2024年湖南省岳阳市物理高二年级下册期中考试试题含解析

2024年湖南省岳阳市物理高二下期中考试试题

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）

填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处”o

2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦

干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。

3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先

划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。

4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、

一个电子只在电场力作用下从4点运动到方点的轨迹如图中虚线所示，图中一组平行实线可能是电场线也可能是等势面

,下列说法中正确的是

A.如果实线是电场线，贝布点的电势比方点的电势高

B.如果实线是等势面，贝必点的电势比方点的电势低

C.如果实线是电场线，则电子在a点的电势能比在8点的电势能大

D.如果实线是等势面，则电子在a点的电势能比在&点的电势能大

2、如图所示,质量为M的小船在静止水面上以速率即向右匀速行驶,一质量为m的救生员站在船尾,相对小船静止.若

救生员以相对水面速率v水平向左跃入水中，则救生员跃出后小船的速率为（）

m

B.vo----v

M

m

D.rod----(vo—v)

M

3、如图所示，Si和&是两个相干波源，其振幅均为A,周期均为7.实线与虚线分别表示两列波的波峰和波谷.此

刻，c是波谷与波谷的相遇点，下列说法中正确的是（）

A.a处质点始终处于离平衡位置2A处

B.随着时间的推移，c处的质点将向右移动

C.从该时刻起，经过/c处的质点将通过平衡位置

D.若S2不动，Si沿S仍连线向方运动，则b处质点仍然始终处于平衡位置

4、关于点电荷概念，下列说法正确的是（）

A.点电荷就是电荷量很小的电荷

B.点电荷就是体积很小的电荷

C.体积较大的带电体，不能看作点电荷

D.带电体能否看作点电荷，要视实际情况而定

5、以下是物理学史上3个著名的核反应方程x+；Li-2y,y+^NTx+I。，y+：Be-z+[c.x、y和z是3种不同的

粒子，其中z是

A.a粒子B.质子C.中子D.电子

6、在双缝干涉实验中，以白光为光源，在屏幕上观察到了彩色干涉条纹，若在双缝中的一缝前放一红色滤光片（只能

透过红光），另一缝前放一绿色滤光片（只能透过绿光），已知红光与绿光的频率、波长均不相等，这时（）.

A.只有红色和绿色的双缝干涉条纹，其他颜色的双缝干涉条纹消失

B.红色和绿色的双缝干涉条纹消失，其他颜色的双缝干涉条纹仍然存在

C.任何颜色的双缝干涉条纹都不存在，但屏上仍有光亮

D.屏上无任何光亮

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、固体可以分为晶体和非晶体两类，下列关于晶体和非晶体的判断正确的是（）

A.常见的金属没有确定的几何形状，因此金属是非晶体

B.食盐在熔化过程中温度保持不变，因此食盐是晶体

C.烧热的针尖接触涂有蜂蜡的云母片背面，熔化的蜂蜡呈椭圆形，说明蜂蜡是晶体

D.物质是晶体还是非晶体并不是绝对的，在一定条件下可以相互转化

8、下列说法中，正确的是（）

A.空气的相对湿度越大，空气中水蒸气的压强越接近水的饱和汽压，水蒸发越慢

B.干湿泡温度计的两个温度计的示数差越大，表示空气中水蒸气离饱和状态越远

C.浸润现象产生的原因是附着层内分子间距比液体内部分子间距大，分子间作用力表现为引力

D.液体表面张力产生的原因是液体表面层分子较稀疏，分子间的引力大于斥力

E.密闭容器中某种蒸汽开始若是饱和的，保持温度不变，增大容器的体积，蒸汽仍是饱和的

9、在冰壶比赛中，球员手持毛刷擦刷冰面，可以改变冰壶滑行时受到的阻力。如图a所示，蓝壶静止在圆形区域内，

运动员用等质量的红壶撞击蓝壶，两壶发生正碰。若碰撞前、后两壶的v—f图像如图b所示。关于冰壶的运动，下列

说法正确的是（）

A.两壶发生弹性碰撞B.蓝壶受到的滑动摩擦力较大

C.碰撞后两壶相距的最远距离为1.1mD.碰撞后蓝壶的加速度大小为0.12m/s2

10、如图甲所示，在匀强磁场中，一矩形金属线圈两次分别以不同的转速，绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的交

