2025届高三一轮复习数学试题(人教版新高考新教材)考点规范练34　基本立体图形、直观图、表面积和体积

考点规范练34基本立体图形、直观图、表面积和体积一、基础巩固1.下列说法正确的是()A.棱柱的两个底面是全等的正多边形B.平行于棱柱侧棱的截面是矩形C.{直棱柱}⊆{正棱柱}D.{正四面体}⊆{正三棱锥}2.已知四棱锥P-ABCD的底面是边长为2的正方形,顶点在底面的投影为底面的中心,若该四棱锥的体积为433,则它的表面积为(A.8 B.12 C.4+83 D.203.(2021北京,8)某一时间段内,从天空降落到地面上的雨水,未经蒸发、渗漏、流失而在水平面上积聚的深度,称为这个时段的降雨量(单位:mm).24h降雨量的等级划分如下:等级24h降雨量(精确到0.1)小雨≤9.9中雨10.0~24.9大雨25.0~49.9暴雨50.0~99.9…………在综合实践活动中,某小组自制了一个底面直径为200mm,高为300mm的圆锥形雨量器.若一次降雨过程中,该雨量器收集的24h的雨水高度是150mm(如图所示),则这24h降雨量的等级是()A.小雨 B.中雨 C.大雨 D.暴雨4.在封闭的正三棱柱ABC-A1B1C1内有一个体积为V的球.若AB=6,AA1=4,则V的最大值是()A.16π B.32πC.12π D.43π5.(2022新高考Ⅰ,4)南水北调工程缓解了北方一些地区水资源短缺问题,其中一部分水蓄入某水库.已知该水库水位为海拔148.5m时,相应水面的面积为140.0km2;水位为海拔157.5m时,相应水面的面积为180.0km2.将该水库在这两个水位间的形状看作一个棱台,则该水库水位从海拔148.5m上升到157.5m时,增加的水量约为(7≈2.65)()A.1.0×109m3 B.1.2×109m3 C.1.4×109m3 D.1.6×109m36.点A,B,C,D在同一个球的球面上,AB=BC=6,∠ABC=90°,若四面体ABCD体积的最大值为3,则这个球的表面积为()A.2π B.4π C.8π D.16π7.(2023新高考Ⅰ,14)在正四棱台ABCD-A1B1C1D1中,AB=2,A1B1=1,AA1=2,则该棱台的体积为.

二、综合应用8.(多选)已知四棱台ABCD-A1B1C1D1的上、下底面均为正方形,其中AB=22,A1B1=2,AA1=BB1=CC1=2,则下列说法正确的是()A.该四棱台的高为3B.AA1⊥CC1C.该四棱台的表面积为26D.该四棱台外接球的表面积为16π9.已知球的直径SC=4,A,B是该球球面上的两点,AB=3,∠ASC=∠BSC=30°,则棱锥S-ABC的体积为()A.33 B.23 C.3 D.110.如图,一把斧子,它的斧头由铁质锻造,斧头的形状可以近似看成由上下两个多面体组合而成,上部是一个长方体,下部是一个“楔(xie)形”,其尺寸如图标注(单位:cm).已知铁的比重为7.87g/cm3,斧头上用作安装斧柄的洞眼仍看作实心,则这只斧头的质量(单位:g)所在的区间为()A.(800,1200) B.[1200,1600)C.[1600,2000) D.[2000,2400)11.已知四边形OABC的直观图O'A'B'C'如图所示,O'A'=3B'C',O'A'⊥E'C',SOABC=8,C'D'∥y'轴,C'E'=22,D'为O'A'的三等分点,且靠近点O',则四边形OABC绕y轴旋转一周所成的空间几何体的体积为()A.1523π B.48πC.383π D.1212.如图,圆形纸片的圆心为O,半径为5cm,该纸片上的等边三角形ABC的中心为O.D,E,F为圆O上的点,△DBC,△ECA,△FAB分别是以BC,CA,AB为底边的等腰三角形,沿虚线剪开后,分别以BC,CA,AB为折痕折起△DBC,△ECA,△FAB,使得D,E,F重合,得到三棱锥.当△ABC的边长变化时,所得三棱锥体积(单位:cm3)的最大值为.

三、探究创新13.(2022全国Ⅱ,文19)小明同学参加综合实践活动,设计了一个封闭的包装盒.包装盒如图所示:底面ABCD是边长为8(单位:cm)的正方形,△EAB,△FBC,△GCD,△HDA均为正三角形,且它们所在的平面都与平面ABCD垂直.(1)证明:EF∥平面ABCD;(2)求该包装盒的容积(不计包装盒材料的厚度).14.一个密闭且透明的正方体容器中装有部分液体,已知该正方体的棱长为2,如果任意转动该正方体,液面的形状都不可能是三角形,那么液体体积的取值范围为.

