浙江省2024年高考物理模拟试卷及答案30

浙江省2024年高考物理模拟试卷及答案阅卷人一、单选题得分1．2019年1月5日12时，全长439.9米的“复兴号”G9次列车从北京南站16站台准时发车，于16时36分抵达上海虹桥站。已知“复兴号”G9次列车运行时的速度可达到350km/ℎ，下列说法正确的是()A．北京南站到上海虹桥站的距离为1600kmB．题述中“350km/ℎ”是G9次列车运行的平均速度C．“复兴号”G9次列车任何情况下都不能被视为质点D．题述中“12时”“16时36分”指的都是时刻2．将一个小球以初速度v0水平抛出，经时间t1小球的水平分速度和竖直分速度恰好大小相等，从抛出时刻经时间t2小球的水平分位移和竖直分位移恰好大小相等，忽略空气阻力，下列关系式正确的是（）A．t1=t2 B．t1>t2C．t1<t2 D．v0大小不同关系不同3．一乒乓球以10m/s的速度水平撞击到竖直墙壁，经过0.1s后以8m/s的速度返回，则该撞击过程中乒乓球的平均加速度大小为（）A．20m/s2 B．80m/s2 C．100m/s2 D．180m/s24．两个阻值分别为R1=2Ω和R2=4Ω的定值电阻并联，若并联电路两端电压U=4V，则通过该并联电路的总电流为（）A．23A B．1A C．2A 5．理论研究表明第二宇宙速度是第一宇宙速度的2倍．火星探测器悬停在距火星表面高度为h处时关闭发动机，做自由落体运动，经时间t落到火星表面。已知引力常量为G，火星的半径为R，若不考虑火星自转的影响，让探测器脱离火星飞回地球，则探测器从火星表面的起飞速度至少为（）A．7.9km/s B．11.2km/s C．2ℎRt D．6．如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线．在电场力的作用下，一带电粒子(不计重力)经A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是（）A．粒子带正电 B．粒子在B点的加速度小C．粒子在B点的电势能比A小 D．A，B两点相比，B点的电势较低7．如图所示，今年两会期间，新华社首次推出了“5G+全息异地同屏访谈”。这是世界上新闻媒体首次应用5G和全息成像技术。5G（传输速率10Gbps以上、频率范围3300~5000MHz）相比于4G（传输速率100Mbps~1Gbps、频率范围1880~2635MHz），以下说法正确的是（）A．5G信号波动性更显著 B．4G和5G信号都是纵波C．5G信号传输速率是4G的10倍以上 D．5G信号在真空中的传播速度更快8．如图所示，物体沿斜面由静止滑下，在水平面上滑行一段距离后停止，物体与斜面和水平面间的动摩擦因数相同，斜面与水平面平滑连接，下图中v、a、f和s分别表示物体速度大小、加速度大小、摩擦力大小和路程，下图中正确的是（）A． B．C． D．9．一束复色光由空气斜射向一块平行平面玻璃砖，经折射分成两束单色光a、b.已知a光的频率小于b光的频率，下列光路图正确的是（）A． B．C． D．10．如图所示，两极板水平放置的平行板电容器间形成匀强电场，两极板间相距为L，电容为C。质量为m、电荷量为+q的小球从上板正中小孔的正上方高h处由静止开始下落，穿过小孔到达下极板处速度恰好为零，已知重力加速度大小为g，空气阻力忽略不计，则下列说法正确的是（）A．带电小球到达小孔处的速度大小为22gℎ B．电容器极板间电场强度的大小为C．电容器所带电荷量为mg(ℎ+L)C2q11．