变电动势图象如图乙中曲线小》所示，贝!1（）

A.两次f=0时刻线圈平面均与中性面重合

B.曲线a,b对应的线圈转速之比为2：3

C.曲线。表示的交变电动势频率为25Hz

D.曲线方表示的交变电动势有效值为10V

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）某学生用螺旋测微器在测定某一金属丝的直径时，测得的结果如下图所示,则该金属丝的直径gmmo

另一位学生用游标尺上标有20等分刻度的游标卡尺测一工件的长度，测得的结果如下图所示，则该工件的长度

L=cmo

cm67

11111111ill11111II,11

11111111111111111111

5101520

12.（12分）如图1所示，用“碰撞试验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量

关系：

⑴图1中。点是小球抛出点在地面上的垂直投影。实验时，先让入射球阳多次从斜轨上S位置静止释放，找到其平

均落地点的位置P,测量平抛射程OP,然后，把被碰小球m静置于轨道的水平部分，再将入射球砥从斜轨上S位置

静止释放，与小球，”2相碰，并多次重复。接下来要完成的必要步骤是（填选项前的符号）

A.用天平测量两个小球的质量机八mi

B.测量小球mi开始释放高度h

C.测量抛出点距地面的高度H

D.分别找到机1、相碰后平均落地点的位置M、N

E.测量平抛射程OM、ON

⑵若两球相碰前后的动量守恒，其表达式可表示为_（用②中测量的量表示），若碰撞是弹性碰撞，那么还应满足的

表达式为_;（用②中测量的量表示）

⑶经测定，mi=45.0g,机2=7.5g,小球落地点的平均位置距。点的距离如图2所示。碰撞前、后的动量分别为pi

与°八则pi：pi'=_：11;若碰撞结束时加2的动量为P2。则p/：P2'=U：_；实验结果说明，碰撞前、后总动量的

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示，水平放置的矩形容器内充满垂直纸面向外的匀强磁场，容器的高为d,左右边足够宽，底面

MN为荧光屏，在荧光屏中心。处置一粒子源，可以向纸面内以。4、05为边界的区域内连续均匀发射速率为为、质

量为机、电荷量为q的正粒子，其中沿Q4方向发射的粒子刚好不碰到容器的上板面打在荧光屏上产生荧光。OB

与MN的夹角分别为a=60。，#=30°,不计粒子的重力及粒子间的相互作用。求：

（1）磁场的磁感应强度5的大小；

（2）分别沿04、05方向发射的粒子在磁场中运动的时间差4。

ABQ

14.（16分）如图所示，匀强磁场的磁感应强度3=0.5T,边长乙=0.1m的正方形线圈共N=100匝，线圈总电阻r

=1。，线圈绕垂直于磁感线的对称轴OO'匀速转动，转速为〃=3r/s,外电路中的电阻R=4Q,图示位置线圈平面

与磁感线平行，求:

⑴线圈转动一周产生的总热量Q-,

⑵从图示位置开始线圈转过二周的时间内通过正的电荷量q.

15.（12分）如图是演示用的手摇发电机模型，匀强磁场磁感应强度3=0.5T,线圈匝数N=50匝，每匝线圈面积为

0.48m2,转速150r/min,在匀速转动过程中，从图示位置线圈转过90。开始计时.

*O'

R

⑴写出交变感应电动势瞬时值的表达式.

（2）画出e—f图象.

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C

【解析】

试题分析：据题意，如果实线是电场线，则电场力水平向右，电场方向为水平向左，则b点电势高，电子从a点运动

到b点电场力做正功，电子电势能减小，则电子在a点电势能较大，故选项A错误选项C正确；如果实线为等势线，

电子受到电场力竖直向下，电场方向竖直向上，则a点电势较高，从a点到b点电场力做负功，电子电势能增加，电

子在b点电势能较高，故选项B、D错误.

考点：本题考查电场的性质.

