重力加速度为g。当直升机悬停在空中时，空气浮力不计，风力的影响也不计，下列说法正确的是（）A.直升机悬停时受到的升力大小为mgB.被螺旋桨推动的空气速度大小为C.1秒内被螺旋桨推动的空气质量为D.1秒内发动机做的功为【答案】AC【解析】【详解】A．依据平衡条件可得直升机悬停时受到的升力大小为F=mg故A正确；B．△t时间内被螺旋桨加速空气的质量为螺旋桨对空气的作用力，为使飞机停在空中，则有F=mg联立解得故B错误；C．1秒内被螺旋桨推动的空气质量为故C正确；D．由动能定理可得1秒内发动机所做得功为故D错误。故选AC。9.某试验小组在“探究加速度与力、质量的关系”试验时，依据图示装置组装好试验器材，试验的主要步骤如下：（1）将穿有纸带的打点计时器固定在木板适当的位置，把木板的一侧垫高，调整木板的倾斜度，接通电源，使小车在不受牵引力时能拖动纸带沿木板匀速下滑；（2）将槽码、小车和纸带安装好；（3）通过变更槽码的个数来成倍地变更小车所受的拉力，与此相对应，处理纸带并计算出小车的加速度；（4）保持槽码个数不变，通过增减小车中的重物变更小车的质量，与此相对应，处理纸带并计算出小车的加速度。请结合上述操作，完成以下内容：A．在步骤（1）中，垫高木板一侧的目的是________；B．在步骤（2）中，还须要调整定滑轮高度，其目的是________；C．在步骤（3）中，试验时要保持小车质量不变，这种方法在物理上被称为________；D．在步骤（4）中，随着小车中重物的增加，试验的系统误差________（填“增大”或“减小”）【答案】(1).平衡摩擦力(2).使细绳与木板平行(3).限制变量法(4).减小【解析】【详解】4A．［1］垫高木板一侧的目的是平衡摩擦力，在不挂钩码的状况下使小车恰好做匀速运动，以使小车的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小车的合力就是绳子的拉力；B．［2］调整定滑轮高度，其目的是使细绳与木板平行，若小车的细绳与木板不平行，则绳子上的拉力大小不等于小车的拉力大小，造成较大误差；C．［3］试验时要保持小车质量不变，这种物理方法属于限制变量法；［4］为了减小试验误差应使小车的质量远大于槽码的质量，所以随着小车中重物的增加，试验的系统误差渐渐减小。10.某试验小组利用铜片、锌片和砀山的梨制作了梨汁电池，以下是他们测量该电池的电动势E和内阻r的试验过程：（1）试验小组将有关试验器材进行了部分连接，如图甲所示，请依据试验原理将实物电路图补充完整_________；（2）试验时发觉电压表坏了，于是移去电压表，同时用电阻箱替换滑动变阻器，重新设计出如图乙所示的试验电路图并进行了如下试验：①已知电流表的内阻为100Ω，量程为0-300μA，电阻箱阻值的变更范围为0-9999Ω。连接电路后，调整电阻箱R，试验得到的测量数据如图表；②试验小组依据上表数据在U-I图像(U为电阻箱两端的电压，I为通过电阻箱的电流)已描绘出五个点，请描绘出余下的点并作出U-I图像______；③由U-I图像得该梨汁电池的电动势E=________V，内阻r=________Ω。（结果保留2位有效数字）【答案】(1).(2).(3).0.85~0.90(4).1.0×103~1.2×103【解析】【详解】(1)［1］依据电路图（乙）连接实物图（甲）如图所示(2)［2］依据描点做图法可得(3)［3］［4］依据在U-I图象中斜率肯定值表示电源内阻，纵轴截距等于电源电动势可得电源电动势为E=0.86V电源内阻为11.为了估算一质量为60kg的物体在地球赤道上所受重力的大小，由于地球表面重力加速度未知，某同学通过查找资料获得以下信息：（1）科考队员在南极点旁边用弹簧秤称测得一质量为2kg物体的重力大小为19.6N；（2）近地卫星绕地球做匀速圆周运动的周期约为1.5h；（3）地球同步卫星周期约为24h。请依据以上信息估算该物体在地球赤道上所受重力大小。