美国物理学家密立根利用图甲所示的电路研究金属的遏止电压Uc与入射光频率ν的关系，描绘出图乙中的图象，由此算出普朗克常量h。电子电量用e表示，下列说法正确的是（）A．入射光的频率增大，为了测遏止电压，则滑动变阻器的滑片P应向M端移动B．增大入射光的强度，光电子的最大初动能也增大C．由Uc-v图象可求普朗克常量表达式为ℎ=D．当电流表A中存在电流时，电流的方向通过电流表向上12．如图，一理想变压器的原、副线圈匝数之比n1：nA．副线圈交变电流的频率是25Hz B．电压表的示数为4VC．滑动变阻器两端的电压一直变大 D．电流表的示数一直变小阅卷人二、多选题得分13．如图所示，当正方形薄板绕着过其中心O并与板垂直的转动轴转动时，板上A、B两点的（）A．角速度之比ωA∶ωB=1∶1 B．角速度之比ωA∶ωB=1∶2C．线速度之比vA∶vB=2∶1 D．线速度之比vA∶vB=1∶214．下列说法中，符合物理学史实的是（）A．亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体才能运动；没有力的作用，物体就静止B．牛顿认为，力是物体运动状态改变的原因，而不是物体运动的原因C．麦克斯韦发现了电流的磁效应，即电流可以在其周围产生磁场D．奥斯特发现导线通电时，导线附近的小磁针发生偏转15．位于x=0处的质点做周期为0.2s的简谐运动，在x轴上形成的简谐横波t=0时刻的波形如图所示，此时x=±1.5m处的质点恰好开始运动。下列说法正确的是（）A．x=0处的质点开始振动时向y轴负向运动B．x=0处的质点开始振动时向y轴正向运动C．t=1.325s时，平衡位置在x=2.2m处的质点向y轴负向运动D．t=1.325s时，平衡位置在x=-2.2m处的质点向y轴正向运动16．如图所示，质量为m的细杆ab置于倾角为θ的导轨上，ab处于磁场中，ab与导轨间动摩擦因数为μ，有电流时，ab恰好在导轨上静止，下面四图是它的正视图，其中杆ab与导轨之间摩擦力可能为零的是（）A． B．C． D．阅卷人三、实验题得分17．在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，采用如图所示的装置。（1）本实验应用的实验方法是______；A．控制变量法 B．假设法 C．理想实验法（2）下列说法正确的是______；A．在探究加速度与质量的关系时，应改变拉力的大小B．在探究加速度与外力的关系时，应该改变小车的质量C．在探究加速度a与质量m的关系时，为了直观判断二者间的关系，应作出a－1mD．当小车的质量远大于托盘和砝码的总质量时，才能近似认为细线对小车的拉力大小等于托盘和砝码受到的总重力大小（3）如图所示是某次实验的纸带，舍去前面比较密集的点，从0点开始，每5个连续点取1个计数点，标以1、2、3……那么相邻两个计数点之间的时间间隔为0.1s，各计数点与0计数点之间的距离依次为x1＝3.0cm、x2＝7.5cm、x3＝13.5cm，则物体运动的加速度为m/s2。（结果保留两位有效数字）18．某同学通过实验测定一个阻值约为5Ω的电阻Rx的阻值．（1）现有电源（4V，内阻可不计）、滑动变阻器（0～50Ω，额定电流2A）、开关和导线若干，以及下列电表：A.电流表（0～3A，内阻约0.025Ω）B.电流表（0～0.6A，内阻约0.125Ω）C.电压表（0～3V，内阻约3kΩ）D.电压表（0～15V，内阻约15kΩ）在实验中，电流表应选用，电压表应选用（选填器材前的字母）；实验电路应采用图中的（填“甲”或“乙”）（2）接通开关，改变滑动变阻器滑片P的位置，并记录对应的电流表示数I、电压表示数U.