2024年山东省济宁市任城区中考一模物理试题（解析版）

2023—2024学年度第二学期一模检测初四物理试题注意事项：1.本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分。试卷满分60分，考试时间60分钟。2.答卷前，考生务必用蓝色或黑色笔迹的钢笔、签字笔或圆珠笔将自己所在学校、班级、姓名、考号和座号等写在密封线内规定的位置，将自己的座号写在答题卷指定的位置。3.除作图可用黑色铅笔外，一律用蓝色或黑色的钢笔、签字笔或圆珠笔答卷，答卷字迹要清楚。第I卷（选择题共20分）一、选择题（下列各题的四个选项中，只有一项符合题意，每小题2分，共20分。）1.“估测”是物理学中常用的一种方法，小明同学对与自己相关物理量的估测合理的是（）A.正常体温约38℃ B.每分钟脉搏跳动约75次C.受到的重力约55kg D.站立时对地的压强约【答案】B【解析】【详解】A．正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小。故A不符合题意；B．正常情况下，人的脉搏跳动一次的时间接近1s，1min跳动的次数在75次左右。故B符合题意；C．中学生的质量在50kg左右，受到的重力大约为G=mg=50kg×10N/kg=500N故C不符合题意；D．中学生的体重在G=500N左右，双脚站立时与水平地面的接触面积在0.05m2左右，根据可知双脚对水平地面的压强在104Pa左右，故D不符合题意。故选B。2.从运动速度、运动方向以及力与运动的关系上分析，以下运动状态最适合与静止状态归为一类的是（）A.匀速直线运动 B.变速直线运动C.匀速曲线运动 D.变速曲线运动【答案】A【解析】【详解】从运动速度、运动方向以及力与运动的关系上分析，静止的物体受力平衡，而受力平衡的物体除了静止，还有匀速直线运动，故最适合与静止状态归为一类的是匀速直线运动，故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。3.“禁止燃放烟花爆竹”这一规定得到我市市民的一片叫好，它不仅保护了自然环境，也还给了市民一个清静的居住环境。禁止燃放烟花爆竹是（）A.从人耳处减弱噪声 B.从传播途径中减弱噪声C.从声源处减弱噪声 D.以上三种减弱噪声的方法都用了【答案】C【解析】【详解】减弱噪声主要有三种途径，从人耳处、传播过程中、声源处减弱，禁止燃放烟花爆竹，直接从声源处减弱噪声故选C。4.如图所示的四个实验中，能反映动圈式话筒工作原理的是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】【详解】动圈式话筒的工作原理是电磁感应现象，A是导体在磁场中受力而运动，是电动机的工作原理，B是奥斯特实验，说明电流具有磁效应，C是电流通过灯泡使灯泡发光，D是探究电磁感应现象的实验装置。故D符合题意，ABC不符合题意。故选D。5.下列运动现象涉及的物理知识正确的是（）序号现象物理知识①跳远时助跑增大惯性②穿滑雪板滑雪增大压强③向前游泳时向后划水力的作用是相互的④上单杠前往手上擦“镁粉”减小摩擦力A.① B.② C.③ D.④【答案】C【解析】【详解】①惯性的大小只与物体的质量有关，质量不变，惯性就不会变，跳远时人的质量不变，惯性不变，故①错误；②穿滑雪板滑雪，是在压力一定时，增大受力面积来减小压强，故②错误；③游泳时向后划水，给水一个向后的力，同时水给人一个向前的力，利用了力的作用是相互的，故③正确；④体操运动员上单杠前手上擦些镁粉是为了增加接触面的粗糙程度，增大手与杠之间的摩擦力，故④错误。故选C。6.唐诗是我国优秀的文学遗产之一，下列诗句中所包含的物态变化分析正确的是（）A.“露从今夜白，月是故乡明”，露的形成是汽化现象B.“蜡烛有心还惜别，替人垂泪到天明”，蜡烛“流泪”是液化现象C.“鸡声茅店月，人迹板桥霜”，霜的形成是凝华现象D.