四川省隆昌市2024-2025学年高一数学上学期期中测试试题含解析

Page14四川省隆昌市2024-2025学年高一数学上学期期中测试试题留意事项：1．答题前，考生务必将自己的姓名考号、姓名、班级填写在答题卡．2．回答选择题时，用2B铅笔把答题卡上对应题目所选的答案标号涂黑．如需改动，用橡皮擦干净后再涂黑．回答非选择题，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效．3．总分150分，答题时间120分钟；考试结束后，请将答题卡上交．一、单选题：本大题共8个小题，每小题5分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1.已知集合，则（）A. B.C. D.【答案】B【解析】【分析】依据集合交集的定义进行求解即可.【详解】因为，所以，故选：B2.函数的定义域为（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】首先依据题中所给的函数解析式，结合偶次根式和分式的要求列出不等式组求得结果.【详解】由题意得，即，解得且，所以函数的定义域为，故选：B.【点睛】该题考查的是有关函数的问题，涉及到的学问点有求函数的定义域，在求解的过程中，关键在于列全限制条件，并精确求解不等式（组），属于简洁题目.3.已知集合，，则集合的真子集个数为（）A.7 B.8 C.5 D.6【答案】A【解析】【分析】由A、B可以得到集合，确定集合的元素个数，代入公式即可得到集合的真子集个数．【详解】因为集合，，所以集合，，，所以集合有3个元素，集合真子集个数为个．故选：A4.已知集合，，则下列图象中，能表示从集合到集合的一个函数的为（）A. B.C. D.【答案】C【解析】【分析】依次推断选项中函数图像对应的定义域是否为，且每个都有唯一的在集合中与之对应，即可推断【详解】选项A，图像对应的定义域不包含，不成立；选项B，图像存在有两个与之对应，不表示函数图像，不成立；选项C，图像对应的定义域为，且每个都有唯一的与之对应，且值域为，满意题意；选项D，当，有两个与之对应，不表示函数图像，不成立；故选：C5.若，则有（）A.最小值1 B.最小值2 C.最大值1 D.最大值2【答案】B【解析】【分析】依据基本不等式即可求解.【详解】解：∵，∴，当且仅当，时取等号．因此的最小值为2．故选：B．6.不等式成立的一个充分不必要条件是（）．A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】先利用一元二次不等式解不等式，再依据充分、必要条件的定义分析推断.【详解】∵，解得，即不等式的解集为.由题意可得：选项对应的集合为的真子集，对A：，即是的必要不充分条件，A错误；对B：，即是的充要分条件，B错误；对C：，即是的充分不必要分条件，C正确；对D：与不存在包含关系，即是的既不充分也不必要分条件，D错误；故选：C7.已知函数在区间上单调递减，则实数的取值范围为（）A. B.C. D.【答案】C【解析】【分析】依据题意，求出二次函数的对称轴，且抛物线开口向上，从而得出函数在上单调递减，结合条件可知，即可求出的取值范围.【详解】解：二次函数的对称轴为，抛物线开口向上，函数在上单调递减，要使在区间上单调递减，则对称轴，解得：.故选：C8.函数的值域为（）A. B.C. D.【答案】A【解析】【分析】由题可知，利用换元法，令，得，，将原函数转化为，再依据二次函数的图象和性质，即可求出最值，从而得出函数的值域.【详解】解：依据题意，可知，则，令，则，，所以，可知当时，取得最大值，无最小值，所以函数的值域.故选：A.二、多项选择题：本大题共4个小题，每小题5分，共20分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分．9.下列命题中，真命题的是（）A.若，则B.若，，则C.若，，则D.若，，则【答案】BD【解析】【分析】依据不等式的性质即可逐一求解.【详解】对于A，若，则不成立，故错误，对于B,由，得，，因此可得，故B正确，对于C,若，则，因此C错误，对于D,由得，所以，D正确，故选：BD10.已知函数是R上的奇函数，且当时，，则（）A. B.C.是增函数 D.【答案】ACD【解析】【分析】由是R上的奇函数，则可算出，代入可算得依据的对称性可得出单调性，依据可求得【详解】A.项是R上的奇函数，故得，故A对对于B项，，故B错对于C项，当时，在上为增函数，利用奇函数的对称性可知，在上为增函数，故是上的增函数，故C对，故D对故选：ACD【点睛】正确理解奇函数和偶函数的定义，必需把握好两个问题：(1)定义域关于原点对称是函数f(x)为奇函数或偶函数的必要非充分条件；(2)f(－x)＝－f(x)或f(－x)＝f(x)是定义域上的恒等式．奇函数的图象关于原点对称，偶函数的图象关于y轴对称，反之也成立．利用这一性质可简化一些函数图象的画法，也可以利用它去推断函数的奇偶性．11.若，是，这两个函数中的较小者，则（）A.最大值为2 B.最大值为 C.最小值为 D.无最小值【答案】BD【解析】【分析】画出两个函数图象，解得交点坐标，依据图象分析函数的取值并推断结果.【详解】如图，作出函数和函数的图象，联立易得，，依据图象易知，所以函数在处取得最大值，无最小值.故选：BD.【点睛】本题考查函数图象的的运用，难度一般，这类问题的解答方法如下：