某次电表示数如图所示，可得该电阻的测量值Rx＝UI＝（3）若在（1）问中选用甲电路，产生误差的主要原因是；若在（1）问中选用乙电路，产生误差的主要原因是．（选填选项前的字母）A．电流表测量值小于流经Rx的电流值B．电流表测量值大于流经Rx的电流值C．电压表测量值小于Rx两端的电压值D．电压表测量值大于Rx两端的电压值（4）在不损坏电表的前提下，将滑动变阻器滑片P从一端滑向另一端，随滑片P移动距离x的增加，被测电阻Rx两端的电压U也随之增加，下列反映U－x关系的示意图中正确的是________．A． B． C．阅卷人四、解答题得分19．预警雷达探测到敌机在20000m上空水平匀速飞行，立即启动质量m=100kg的防空导弹，导弹的火箭发动机在制导系统控制下竖直向下喷气，使导弹由静止以a=10g(g取10m/s2)的加速度竖直向上匀加速上升至5000m高空，喷气方向立即变为与竖直方向成θ角(cosθ=（1）火箭喷气产生的推力；（2）导弹从发射到击中敌机所用的时间；20．如图所示，长度为x=2m的水平长直轨道AB与半径为R＝0.4m的光滑14竖直圆轨道BC相切于B，轨道BC与半径为r的光滑14竖直圆轨道CD相切于C。质量m＝2kg的小球静止在A点，现用F＝18N的水平恒力向右拉小球，在到达AB中点时撤去拉力。已知小球与水平面间的动摩擦因数μ＝0.05，取g＝10m/s2。求：（1）小球在B点的速度vB大小；（2）小球在B点对圆轨道的压力FNB大小；（3）r应满足什么条件，才能使小球能通过D点。21．如图所示，在方向水平向右、电场强度大小E=3×103N/C的匀强电场中，一细线上端同定，下端连接一个可视为质点的带电小球，使细线竖直拉直时将小球从A点由静止释放，当细线离开竖直位置偏角α=60（1）求小球的质量；（2）若小球运动到最高点时将电场撤去，求小球回到最低点时细线对小球拉力的大小。22．如图所示，倾角为θ=53°、间距L=1.0m的足够长金属导轨MN和M′N′的上端接有一个单刀双掷开关K，当开关与1连接时，导轨与匝数n=100匝、横截面积S=0.04m2的圆形金属线圈相连，线圈总电阻r=0.2Ω，整个线圈内存在垂直线圈平面的匀强磁场B0且磁场随时间均匀变化。当开关与2连接时，导轨与一个阻值为R=0.3Ω的电阻相连。在导轨MN和M′N′的平面内有垂直平面向下的匀强磁场，磁感应强度大小B1=0.2T，倾斜导轨下端与水平的足够长平行金属导轨NT和N′T′平滑对接，在水平导轨的PQQ′P′矩形区域内有方向竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小B2=0.5T，矩形区域的宽度d=0.5m。一根劲度系数k=2N/m的轻质弹簧水平放置，右端固定在W点，左端与长度为L、质量mb=0.4kg的绝缘杆b栓接（拴接点在杆b中点）弹簧处于原长状态。现开关与1连接时，一根长度为L、质量为ma=0.1kg，阻值R1=0.2Ω的金属杆恰好静止在倾斜导轨上；某时刻把开关迅速拨到2，最后a杆能在倾斜轨道上匀速下滑，所有导轨均光滑且阻值不计，其中sin53°=0.8。（1）求圆形线圈内磁场随时间的变化率ΔB（2）在a杆在穿越PQQ′P′矩形区域过程中，求流过电阻R的电量和电阻R上产生的热量；（3）若a杆与b杆发生碰撞后即刻粘在一起，且此后始终做简谐运动，请以两杆碰撞后第一次速度变为0时作为计时起点，向右为正方向，写出该简谐运动的振动方程。已知弹簧振子振动周期公式为T=2πm

