2023年黑龙江省哈尔滨市初中升学考试综合试题物理部分及答案

黑龙江省哈尔滨市2023年中考物理试卷一、选择题（每小题只有一个对的答案，本题共12小题，每小题2分，共24分）1．（2分）（2023•哈尔滨）如图所示，对基本测量仪器的操作和使用，对的的是（）A．测量物体质量B．测量木块长度C．测量液体温度D．测量蓄电池两极间电压考点：天平的使用；温度计的使用及其读数；刻度尺的使用；电压表的使用．专题：基本仪器的使用专题．分析：A、从天平的对的使用上考虑，如：天平放置方法、游码位置、调节天平横梁的方法．B、从刻度尺测量物体长度时，视线和刻度尺的关系．C、从温度计对的放置和对的读数上分析．D、从电压表对的使用上逐条分析．解答：解：A、天平的砝码应用镊子夹取，不能用手拿．且应当是左边放物体，右边放砝码，故操作错误．B、用刻度尺测量物体长度时，读数时视线要与刻度尺垂直．测量对的．C、温度计测量液体温度时，玻璃泡没有完全浸没在被测液体中，读数时，温度计应留在被测液体中，不应当取出来读数，故操作不对的．D、电压表的接线柱和电源正极、负极连接错误．故选B．点评：此题中考察了天平、电压表、刻度尺、温度计等几种基本测量工具的使用方法与读数，这都是我们应当掌握的基本实验技能，应在平常的实验中加强锻炼．2．（2分）（2023•哈尔滨）下列有关声现象的说法，不对的的是（）A．吉它声是由琴弦的振动产生，并能像光同样在真空中进行传播B．用手指在同一根琴弦的不同位置按压，可以弹奏出音调不同的声音C．超声波可以粉碎结石，说明声音具有能量D．合理运用噪声可以控制植物提前或推迟发芽，以此来除掉杂草考点：声音的产生；声音的传播条件；声音的综合运用．专题：声现象．分析：①声音是由物体振动产生的，一切发声体都在振动，振动停止，发声也就停止；声音传播需要介质，真空不能传声；②声音的高低叫音调，音调与发声体振动的频率有关，频率越大，音调越高；③声音可以传递信息，声音具有能量；④合理运用噪声，就可以变害为利．解答：解：A、吉它声是由琴弦的振动产生，但传播需要介质，所以无法在真空中传播．此选项错误；B、用手指在同一根琴弦的不同位置按压，琴弦的振动频率发生变化，所以音调发生变化，可以弹奏出音调不同的声音．此选项对的；C、超声波可以粉碎结石，说明声音具有能量．此选项对的；D、合理运用噪声可以控制植物提前或推迟发芽，以此来除掉杂草，是变害为利．此选项对的．故选A．点评：此题考察了声音的产生和传播、音调的影响因素、声音具有能量和噪声的运用，包含了声现象大部分知识点，但难度不大，只要掌握基本规律，就能对的解答．3．（2分）（2023•哈尔滨）如图所示，对下列光学现象的描述或解释，对的的是（）A．“手影”是由光的折射形成的B．“海市蜃楼”是由光的反射形成的C．小女孩在平面镜中看到的是自己的虚像D．在漫反射中，不是每条光线都遵循光的反射定律考点：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案；光在均匀介质中直线传播；光的折射现象及其应用．专题：光的传播和反射、平面镜成像；光的折射、光的色散．分析：A、光在同种均匀物质中沿直线传播，在平常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等，都表白光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；B、当光从一种介质斜射入另一种介质时或光在不均匀的空气中传播时，传播方向会发生偏折，这就是光的折射；C、当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来的现象是光的反射，例如：平面镜成像、水中倒影都是由光的反射形成的；D、光的反射有镜面反射与漫反射两种，平行的入射光发射后不再平行而是向各个方向传播，这就是光的漫反射，不管是镜面反射还是漫反射都遵守光的反射定律．解答：解：A、“手影”是由光的直线传播形成的，不是光的折射形成的，故A错误；B、“海市蜃楼”是光在不均匀的空气中传播时会发生折射现象，故B错误；C、小女孩在平面镜中看到的是自己的虚像是由光的反射形成的，故C对的；D、光发生漫反射时每条光线都遵守光的反射定律，故D错误．