（1）分别画出各个函数的图象；（2）联立，解出交点的坐标；（3）视察每一段上各函数图象的改变，依据题目意思确定出结果.12.已知正数满意，则下列选项正确是（）A.的最小值是2 B.的最大值是1C.的最小值是4 D.的最大值是【答案】ABD【解析】【分析】依据题设条件和基本不等式，逐项判定，即可求解.【详解】因为正数满意，由，当且仅当时，即时，等号成立，所以A正确；由，可得，即，当且仅当时成立，所以B正确；由，当且仅当时成立，所以C错误；由正数满意，可得，则，当且仅当时，即时，等号成立，即的最大值是，所以D正确.故选：ABD三、填空题；本题共4小题，每小题5分，共20分13.已知集合，则___________．【答案】或【解析】【分析】依据集合的交并补运算即可求解.【详解】由得,所以或，故答案为：或14.含有三个实数的集合既可表示成，又可表示成，则__________.【答案】1【解析】【分析】依据集合相等求得值，然后计算．【详解】解：由题意，所以，即，所以，解得，当时，与元素互异性冲突，舍去，时，两个集合为．满意题意．所以．故答案为：．15.已知，若则_______.【答案】【解析】【分析】依据分段函数的解析式，先求得，再由，从而可得出的值.【详解】解：由题可知，，，，解得：.故答案为：.16.定义新运算“”，满意对随意的，有．若对，恒成立，则实数m的取值范围是______．【答案】【解析】【分析】将化简得，转化为不等式恒成立问题求解.【详解】由得，，化简得对恒成立，当时，成立；当时，满意，即；故实数m的取值范围是.故答案为：.四、解答题：本题共6个小题，共70分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．17已知函数（1）求的值；（2）若，求实数的值；【答案】（1），；（2）或.【解析】【分析】（1）由函数解析式，将自变量的值代入即可；（2）分和两种状况探讨，从而可得出答案.【小问1详解】解：由，得，；【小问2详解】解：当时，，解得或（舍去），当时，，解得，综上所述，或.18.已知不等式的解集为或．（1）求实数a，b的值；（2）若，，且，求的最小值【答案】（1）（2）3【解析】【分析】（1）依据不等式得解集可得，且方程的根为，再利用韦达定理即可得出答案；（2）依据结合基本不等式即可得解.【小问1详解】解：因为不等式的解集为或，所以，且方程的根为，则，所以；【小问2详解】解：由（1）得，，则，当且仅当，即时，取等号，所以的最小值为.19.已知集合，．（1）若集合B满意且，求实数m的取值范围；（2）若是的必要不充分条件，求实数m的取值范围．【答案】（1）或；（2）或．【解析】【分析】（1）解分式不等式确定集合，然后依据空集的定义、交集的结论求解；（2）由题意得，然后对按是否为空集分类探讨求解．【小问1详解】由已知可得，因为，所以，即，当时，或，所以或，∴m的取值范围为或；【小问2详解】因为是的必要不充分条件，所以，①当B为空集时，，即，原命题成立；②当B不是空集时，所以，解得，满意题意．综上①②，m的取值范围为或．20.（1）比较与的大小；（2）用定义证明函数在上是减函数；【答案】（1）；（2）证明见解析【解析】【分析】（1）利用作差法比较即可；（2）利用单调性的定义进行证明即可.【详解】（1）因为，所以；（2）令，则，因为，所以，所以，即，所以函数在上是减函数21.已知定义在上的函数满意：.（1）求函数的表达式；（2）若函数在区间上最小值为，求实数的值.【答案】（1）；（2）.【解析】【分析】（1）由题可知函数满意①，将①式中换成可得②式，联立①②，即可求出函数的表达式；（2）由（1）可求出，依据二次函数的图象与性质易知开口向上且关于对称，结合题目条件，分类探讨当，，三种状况下的函数在区间上的单调性，进而求得的最小值，从而可得实数的值.【小问1详解】解：依据题意，可知函数满意：①，将①式中换成可得②式：即：②，联立①②得，解得：，所以函数的表达式为.【小问2详解】解：由（1）可得，而在区间上最小值为，，易知二次函数开口向上且关于对称，当，即时，在区间上单调递增，则，解得：，满意题意，当，即时，在上单调递减，在上单调递增，则，解得：或（舍去），当，即时，在区间上单调递减，则，解得：（舍去），所以综上得：.22.设二次函数满意，且关于的不等式的解集为.（1）求