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】AB.题述中“350km/ℎ”是G9次列车运行的瞬时速度大小，而平均速度大小未知，所以不能够确定北京南站到上海虹桥站的距离，AB不符合题意；C.如果要求从北京南站到上海虹桥站的路程，可以把火车看出是质点，因为这时火车的长度相对于总路程来说可以忽略不计，C不符合题意；D.题述中“12时”“16时36分”指的都是时刻，D符合题意。故答案为：D

【分析】时刻的长度为零，对应时间轴上的一点，时间的长度不为零，有一定的长度，对应时间轴上一块线段。2．【答案】C【解析】【解答】设经历时间t1小球的水平分速度和竖直分速度恰好大小相等，则有v可得t设经时间t2小球的水平分位移和竖直分位移恰好大小相等，则有v解得t比较t1、t2可知故答案为：C。

【分析】物体做平抛运动，水平方向匀速运动，竖直方向自由落体运动，落地时利用水平速度和竖直速度的夹角列方程求解运动时间。3．【答案】D【解析】【解答】该撞击过程中乒乓球的平均加速度大小为a=D符合题意，ABC不符合题意。故答案为：D。

【分析】利用加速度的定义式可以求出加速度的大小。4．【答案】D【解析】【解答】两电阻并联之后的总电阻为R=通过该并联电路的总电流为I=故答案为：D。

【分析】由并联电路电阻规律求得两电阻并联之后的总电阻，从而求得通过该并联电路的总电流。5．【答案】D【解析】【解答】AB．速度7.9km/s与CD．根据运动学公式，结合高度为ℎ处探测器，经时间t落到火星表面，则火星表面的重力加速度g根据公式v=则探测器从火星表面的起飞速度至少为2v=故答案为：D。

【分析】速度7.9km/s与6．【答案】D【解析】【解答】A.曲线运动的合力应指向轨迹的凹侧，因此粒子在A点的受力方向与电场线方向相反，因此粒子带负电，A不符合题意B.电场线越密集场强越大，因此B点的电场强度大，由a=FCD.沿着电场线的方向电势降低，因此B点电势低于A点电势，D符合题意；由Ep故答案为：D

【分析】结合题目中给出的电场线模型，粒子的运动轨迹为曲线，受到的电场力指向圆弧的内部，结合受力方向求解电荷的电性；电场力对电荷做正功，电荷的电势能减小，相应的动能就会增加，电场力做负功，电势能增加，电荷的动能减小。7．【答案】C【解析】【解答】A．因5G信号的频率更高，则波长小，波动性更不明显，A不符合题意；B．电磁波均为横波，即4G和5G信号都是横波，B不符合题意；C.5G传输速率10Gbps以上，4G传输速率100Mbps~1Gbps，则5G信号传输速率是4G的10倍以上，C符合题意；D．任何电磁波在真空中的传播速度均为光速，故传播速度相同，D不符合题意。故答案为：C。

【分析】明确电磁波的性质，知道电磁波在真空中传播均为光速，并且电磁波为横波；明确光的波粒二象性，知道频率越大，粒子性越明显，波长越长，波动性越明显。8．【答案】C【解析】【解答】A．物体在下滑过程和水平面运动过程中始终受到恒定的作用力，根据牛顿第二定律可知，下滑过程：mg加速度方向沿斜面向下；水平面移动过程：μmg=m加速度方向水平向左，从上述计算可知加速度为一定值，所以v-t图像应为直线，A不符合题意；B．物体在下滑过程和水平面运动过程中加速度大小均为定值，a-t图与时间轴平行的直线，B不符合题意；C．根据上述计算过程可知物体下滑过程中的摩擦力小于水平面移动过程中的摩擦力，且两段过程均为定值，C符合题意；D．物体在下滑过程中是匀加速直线运动，路程时间图像应为曲线，D不符合题意。故答案为：C【分析】典型的动力学分析问题，运用牛顿第二定律和运动学公式综合分析问题。9．【答案】D【解析】【解答】光线经平行平面玻璃砖两次折射后，根据折射定律得到：出射光线与入射光线平行．由题：a光的频率小于b光的频率，则玻璃砖对a光的折射率小于b光的折射率，当入射角相同时，由折射定律分析得知a的折射角大于b光的折射角，在玻璃砖内部，a光在b光右侧．D符合题意．故答案为：D