“晚来天欲雪，能饮一杯无”，雪的形成是升华现象【答案】C【解析】【分析】【详解】A．露是水蒸气液化形成的，故A错误；B．蜡烛“流泪”是由固体变为液态，是熔化现象，故B错误；C．霜是由水蒸气遇冷凝华形成的，故C正确；D．雪的形成是一种凝华现象，故D错误。故选C。7.下列有关太阳能的叙述中，错误的是（）A.太阳能来源于太阳内部的核裂变B.太阳能属于可再生能源C.地球上的水循环是由太阳能推动的D.煤、石油、天然气等化石燃料中的能量最终来自于太阳能【答案】A【解析】【详解】A．太阳能来源于太阳内部的核聚变反应，故A错误，符合题意；B．能在短时间内得到补充的能源属于可再生能源，而太阳能属于可再生能源，故B正确，不符合题意；C．地球上的水循环是由太阳能推动的，例如蒸发、水汽输送的能量都来自太阳辐射，故C正确，不符合题意；D．煤、石油、天然气等化石燃料中的能量来自地质时期的太阳能，故D正确，不符合题意。故选A。8.如图所示是家庭电路的一部分。闭合开关灯泡正常发光，当将电风扇的插头插入插座中时，灯泡突然熄灭，检查时发现保险丝熔断。故障原因可能是（）A.三孔插座短路 B.电风扇的插头短路C.灯泡短路 D.电风扇的电动机断路【答案】B【解析】【详解】闭合开关时灯泡正常发光，再将电风扇的插头插入插座中时，灯泡突然熄灭，检查时发现保险丝熔断了，这说明电路中的电流过大；开始时电路正常工作，不可能三孔插座和灯泡短路，将电风扇的插头插入插座中时电流过大，所以故障是电风扇的插头短路；电风扇断路不会引起电路中电流过大，故B符合题意，ACD不符合题意。故选B。9.如图所示，工人用500N的拉力，将900N的重物匀速提升3m，用时10s。则（）A.重物上升的速度为0.6m/s B.动滑轮做的有用功为5400JC.工人拉力的功率为150W D.动滑轮的机械效率为90%【答案】D【解析】【详解】A．重物上升的速度为故A不符合题意；B．动滑轮做有用功为W有=Gh=900N×3m=2700J故B不符合题意；C．由图可知n=2，工人做的总功为W总=Fs=Fnh=500N×2×3m=3000J工人拉力做功的功率为故C不符合题意；D．动滑轮的机械效率为故D符合题意。故选D。10.如图所示是检测河水流速变化的装置原理图，机翼状的探头始终浸没在流水中，通过连杆带动滑动变阻器的滑片P上下移动。电源电压保持不变，电流表量程为，电压表量程为，定值电阻的阻值为，滑动变阻器的规格为“”。闭合开关S，随着水流速度的改变，下列分析正确的是（）A.电压表示数变大，表示水流速度增大B.电流表示数变小，表示水流速度增大C.滑动变阻器允许接入电路的阻值范围为D.电路安全工作时消耗总功率的变化范围为【答案】D【解析】【详解】由图可知，定值电阻R1与变阻器R2串联，电压表测变阻器R2的电压，电流表测电路的电流。AB．流体的压强跟流速有关，流速越大的位置，压强越小；当水流速度增大时，机翼状的探头上下表面受到的压强不同，下表面受到的压强大于上表面受到的压强，R2的滑片上移，R2接入电路的阻值减小，总电阻减小，由可知，电流表示数变大，根据串联电路的分压特点可知，变阻器R2的电压减小，即电压表示数减小，故AB错误；CD．当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，只有R1的简单电路，电路中的电流因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0~0.6A，所以，电路中的最大电流为I大=0.4A；电路的最大功率为P大=UI大=4V×0.4A=1.6W此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，最小阻值为0Ω；当电压表的示数最大为U2=3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电路的总功率最小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，此时R1的电压U1=U-U2=4V-3V=1V电路中最小的电流滑动变阻器接入电路中最大阻值滑动变阻器允许接入电路的取值范围为0Ω~30Ω，电路的最小功率为P小=UI小=4V×0.1A=0.4W所以，电路的总功率的变化范围为0.4W∼1.6W，故D正确，C错误。