故选C．点评：此题通过几个平常生活中的现象考察了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解与掌握，在学习过程中要善于运用所学知识解释有关现象，达成学以致用的目的．4．（2分）（2023•哈尔滨）物态变化在我们生活中随处可见，下列说法中对的的是（）A．初春，冰雪消融是汽化现象B．盛夏，雾的出现是液化现象C．深秋，霜的出现是凝固现象D．严冬，冰雕变小是熔化现象考点：液化及液化现象；熔化与熔化吸热特点；升华和凝华的定义和特点．专题：汽化和液化、升华和凝华．分析：（1）物质由固态变成由液态的现象叫做熔化；（2）物质由气态变成液态的现象叫做液化；（3）物质由气态直接变成固态的现象叫做凝华；（4）物质由固态直接变成气态的现象叫做升华．解答：解：A、初春，冰雪消融，由固态变成液态，属于熔化现象，该选项说法不对的；B、盛夏，雾的出现，是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，该选项符合题意；C、深秋，霜的出现，是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象，该选项不符合题意；D、严冬，冰雕变小，由固态直接变成了气态，属于升华现象，该选项不符合题意．故选B．点评：本题考察了对生活中常见物态变化现象的判断，属于基础知识的考察，解决此类题目的关键是把握住物质前后的状态变化．5．（2分）（2023•哈尔滨）下列说法不对的的是（）A．将两段表面平滑的熔丝紧密接触后，它们会“粘”在一起，是由于分子间有互相作用的引力B．物体的温度越高，构成物体的大量分子做无规则运动越剧烈C．飞船返回舱返回地面穿越大气层时，烧蚀层烧得通红是通过热传递方式增大内能D．运用太阳能发电是将太阳能转化为电能考点：分子间的作用力；做功改变物体内能；分子的运动；太阳能的运用．专题：分子热运动、内能；能源的运用与发展．分析：（1）组成物质的分子在不断地做无规则运动，分子间存在着互相作用的引力和斥力；（2）分子的无规则运动与温度有关，称做热运动，温度越高，分子运动越剧烈；（3）改变物体内能的方式有做功和热传递两种，做功是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程；（4）太阳能的运用：一是把太阳能转化成内能，二是把太阳能转化成电能．解答：解：A、将两段表面平滑的熔丝紧密接触后，它们会“粘”在一起，是由于分子间有互相作用的引力，该选项说法对的，不符合题意；B、分子的运动与温度有关，物体的温度越高，构成物体的大量分子做无规则运动越剧烈，该选项说法对的，不符合题意；C、飞船返回舱返回地面穿越大气层时，与空气摩擦生热，烧蚀层烧得通红是通过做功的方式增大了内能，该选项说法不对的，符合题意；D、运用太阳能发电是将太阳能转化为电能，该选项说法对的，不符合题意．故选C．点评：本题考察了分子引力、热运动、物体内能的改变和太阳能的运用，是热学基本知识的考察，相对比较简朴．6．（2分）（2023•哈尔滨）下列事例可初步说明的道理对的的是（）A．沿纸条上方吹气纸条会向上升起，说明气体在流速大处压强大，在流速小处压强小B．下端带有橡皮膜的玻璃管在水中越深，膜向上凸起限度越大，说明水静止时，水内部的压强随深度增长而增大C．钢笔能把墨水吸上来，说明笔管对墨水有吸引力D．沙漠中的越野汽车装有非常宽敞的轮子，说明增大受力面积可以增大压力考点：流体压强与流速的关系；减小压强的方法及其应用；液体的压强的特点；大气压强的存在．专题：压强、液体的压强；气体的压强、流体压强与流速的关系．分析：分析四个选择项中的物理情景所涉及的物理知识，然后用相关的知识进行分析并验证其说法对与错．解答：解：A、沿纸条上方吹气纸条会向上升起，说明气体在流速大处压强小，在流速小处压强大．此选项说法不对的．B、下端带有橡皮膜的玻璃管在水中越深，膜向上凸起限度越大，说明水静止时，水内部的压强随深度增长而增大．此选项说法对的．C、钢笔能把墨水吸上来，因素是笔管外气压大于管内气压，大气压将墨水压入笔管内．此选项说法不对的．D、沙漠中的越野汽车装有非常宽敞的轮子，运用了在压力一定的情况下，增大受力面积可以减小压强的特点．