【分析】利用折射率结合折射角的大小可以判别对应的光路图。10．【答案】D【解析】【解答】A．小球到达小孔前是自由落体运动，根据速度位移关系公式有v解得v=A不符合题意；B．对从释放到到达下极板处过程由动能定理有mg解得E=B不符合题意；C．电容器两极板间的电压为U=EL=电容器的带电量为Q=CU=C不符合题意；D．加速过程t减速过程t2=解得t=D符合题意。故答案为：D。

【分析】小球在未进入电场时，利用速度位移公式可以求出到达小孔的速度大小；进入电场后，利用动能定理可以求出电场强度的大小；已知电场强度可以求出板间电势差的大小，结合电容的定义式可以求出电容的大小；小球做匀变速直线运动，利用平均速度公式可以求出两个过程运动的时间。11．【答案】C【解析】【解答】A．入射光的频率增大，出射光电子的初动能增大，为了测遏止电压，则滑动变阻器的滑片P应向N端移动，才能使加在光电管上的反向电压增大，A不符合题意；B．根据光电效应方程ℎν可知，光电子的最大初动能只与入射光的频率有关，与入射光的强度无关，因此增大入射光的强度，光电子的最大初动能不变，B不符合题意；C．根据动能定理Ek而逸出功W=ℎν由①②③联立可得ℎ=C符合题意；D．由于从金属板内逸出的是电子，因此当回路有电流时，电流方向通过电流表向下流动，D不符合题意。故答案为：C。

【分析】光电效应中，当外界的光子能量比较大时，电子获得的能量就大，溢出电子的动能利用公式Ekm=hν﹣W求解即可。其中W是材料的逸出功，v是光子的频率。12．【答案】B【解析】【解答】A．由电压u=2202sin频率f=变压器不改变电源的频率，故副线圈交变电流的频率是50Hz，A不符合题意；B．原线圈两端的输入电压有效值为220V，由电压与匝数成正比知U所以副线圈两端电压为U所以电压表的示数为4V，B符合题意；CD．当滑动变阻器的滑动触头P从最上端滑到最下端的过程中，电路中的总电阻减小，根据欧姆定律可知，变压器的输出电流增大，则输入的电流也是增大，即电流表的示数变大。定值电阻R两端的电压变大，副线圈两端电压不变，所以变阻器两端电压变小，CD不符合题意。故答案为：B。

【分析】根据交变电流瞬时值的表达式以及角速度和频率的关系得出副线圈交变电流的频率，利用理想变压器原副线圈的匝数比和电压比的关系得出电压表的示数。13．【答案】A,D【解析】【解答】AB．板上A、B两点绕同一个转轴转动，所以具有相同的角速度；即角速度之比ωACD．根据几何关系得板上A、B的轨道半径之比为1：2，所以线速度之比故答案为：AD。

【分析】板上A、B两点绕同一个转轴转动，所以具有相同的角速度。上A、B的轨道半径之比为1：2，所以线速度之比14．【答案】A,B,D【解析】【解答】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解：A、亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体才能运动；没有力的作用，物体静止，A符合题意；B、牛顿认为，力是物体运动状态改变的原因，而不是物体运动的原因，B符合题意；C、奥斯特发现了电流的磁效应，即电流可以在其周围产生磁场，C不符合题意；D、奥斯特发现导线通电时，导线附近的小磁针发生偏转，电流可以在其周围产生磁场，D符合题意．故答案为：ABD．

【分析】牛顿认为，力是物体运动状态改变的原因，奥斯特发现了电流的磁效应，导线附近的小磁针发生偏转，电流可以在其周围产生磁场。15．【答案】B,C【解析】【解答】AB．所有质点开始振动时的方向都与振源质点开始振动时的方向相同，由图可知x=±1.5m处的质点正要向上振动，说明x=0处的质点开始振动时向y轴正向运动，A不符合题意、B符合题意；CD．由图可知波长λ=2m，所以波速v=λT=10m/s，所以振动由x=±1.5m处传播到x=±2.2m所需时间为其中t≥0.07s。代入t=1.325s得其相位φ=2π×6+即2π×6+即质点已经从最高点运动下来了，但还未到平衡位置处，即正在向y轴负向运动，C符合题意、D不符合题意。故答案为：BC。