故选D。第II卷（非选择题共40分）二、填空题（每空1分，共12分。）11.小明在书房内就知道妈妈正在厨房炒鸡。小明闻到炒鸡的香味是因为分子___________；小明在书房内看不到炒锅中的鸡肉是因为光___________。【答案】①.在不停地做无规则运动②.在同种均匀介质中是沿直线传播的【解析】【详解】[1]小明闻到炒鸡的香味属于扩散现象，是因为分子在不停地做无规则运动。[2]小明在书房内看不到炒锅中的鸡肉，是由于房屋的墙壁等挡住了来自炒锅中的鸡肉的光线，光线进入不到眼睛，所以眼睛看不到炒锅中的鸡肉，这是因为光在同种均匀介质中是沿直线传播的。12.如图所示的磁性黑板擦被吸在竖直黑板上，分析受力情况可知：黑板擦对黑板的压力与黑板擦受到黑板的支持力是一对___________；黑板擦受到的重力与黑板对黑板擦的摩擦力是一对___________。【答案】①.相互作用力②.平衡力【解析】【详解】[1]黑板擦对黑板的压力与黑板擦受到黑板的支持力作用在两个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，是一对相互作用力。[2]黑板擦受到的重力与黑板对黑板擦的摩擦力作用在同一个物体上，大小相等、方向相反、作用在一条直线上，是一对平衡力。13.小明使用煤气炉将4kg的水从20℃加热到100℃，在此过程中用掉0.1kg煤气，则完全燃烧这些煤气可放出的热量为___________，此煤气炉烧水时的效率为___________%。[，]【答案】①.②.【解析】【详解】[1]水吸收的热量煤气完全燃烧放出的热量[2]煤气灶的效率14.如图所示是10米跳台跳水运动员入水时的情景。在跳水运动员下落过程中，他的重力势能逐渐___________（选填“减小”“不变”“增大”）；若他的质量为50kg，某时刻在空中下落的速度为2m/s，则此时刻重力对他做功的功率是___________W。（g取10N/kg）【答案】①.减小②.1000【解析】【详解】[1]在下落过程中，运动员的质量不变，高度减小，由重力势能大小的影响因素可知，运动员的重力势能逐渐减小。[2]运动员的重力G=mg=50kg×10N/kg=500N根据可知此时刻重力对他做功的功率是P=Gv=500N×2m/s=1000W15.如图（a）所示，用钢缆绳拉着某长方体A沿竖直方向匀速沉入江底，图（b）是A下降过程中钢缆绳对A的拉力F随时间t变化的图像。则长方体A浸没在水中后受到的浮力为______，长方体A的平均密度为______。（ρ水=1.0×103kg/m3，g=10N/kg）【答案】①.2×104N②.1.5×103kg∕m3【解析】【详解】[1]由图得，长方体的重力为3×104N，长方体浸没在水中受到的拉力最小为1×104N，长方体A浸没在水中后受到的浮力为[2]长方体A浸没在水中，排开水的体积等于A的体积，由得，A的体积为A的平均密度为16.如图所示，电源电压不变，电阻，，。当开关闭合，S2、S3断开时，电流表的示数为，则电源电压为___________V；调整开关可使电路的最大电功率达到___________W。【答案】①.6②.3【解析】【详解】[1]当开关S1闭合，S2、S3断开时，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，串联电路各处电流都相等，串联电路总电阻等于各分电阻之和，电源电压为U=I(R1+R2)=0.2A×(20Ω+10Ω)=6V[2]由可知电源电压不变，当电路中的总电阻最小时，总功率是最大的；由图可知，当开关S1、S2、S3都闭合时，R1和R3并联，根据并联电路的电阻关系可知，并联电路的总电阻小于任一分电阻，此时的总电阻是最小的，电功率是最大的，最大功率为三、实验题（17题2分，18题2分，19题5分，20题4分，21题5分，共18分。）