此选项说法不对的．故选B．点评：此题考察了流体压强与流速的关系、液体压强的特点、大气压的应用、影响压强的因素等知识点，牢记和掌握各知识点是对的解答的关键所在．7．（2分）（2023•哈尔滨）对于静止在水平桌面上的矿泉水瓶，下列说法对的的是（）A．桌面对瓶子的支持力与瓶子所受重力是互相作用力B．瓶子对桌面的压力与桌面对瓶子的支持力是平衡力C．瓶子正放与倒放时，对桌面的压力是不同的D．假如瓶子所受的力同时所有消失，它将仍留在原位保持本来的静止状态考点：平衡力和互相作用力的区分；牛顿第一定律．专题：运动和力．分析：物体间力的作用是互相的，物体间的互相作用力作用在不同的物体上；一对平衡力等大、反向、作用在同一直线上，作用在同一物体上；瓶子放在水平桌面上而静止，处在平衡状态，受到的支持力与重力相等，瓶子对桌面的压力等于瓶子的重力；力是改变物体运动状态的因素，假如物体不受力或所受合力为零，物体由于惯性要保持本来的状态不变．解答：解：A、桌面对瓶子的支持力与瓶子所受重力是一对平衡力，不是互相作用力，故A错误；B、瓶子对桌面的压力与桌面对瓶子的支持力作用在不同的物体上，是一对互相作用力，不是平衡力，故B错误；C、瓶子正放与倒放时，对桌面的压力相等，都等于瓶子的重力，故C错误；D、假如瓶子所受的力同时所有消失，由于惯性它将仍留在原位保持本来的静止状态，故D对的；故选D．点评：对瓶子对的受力分析，对的区分平衡力与一对作用力、知道惯性，即可对的解题．8．（2分）（2023•哈尔滨）关于安全用电，下列说法不对的的是（）A．使用电水壶、电饭锅时，金属外壳要接地B．通常情况下更换灯泡时要先断开灯泡所在支路的开关C．不能用湿手摸或用湿布擦工作状态中的灯具等电器，以防触电D．使用验电笔辨别相（火）线时，笔的前端金属体要与相（火）线相连，手不要接触笔尾金属体考点：安全用电原则．专题：电与热、生活用电．分析：①大型用电器的金属外壳一定要接地；②为人身及用电器安全，在检修电路故障或更换灯泡时，必须使电路处在断开状态．③湿物体是导体，接触带电体容易发生触电；④使用测电笔时，手一定要接触笔尾的金属体．解答：解：A、为用电安全，使用电水壶、电饭锅时，金属外壳要接地，此选项对的；B、在更换灯泡时，必须先断开控制灯泡的开关．此选项对的；C、用湿手摸或用湿布擦工作状态中的灯具等电器，也许会因湿抹布导电而发生触电事故．此选项对的；D、使用验电笔辨别相（火）线时，笔的前端金属体要与相（火）线相连，手一定要接触笔尾金属体，才干起到作用．此选项错误．故选D．点评：要掌握安全用电常识，本题既考察了物理知识，在生活中又具有现实意义．9．（2分）（2023•哈尔滨）下列说法中不对的的是（）A．大人提一桶水和两个小孩共同提这桶水静止不动，他们的力对水桶的作用效果相同B．由甲、乙两图可看出：抽水机能提供水压，电源能提供电压C．电磁铁吸引大头针的多少反映了电磁铁磁性的强弱D．实验装置可以探究灯泡消耗的功率与电流的定量关考点：物理学方法；力的作用效果．专题：其他综合题．分析：对每个选项进行分析，看选项中两个过程或现象之间是否存在必然的联系，有无共同之处．解答：解：A、大人提一桶水和两个小孩共同提这桶水静止不动，说明大人对桶的作用力和小孩共同对桶的作用力产生的效果是相同的．此选项对的；B、抽水机能提供水压，电源能提供电压，它们各自所起的作用是相同的．此选项对的；C、电磁铁吸引大头针的数目越多，说明磁性越强，吸引大头针的多少可以反映电磁铁磁性的强弱．此选项对的；D、灯泡越亮说明功率越大，但具体功率是多少无法拟定．此选项错误．故选D．点评：在此题的不同探究过程中，分别体现了等效法、类比法和转换法等物理研究方法，在解决此类问题时要注意辨认和应用．10．（2分）（2023•哈尔滨）如图所示的实验所体现的原理和它的应用的相应关系不对的的是（）A．微小压强器B．汽油机C．麦克风D．电动机考点：物理常识．专题：其他综合题．分析：运用图示的实验现象，明确其反映的物理规律．然后再与该选项中的应用技术涉及的理论去相应，从而可以拟定其正误．