2、A

【解析】

人在跃出的过程中船人组成的系统水平方向动量守恒，规定向右为正方向，由动量守恒定律得：(M+%)v0=Mv'-mv,

m

解得：vr=vo+—(vo+v)；

M

m

A.rod----(vo+v),与结论相符，选项A正确；

M

rri

B.vo--v,与结论不相符，选项B错误；

M

rn

c.vo+—v,与结论不相符，选项C错误；

M

m

D.voH------(vo—v),与结论不相符，选项D错误；

M

3、C

【解析】

A.。处是波峰与波峰叠加，为振动加强点，振幅为2A,但质点并不始终处于离平衡位置2A处，A错误；

B.质点只在平衡位置附近振动，并不随波移动，B错误；

C.从该时刻起，经过17,c处为平衡位置与平衡位置相遇，质点将通过平衡位置，C正确；

4

D.两列波传到》点的振动情况一直在变化，当8不动，*沿S仍连线向6运动，》处质点不可能始终处于平衡位置，

D错误。

故选C。

4、D

【解析】

A.点电荷是一种理想化的物理模型，其带电荷量并不一定是最小的，故A错误；

B.点电荷是将带电物体简化为一个带电的点，物体能不能简化为点，不是看物体的绝对大小，而是看物体的大小对

于两个电荷的间距能不能忽略不计，故B错误；

C.能否看作点电荷与带电体的体积大小无关，要看带电体的形状、体积和电荷量对分析的问题的影响可以忽略，故C

错误；

D.带电体能否看作点电荷，要看物体的大小对于两个电荷的间距能不能忽略不计，要看实际情况而定，故D正确.

故选D.

【点睛】

点电荷是一种理想化的物理模型，当电荷的形状、体积和电荷量对分析的问题的影响可以忽略，电荷量对原来的电场

不会产生影响的时候，该电荷就可以看做点电荷，根据点电荷的条件分析可以得出结论.

5、C

【解析】

将上述三个方程相加，整理后得；Li+；4N+；Be->[o+：2c+z,根据电荷数守恒和质量数守恒，z的质量数为1,电

荷数为0,为中子，C正确.

6、C

【解析】

两列光波发生干涉的条件之一是频率相等，利用双缝将一束光分成能够发生叠加的两束光，在光屏上形成干涉条纹，

若分别用绿色滤光片和红色滤光片挡住两条缝后，红光和绿光的频率不相等，不能发生干涉，因此屏上不会出现干涉

条纹.故C正确，ABD错误。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BD

【解析】

A.区分晶体与非晶体是看其有没有固定的熔点，金属具有固定的熔点，为晶体，故A错误；

B.晶体都具有固定的熔点，食盐熔化过程中，温度保持不变，说明食盐是晶体，故B正确；

C.熔化的蜂蜡呈椭圆形说明云母是晶体，故C错误；

D.物质是晶体还是非晶体，不是绝对的，在一定条件下可以相互转化，故D正确。

故选BDo

8、ABD

【解析】

A.空气的相对湿度越大，空气中水蒸气的压强越接近水的饱和汽压，水蒸发越慢，选项A正确；

B.干湿泡温度计的两个温度计的示数差越大，空气越干燥，相对湿度越小，表示空气中水蒸气离饱和状态越远，选

项B正确；

C.当浸润现象产生的原因是附着层内分子间距比液体内部分子间距小，分子间作用力表现为引力的缘故，故C错误;

D.液体表面张力产生的原因是液体表面层分子较稀疏，分子间的引力大于斥力，选项D正确；

E.在一定温度下，饱和蒸气的分子数密度是一定的，因而其压强也是一定的，与体积无关；密闭容器中某种蒸气开

始时若是饱和的，保持温度不变，增大容器的体积时，蒸气不再是饱和的，但最后稳定后蒸气是饱和的，故E错误。

故选ABDo

9、CD

【解析】

A.设碰后蓝壶的速度为v,碰前红壶的速度也=L2m/s,碰后红壶的速度为"2=2.4m/s,取碰撞前红壶的速度方向

为正方向，根据动量守恒定律可得：

mv2-mvr2+mv

解得：

v=2.6m/s

碰撞前两壶的总动能为

12

E-=~mv0=Q.5m

碰撞后前两壶的总动能为

121

EK”X=—mUv\+—mv=0.26m<KEL,x

所以两壶碰撞为非弹性碰撞，故A错误；

B.根据7图象的斜率表示加速度，知碰后红壶的加速度比蓝壶的加速度大，两壶质量相等，所以红壶的滑动摩擦力

比蓝壶的滑动摩擦力大，故B错误；

C.根据碰前红壶的速度图象可知红壶的加速度大小为：

Av1.2-1.0co,2

a,=——=----------m/s2=0.2m/s

1At1

所以蓝壶静止的时刻为：

t=—%=——1-2s=u6s

%0.2

速度图象与坐标轴围成的面积表示位移，则碰后两壶相距的最远距离为：

故C正确;