17.如图所示，重100N的均匀木棒在细绳拉力作用下保持静止。若细绳的拉力为动力、重力为阻力，请画出动力臂及阻力的示意图。【答案】【解析】【详解】物体属于规则物体，重心在物体的几何中心，杠杆受到的阻力F2=G=100N方向竖直向下；拉力的方向沿A点竖直向上，反向延长画出拉力F1的作用线，过B点做拉力作用线的垂线段即为拉力的力臂l1，如图所示：18.请在下图中标出静止在磁场中的小磁针的N极和磁感线的方向。【答案】【解析】【详解】由图可知通电螺线管左侧为S极，则右侧为N极，磁感线在磁铁外部从N极到S极，因同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，则小磁针右侧为N极，如图所示：19.小明用压强计探究液体内部压强的影响因素。（1）如图（a）所示，用手按压橡皮膜，U形管两侧液面出现高度差，是因为橡皮管内的气压___________（选填“大于”“小于”或“等于”）外界大气压。（2）用U形管两侧液面的高度差来反映液体内部压强大小，这是一种重要的科学研究方法，以下实验中没有用到这种方法的是___________。A.探究电阻的大小与哪些因素有关B.探究电流与电压、电阻的关系C.探究电流产生的热量与哪些因素有关（3）在实验中，保持金属盒深度不变，改变橡皮膜朝向，目的是为了探究液体内部压强大小与___________是否有关。（4）小明欲研究液体压强与液体密度是否有关，他用水和另一种液体进行了图（b）（c）所示的两次实验、小红没有观察U形管两侧液面的高度差，仅仅观察到橡皮膜所处的深度，就认为小明的操作不能得出液体压强与液体密度有关的初步结论。小红的理由是___________。但是小明坚持自己的做法，他进一步测出橡皮膜在水中的深度为10cm，在另一种液体中的深度为8cm，结合U形管两侧液面的高度差，小明求出另一种液体的密度为___________。（）【答案】（1）大于（2）B（3）方向（4）①.没有控制深度不变②.1.25×103【解析】【小问1详解】在使用压强计前，发现U形管两侧液面有高度差，且U形管左侧液面低于右侧液面，说明压强计左侧胶管内的气压大于外界大气压。【小问2详解】A．探究电阻的大小与哪些因素有关，通过电流表示数或小灯亮度比较电阻大小，这是转换法，故A正确，不符合题意；B．探究电流与电压、电阻的关系，用到的是控制变量法，故B错误，符合题意；C．探究电流产生的热量与哪些因素有关，通过U形管左右两侧的液面高度差的大小表示热量多少，是转换法，故C正确，不符合题意。故选B。【小问3详解】保持金属盒在水中的深度不变，改变它的方向，U形管高度差不变，压强不变，说明液体内部朝各个方向都有压强，且同种液体，同一深度各个方向上的压强相等。【小问4详解】[1]图(b)(c)所示的两次实验，仅仅观察到橡皮膜所处的深度，没有控制探头所处的深度相同，故不能探究液体压强与液体密度的关系。[2]由图可知U形管两侧液面的高度差相同，即说明压强相同，，即解得20.小明利用如图所示的光具座“探究凸透镜成像规律”，他将观察和测量的部分结果记录在下表中：实验次数物距u/cm像距v/cm像的性质16020

23030倒立、等大、实像320

倒立、放大、实像410