【分析】利用质点的起振方向可以判别波源开始振动的方向；利用波长和周期可以求出传播的时间；结合振动的时间可以判别质点的振动方向。16．【答案】A,B【解析】【解答】A．棒子受重力、支持力和沿斜面向上的安培力，三个力可能处于平衡状态，所以摩擦力可能为0，A符合题意；B．棒子受重力、竖直向上的安培力，两个力若大小相等，则能处于平衡状态，不受摩擦力，B符合题意；C．棒子受重力、竖直向下的安培力，要想处于平衡状态，肯定受支持力和摩擦力，C不符合题意；D．棒子受重力、水平向左的安培力，要想处于平衡状态，肯定受支持力和摩擦力，D不符合题意。故答案为：AB。

【分析】利用左手定则可以判别导体棒的安培力方向，结合平衡条件可以判别导体是否受到摩擦力的作用。17．【答案】（1）A（2）C；D（3）1.5【解析】【解答】(1)该实验是探究加速度与力、质量的三者关系，研究三者关系必须运用控制变量法故答案为：A(2)A．该实验采用的是控制变量法研究，即保持一个量不变，研究其他两个量之间的关系，在探究加速度与质量的关系时，应保持拉力的大小不变，A不符合题意；B．在探究加速度与外力的关系时，应该保持小车的质量不变，B不符合题意；C．要直观的反映两个量之间的关系，可以通过作图来解决．但是只有作出一条直线，才可以直观的反映两个变量之间的关系．在探究加速度a与质量m的关系时，为了直观判断二者间的关系，应作出a−1D．以整体为研究对象有mg=(m+M)a得a=以M为研究对象有绳子的拉力F=Ma=显然要有F=mg必有m+M=M，故有M≫m，即只有M≫m时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力，D符合题意。故答案为：CD(3)根据推论公式△x=aT2得加速度大小为a=

【分析】（1）三个变量，探究其中两个变量之间的关系，需要用到控制变量法；

（2）当m<<M，物体加速度很小，拉力近似等于重物的重力；利用牛顿第二定律公式，确定两个坐标轴对应的物理量，使图形保持为一条直线；

（3）结合纸带上点的距离，利用逐差法求解物体的加速度即可。18．【答案】（1）B；C；甲（2）5.2（3）B；D（4）A【解析】【解答】（1）根据欧姆定律可知，通过待测电阻的最大电流为I所以电流表选B；因为电源电动势为3V，所以电压表应选3V的量程，所以选C；因为待测电阻满足R所以电流表应该选用外接法，故采用甲电路；（2）电流表读数为0.50A，电压表读数为2.60V，所以待测电阻为R=UI=若采用乙电路，因为电流表的分压作用，导致电压表的测量值大于Rx两端的电压值，所以造成误差的主要原因是D（4）由闭合电路欧姆定律可知，Rx两端的电压和滑动变阻器两端的电压之和等于电源电动势，随着x的增加，滑动变阻器接入电路的有效电阻减小，电路中的电流逐渐增大，故U-x图线是斜率逐渐增大的曲线，故答案为：A。

【分析】（1）在量程允许的情况下选择小量程的电表即可；为了能得到比较多的数据，采用分压法，电流表内阻比较大，对电压影响比较大，故采用电流表外接法；

（2）结合电流表和电压表的示数求解即可；

（3）电压表分流，使得电流偏大，电路表分压，使得电压偏大，结合欧姆定律求解即可；

（4）x增加，接入电路中的电阻变小，电流变大，电压就变大。19．【答案】（1）解：对导弹，由牛顿第二定律得F−mg=ma解得火箭喷气产生的推力F=m(g+a)=100×(10+100)N=11mg=1.1×（2）