考点规范练34基本立体图形、直观图、表面积和体积1.D选项A中两个底面全等,但不一定是正多边形;选项B中一般的棱柱不能保证侧棱与底面垂直,即截面是平行四边形,但不一定是矩形;选项C中{正棱柱}⊆{直棱柱},故A,B,C都错;选项D中,正四面体是各条棱均相等的正三棱锥,故正确.2.B如图,设底面中心为O,则VP-ABCD=13×2×2×PO=433又底面是边长为2的正方形,可得该四棱锥的斜高为12+(故该四棱锥的表面积为2×2+4×12×2×23.B由题意知,一个半径为2002=100(mm)的圆面内的降雨充满一个底面半径为2002×150300=50(mm),高为所以积水深度d=13π×502×150π×4.D正三角形ABC的边长为6,其内切圆的半径为r=3<2,所以在封闭的正三棱柱ABC-A1B1C1内的球的半径最大值为3,所以其体积为V=43πr3=43π,5.C由题意可得,此棱台的高h=157.5-148.5=9(m).设水库水位为海拔148.5m时,相应水面的面积为S1,水库水位为海拔157.5m时,相应水面的面积为S2,则S1=140.0km2=1.4×108m2,S2=180.0km2=1.8×108m2,故该棱台的体积V棱台=13h(S1+S2+S1·S2)=13×9×(1.4×108+1.8×108+1.4×10即增加的水量约为1.4×109m3.故选C.6.D由题意,知S△ABC=3,设△ABC所在球的小圆的圆心为Q,则Q为AC的中点.当DQ与面ABC垂直时,四面体ABCD的体积最大,最大值为13S△ABC·DQ=3解得DQ=3.如图,设球心为O,半径为R,则球心O在DQ上,且在Rt△AQO中,OA2=AQ2+OQ2,即R2=(3)2+(3-R)2,解得R=2,则这个球的表面积为S=4π×22=16π.故选D.7.766如图所示,正四棱台中四边形AA1C1连接AC,A1C1,过点A1作A1G⊥AC,交AC于点G,则A1G为棱台的高.在正四棱台中,∵AC=22,A1C1=2,∴AG=AC在Rt△A1AG中,A1G=A则棱台体积V=13(S四边形A1B1C1D1+S四边形8.AD如图,将该四棱台补成四棱锥S-ABCD,连接AC,BD交于点O,连接A1C1,B1D1交于点O1,连接SO,则SO过点O1,且SO⊥平面ABCD,所以OO1为该四棱台的高.因为AB=22,A1B1=2,可知△SA1B1与△SAB相似比为1∶2;所以SA=2AA1=4,又由已知得AO=2,所以SO=23,所以OO1=3,即该四棱台的高为3,A正确;因为SA=SC=AC=4,所以AA1与CC1的夹角为60°,不垂直,B错误;该四棱台的表面积为S=S上底+S下底+S侧=8+2+4×(2+22)2×142因为上下底面都是正方形,所以外接球的球心在OO1上.连接OB1,在Rt△O1OB1中,由OO1=3,B1O1=1,得OB1=2=OB,即点O到点B与点B1的距离相等,则该四棱台外接球的半径r=OB=2,故该四棱台外接球的表面积为16π,D正确.9.C如图,过A作AD垂直SC于D,连接BD.因为SC是球的直径,所以∠SAC=∠SBC=90°.又∠ASC=∠BSC=30°,又SC为公共边,所以△SAC≌△SBC.因为AD⊥SC,所以BD⊥SC.由此得SC⊥平面ABD.所以VS-ABC=VS-ABD+VC-ABD=13S△ABD·SC由于在Rt△SAC中,∠ASC=30°,SC=4,所以AC=2,SA=23.所以AD=同理BD=3.又AB=3,所以△ABD为正三角形所以VS-ABC=13S△ABD·SC=13×12×(3)2·sin60°×410.A观察图形可知,几何体由一个长方体、一个三棱柱和两个三棱锥组成.长方体的体积为3×5×5=75(cm3),三棱柱的体积为12×3×5×5=752(两个三棱锥的体积为2×13×12×3×5×52=252(cm3所以这只斧头的质量为7.87×125=983.75(g).11.B因为C'E'=22,C'D'∥y'轴,O'A'⊥E'C',所以C'D'=1由直观图知原图形为梯形,在梯形OABC中,CD是梯形的高,CD=2C'D'=2,OA=O'A',BC=B'C',所以OA=3BC.由SOABC=12×(OA+BC)×CD=12×4BC×2=8,得BC=2又因为D'为O'A'的三等分点,所以D为OA的三等分点,所以梯形OABC为等腰梯形.四边形OABC绕y轴旋转一周所成的空间几何体的体积等于一个圆台的体积减去一个圆锥的体积,即V=13π×CD×(42+4×6+62)-13π×CD×22故选B.12.415如图所示,连接OD,交BC于点G.由题意知OD⊥BC,OG=36BC设OG=x,则BC=23x,DG=5-x,三棱锥的高h=D因为S△ABC=12×23x×3x=33x所以三棱锥的体积V=13S△ABC·h=3x2令f(x)=25x4-10x5,x∈0,52,则f'(x)=100x3-50x4.令f'(x)=0,则f(x)在区间(0,2)上单调递增,在区间2,5所以f(x)max=f(2)=80.所以V≤3×80=所以三棱锥体积的最大值为41513.(1)证明如图,取AB的中点M,BC的中点N,连接MN,ME,NF.因为△ABE是正三角形,所以ME⊥AB.又平面ABE⊥平面ABCD,平面ABE∩平面ABCD=AB,ME⊂平面ABE,所以ME⊥平面ABCD.同理,FN⊥平面ABCD.所以ME∥FN.又ME=FN=32×8=4所以四边形EMNF是平行四边形,从而EF∥