解答：解：A、微小液体压强计运用了液体压强与液体深度的关系，与连通器无关，相应关系不对的；B、水蒸汽推动风车转动，水蒸汽的内能转化为机械能，汽油机做功把内能转化为机械能，相应关系对的；C、图示实验是电磁感应现象，麦克风应用了电磁感应原理，相应关系对的；D、通电导线在磁场中受到磁场力作用，它是电动机的工作原理，相应关系对的；本题选相应关系不对的的，故选A．点评：这是一道综合性较强的题目，题目通过实验现象，让我们总结出其反映的理论；然后再与应用技术反映出来的理论相应，从物理走向生活，要会运用，是近几年中考的热点之一．11．（2分）（2023•哈尔滨）如图所示电路，电源电压保持不变，其中R0、R1为定值电阻，闭合开关，当把滑动变阻器的滑片从右端调到左端过程中，下列说法中对的的是（）A．电流表A示数变小B．电压表V1示数变小C．电压表V2示数变小D．R0两端的电压变小考点：电路的动态分析；串联电路的电压规律；滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用．专题：应用题；压轴题；电路和欧姆定律；电路变化分析综合题．分析：由电路图可知，三电阻串联，电压表V1测R1两端的电压变化，电压表V2测R1和R2两端的电压之和，电流表测电路中的电流；根据滑片的移动拟定接入电路电阻的变化，电路总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和两定值电阻两端的电压变化，运用串联电路的电压特点判断电压表V2示数的变化．解答：解：闭合开关S后，三电阻串联，电压表V1测R1两端的电压变化，电压表V2测R1和R2两端的电压之和，电流表测电路中的电流；当把滑动变阻器的滑片从右端调到左端过程中，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，∵I=，∴电路中的电流变大，即电流表A的示数变大，故A不对的；定值电阻R0和R1两端的电压变大，即电压表Vl的示数变大，故BD不对的；∵串联电路中的总电压等于各分电压之和，∴R1和R2两端的电压之和变小，即电压表V2的示数变小，故C对的．故选C．点评：本题考察了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是电路串并联的辨别和电表所测电路元件的判断，要注意判断电压表V2的示数变化时应用电源的电压减去R0两端的电压进行判断．12．（2分）（2023•哈尔滨）小明按图示电路测量小灯电泡功率，备有器材规格如下：电源电压恒为6V，小灯泡额定电压为2.5V，灯泡正常发光时灯丝电阻约为lOΩ，变阻器甲的规格“10Ω1A”、乙的规格“50Ω0.5A”，电流表量程有“0～0.6A”、“0～3A”，电压表量程有“0～3V”、“0～15V”，下列说法不对的的是（）A．当电压表达数为2.5V时，灯泡消耗的功率等于额定功率B．为减小误差，电压表量程选“0～3V”，电流表量程选“0～0.6A”C．变阻器应选择甲“1OΩ1A”D．由本实验可发现，灯泡在不同电压下，实际功率不同，亮度不同考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电功率的计算；探究用电器的电功率实验．专题：压轴题；欧姆定律；电能和电功率．分析：（1）由电路图可知，电压表测灯泡两端的电压，根据额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等；（2）根据灯泡的额定电压拟定电压表的量程，根据欧姆定律求出灯泡的额定电流拟定电流表的量程；（3）根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，运用串联电路的电流特点和欧姆定律拟定滑动变阻器接入电路中的电阻，据此选择滑动变阻器的规格；（4）不同电压下灯泡的实际功率不同，亮度不同．解答：解：A、当电压表达数为2.5V即灯泡两端的电压为2.5V时，灯泡消耗的功率等于额定功率，故A对的，不符合题意；B、灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表选0～3V的量程；根据欧姆定律可得，灯泡的额定电流为IL===0.25A，所以电流表的量程选0～0.6A，故B对的，不符合题意；C、灯泡正常发光时，变阻器两端的电压UR=U﹣UL=6V﹣2.5V=3.5V，变阻器接入电路中的电阻R====14Ω＞10Ω，所以变阻器选“50Ω0.5A”，故C不对的，符合题意；D、由本实验可发现，灯泡在不同电压下，实际功率不同，亮度不同，故D对的，不符合题意．