（结果保留三位有效数字）【答案】G赤=586N【解析】【详解】设地球质量为M，半径为R，极点重力加速度为g由信息（1）可得由信息（2）可得T1=1.5h由信息（3）可得：地球自转周期也约为T2=24h对赤道上的物休重力大小T2=24h综上可得可知60kg的物体在地球赤道上所受重力的大小G赤=586N12.如图所示，在平面直角坐标系xOy的第一、二象限内有竖直向下的匀强电场E1，虚线是其次、三象限的角平分线，虚线的右上方有垂直纸面对里的匀强磁场B；第三、四象限有水平向左的匀强电场E2，且E1=E2。现有一电荷量为q、质量为m的带电微粒由x轴上的P点（L，0），以大小为v0、方向与x轴正方向成45°角的速度射入其次象限，微粒沿直线运动到虚线上的Q点，然后进入磁场，再从坐标原点O进入第三象限，最终打在y轴上的N点，已知重力加速度为g。求：(1)电场强度E1的大小和磁场感应强度B的大小；(2)微粒通过N点的位置坐标和速度；(3)微粒从P点运动到N点经验的时间。【答案】(1)；；(2)；；(3)【解析】【详解】(1)由带电微粒沿PQ做直线运动，可知qE1=mg解得带电微粒从Q到O的过程，做匀速圆周运动，如图，轨道半径又解得(2)带电微粒从O点垂直虚线射入第三象限，因为E2=E1，沿x方向：初速度仅受向右的电场力qE2=mg，所以，（沿x轴正方向）沿y方向：初速度仅受重力mg，所以（沿y轴负方向）；又设vN与x轴正方向夹角为，则综上可得：，，，所以N点坐标为(3)依据；可见，微粒从P到N经验的时间t13.下列说法中正确的是（）A.气体的体积是全部气体分子的体积之和B.液晶显示器利用了液晶对光具有各向异性的特点C.高温物体可以自发把热量传递给低温物体，最终两物体可达到热平衡状态D.随着分子间距离增大，分子间作用力减小，分子势能也减小E.在“用油膜法测分子直径”的试验中，作了三方面的近似处理：视油膜为单分子层、忽视油酸分子间的间距及视油酸分子为球形【答案】BCE【解析】【详解】A．气体分子间隙很大，气体的体积远大于全部气体分子的体积之和，故A错误；B．液晶显示器利用了液晶对光具有各向异性的特点。故B正确；C．依据热力学其次定律可知，高温物体可以自发把热量传递给低温物体，最终两物体可达到热平衡状态，故C正确；D．当分子间表现为引力时，随着分子间距离增大，分子间作用力减小，但引力做负功，分子势能增大，故D错误；E．在“用油膜法测分子直径”的试验中，作了三方面的近似处理：视油膜为单分子层、忽视油酸分子间的间距及视油酸分子为球形，故E正确。故选BCE。14.如图所示，马桶吸由皮吸和气缸两部分组成，皮吸的容积为1000cm3，气缸的长度为40cm，横截面积为50cm2。将皮吸放在水平地面上，此时皮吸中的气体压强等于大气压。皮吸与地面、厚度不计的活塞与气缸间密封完好，不考虑皮吸的形变，环境温度保持不变。已知大气压强p0＝1.0×105Pa。（1）若初始活塞位于气缸顶部，当活塞缓慢下压到气缸底部时，求皮吸中气体的压强；（2）若初始活塞位于气缸顶部，当活塞快速下压到气缸底部时，皮吸中的气体温度由27℃上升到30℃，求皮吸中气体的压强。【答案】（1）p2=3.0×105Pa；（2）p3=3.03×105Pa【解析】【分析】【详解】（1）以气缸和皮吸内的气体为探讨对象，气体初始压强p1=p0=1.0×105Pa、体积V1=V皮吸十V气缸=3000.0cm3，气体末状态压强p2、体积V2=1000cm3，当活塞缓慢下压到气缸底部的过程中，探讨对象的温度不变，由玻意耳定律p1V1=p2V2解得p2=3.0×105Pa（2）当活塞快速下压到气缸底部的过程中，仍以气缸和皮吸内气体为探讨对象，气体初始压强p1=p0=1.0×105Pa、体积V1=V皮吸十V气缸=3000cm3、温度T1=300K；气体末状态压强p3、体积V3=1000cm3、温度T3=303K，依据志向气体状态方程得：代入数值得：p3=3.03×105Pa15.下列说法正确的是________。A.利用单摆测重力加速度试验中，小球