（1）分析表中信息可得：凸透镜的焦距___________cm；当物距时，像距___________cm；当物距时，像的性质是___________；（2）如图是航天员王亚平在太空授课制作水球时呈现的情景，此时，她在球中所成的像与上表中第___________次实验所成像的性质相同。【答案】（1）①.15②.60③.正立、放大的虚像（2）1【解析】【小问1详解】[1]表中数据可知u=v=30cm成倒立、等大的实像，即2f=30cm故该凸透镜的焦距f=15cm。[2]当物距u=20cm时，等于第1次实验的像距，根据在光的折射中，光路是可逆的可知，第3次实验的像距应等于第1次实验的物距，即v=60cm。[3]当物距u=10cm时，u<f，成正立、放大的虚像。【小问2详解】如图所示是航天员王亚平在太空授课制作水球时呈现的情景，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，即她在球中所成的像与上表中第1次实验所成像的性质相同。21.小明用“伏安法”测量未知电阻R的阻值。（1）根据图（a）的电路图，用笔画线代替导线，将图（b）的实物图补充完整。要求滑动变阻器滑片向右滑动时它的电阻增大；（2）连接电路后，闭合开关，电流表和电压表都有较小示数，无论怎样移动滑片，灯泡都不发光，两表示数均无变化，其原因可能是___________；A.电阻R短路 B.电阻R开路C.滑动变阻器短路或开路 D.滑动变阻器连接错误（3）排除故障后，小明移动滑动变阻器的滑片测出多组电压和电流值，并计入表格。当他将滑片移到滑动变阻器一端时，电压表指针刚好指向15V刻度线，电流表的示数如图所示，据此可算出电阻___________；（4）小明根据表中记录的电压和电流值，算出对应的电阻值，并求出电阻的平均值，他求电阻平均值的目的是___________；（5）同组的小红用一个已知阻值的定值电阻和一个单刀双掷开关，设计了如图所示的电路图测量电阻的阻值。闭合开关S后，当接近触头1时，电压表示数为，当接通触头2时，电压表示数为，则被测电阻___________（用、、表示）。【答案】（1）（2）D（3）10（4）减小误差（5）【解析】【小问1详解】由题意可知，电源为两节干电池，即3V，故电压表选用小量程并联在定值电阻两端；滑动变阻器滑片向右滑动时它的电阻增大，所以滑动变阻器选用左下接线柱与开关串联在电路中，如下图所示：【小问2详解】连接电路后，闭合开关，小灯泡不亮，电流表、电压表都有较小示数，电路为通路，电路的电流较小，电路的电阻较大，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，灯泡都不发光，两电表示数均无变化，则变阻器不能起到变阻的作用，可能是将变阻器下面两个接线柱连入了电路中，故选D。【小问3详解】当他将滑片移到滑动变阻器一端时，电压表指针刚好指向15V刻度线，电压表选用小量程，则其示数为3V；如图2所示，电流表量程为小量程，分度值0.02A，电流表的示数为0.3A；根据欧姆定律得，电阻【小问4详解】该实验为了减小误差，需要多次测量求平均值。【小问5详解】闭合开关S后，当S0接通触头1时，电压表测定值电阻R0和待测定值电阻Rx两端的总电压，即定值电阻R0和待测定值电阻Rx两端的总电压为U1；当S0接通触头2时，电压表测定值电阻R0两端的电压，即定值电阻R0两端的电压为U2，此时电路中的电流由于电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，由串联电路的电压规律可知，待测定值电阻两端的电压为Ux=U1-U2待测定值电阻Rx的阻值四、计算题（22题4分，23近6分，共10分。）22.冰壶由密度为的花岗岩凿磨而成，它的体积为，与冰面的接触面积为。如图所示，掷壶运动员用21N的水平推力（没有施加竖直方向的力）推着冰壶由静止开始前进4m后松手，冰壶又向前自由滑行26m后停在营垒中心。整个过程没有其他运动员擦冰，掷壶运动员所做的功最终通过摩擦全部转化为内能。求：（1）冰壶对冰面的压强；（2）冰壶在冰面上滑动时受到的摩擦力。【答案】（1）1×104Pa（2）2.8N【解析】小问1详解】冰壶的质量m壶=ρ壶V壶=2.5×103kg/m3×8×10-3m3=20kg冰壶在水平面上时，根据二力平衡可知，对冰面压力等于冰壶的重力，即F=G壶=m壶g=20kg×10N/kg=200N冰壶与冰面的接触面积为S=0.02m2，所以冰壶对冰面的压强【小问2