D.碰后蓝壶的加速度大小为

a=—=9^-=0.12m/s2

t6-1

故D正确。

故选CDo

10、AC

【解析】

t=0时刻，两次产生的交流电的电动势瞬时值均为零，因此线圈平面均与中性面重合，A项正确；图中a、b对应的

周期之比为2:3,因此线圈转速之比na：nb==32,B项错误；a线表示的交流电动势的频率为fa===

25Hz,C项正确；a线对应线圈相应的电动势的最大值Eam=NBS•三，由图象知Eam=15V,b线对应线圈相应的电

动势的最大值，因此="==10l

Ebm=NBS-mEbm=10V,有效值Eb=yV=5、尸V,D项错误.

4

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11,3.205(3.203-3.207)5.015

【解析】

口］由图所示螺旋测微器可知，螺旋测微器的固定刻度示数是3mm,可动刻度示数是20.5x0.01mm=0.205mm,螺

旋测微器的示数是：

d=3mm+0.206mm=3.206mm

［2］由图所示游标卡尺可知，主尺示数是5cm,游标尺示数是3X0.05mm=0.15mm=0.015cm,则游标卡尺的示数是：

L—5cm+0.015cm=5.015cm

222

12>ADEmx-OM+-ON=mAOP-OMON=m^OP142.91.01

【解析】

⑴实验时，先让入射球⑪多次从斜轨上S位置静止释放，找到其平均落地点的位置P,测量平抛射程OP,然后，把

被碰小球nu静置于轨道的水平部分，再将入射球m从斜轨上S位置静止释放，与小球m2相碰，并多次重复，测量平

均落点的位置，找到平抛运动的水平位移，因此步骤中D、E是必须的，而且D要在E之前，至于用天平秤质量先后

均可以，所以答案是ADE或DEA；

小OPOMON

(2)设落地时间为t,则%=7—,=---,%=/

而动量守恒的表达式是rn1Vo=g匕+m2V2

动能守恒的表达式是:2=g叫巧2+；和吃2

所以若两球相碰前后的动量守恒，则叫•OM+?ON=叫­OP成立，

若碰撞是弹性碰撞，动能是守恒的，则有叫m2-ON2=机。尸2成立；

P,OP44.814

(3)碰撞前后mi动量之比：—=

i।vxiKZJJ.JLI

耳_45.0x35.2_］

月一呵xON-7.5x55.68—2.9

RmxOP［八］

—~-=-----------=L01（1-1.01均正确）

《+鸟叫xOM+m2xON

点睛：验证动量守恒定律实验中，质量可测而瞬时速度较难，因此采用了落地高度不变的情况下，水平射程来反映平

抛的初速度大小，所以仅测量小球抛出的水平射程来间接测出速度，过程中小球释放高度不需要，最后可通过质量与

水平射程乘积来验证动量是否守恒。

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

3mv2nd

13、(1)B=0；(2)=

2qd3%

【解析】

（1）作出粒子在的运动轨迹，如图所示

设离子源发出的粒子在磁场中运动的半径为r,对于沿方向发射的粒子，由几何关系得

r+rsin/3=d

反力加2d

解得厂二5

粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得

2

qvB=m—

Qr

联立以上各式，解得於笠

（2）沿。4、。5方向发射的粒子在磁场中运动时间分别设为力、tz,粒子作圆周运动的周期设为T,则

2兀厂

L------

%

△t=：—

A2nd

联立解得加=丁

3%

14、(1)irJ(2)5xlO-2C

【解析】

⑴由焦耳定律可求得一周内产生的热量；

⑵根据推论4=求出通过线圈某截面的电量q.

R+r

【详解】

⑴线圈转动的角