故选C．点评：本题考察了测量小灯电泡功率的实验，涉及到电表量程的选择和滑动变阻器规格的选择，关键是运用好串联电路的特点和欧姆定律以及知道额定电压下灯泡的实际功率与额定功率相等．二、非选择题（38题～53题，计46分）13．（2分）（2023•哈尔滨）家庭电路中各用电器的连接方式是并联，这种电路连接方式的好处是用电器可以各自独立工作．考点：家庭电路的连接．专题：电与热、生活用电．分析：家庭电路中各用电器之间是并联连接，并联电路中各用电器既可以单独工作又互不影响．解答：解：家庭电路中各用电器的连接方式是并联，这种电路连接方式的好处是用电器可以各自独立工作．故答案为：并；用电器可以各自独立工作．点评：本题考察了家庭电路的连接方式，并联电路各用电器独立工作互不影响是解决本题的关键．14．（2分）（2023•哈尔滨）如图运动员骑车水平前进，当运动员停止蹬车后，还能继续前行，是由于人和车具有惯性，最终他们停下了是由于受阻力．考点：惯性；力的作用效果．专题：运动和力．分析：物体保持运动状态不变的性质叫惯性．力是改变物体运动状态的因素．解答：解：（1）由于用力蹬车时，自行车就会向前运动，当停止蹬车时，由于惯性，自行车还要保持本来向前运动的状态，因此还会继续向前运动；（2）自行车越来越慢，最终停下来，是由于受到阻力作用的缘故．故答案为：惯性；受阻力．点评：本题考察惯性定律的掌握情况，以及阻力在不同情况下的作用，相对比较简朴，属于基础题．15．（2分）（2023•哈尔滨）如图所示，工人用250N的力F将重为400N的物体lOs内匀速提高2m，在此过程中，滑轮组的机械效率为80%，拉力的功率为100W．考点：滑轮（组）的机械效率；功率的计算．专题：功、功率、机械效率．分析：（1）由图中滑轮组的结构可知承担物重的绳子股数n=2，重物上升h，则拉力端移动的距离s=2h，知道物重G和升高的高度h，运用W有用=Gh求有用功；知道拉力大小和拉力端移动的距离，运用W总=Fs求总功，再根据机械效率的公式求滑轮组的机械效率；（2）根据P=即可求出拉力的功率．解答：解：由图可知，n=2，∵h=2m，∴s=2h=2×2m=4m；当提高G=400N的重物时，W有用=Gh=400N×2m=800J，W总=Fs=250N×4m=1000J，滑轮组的机械效率：η=×100%=×100%=80%；拉力的功率：P===100W．故答案为：80%；100．点评：本题考察了使用滑轮组时有用功、总功、机械效率、功率的计算，由图得出n=2（直接从动滑轮上引出的绳子股数），计算出s=2h是本题的关键．16．（2分）（2023•哈尔滨）电水壶烧水时，电热丝很热，连接它的导线却不怎么热，其因素是电热丝与导线串联，通过它们的电流和通电时间相等，电热丝的电阻大于导线的电阻，故电流通过电热丝产生的热量远大于通过导线产生的热量．考点：焦耳定律的计算公式及其应用．专题：电与热、生活用电．分析：由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、电阻大小和通电时间成正比．电热丝和连接的导线串联在电路中（通过的电流相等），通电时间是相同的，而电热丝的电阻比导线的电阻大，据此分析因素．解答：解：电水壶烧水时，电热丝和导线串联，I电热丝=I导线，并且通电时间t相同，由Q=I2Rt可知，R电热丝＞R导线，所以电流产生的热量为Q电热丝＞Q导线，从而出现电热丝热得发红，而与电热丝相连的导线却不怎么发热的现象．故答案为：电热丝与导线串联，通过它们的电流和通电时间相等，电热丝的电阻大于导线的电阻，故电流通过电热丝产生的热量远大于通过导线产生的热量．点评：本题重要考核对焦耳定律及应用、串联电路电流关系的了解和掌握，知道电热丝和相连接的导线为串联是本题的关键．17．（2分）（2023•哈尔滨）归纳总结是重要的学习方法，下面几项是小聪学习笔记中的一部分，其中光学仪器成实像的是①③；对的使用杠杆时，属于费力杠杆的是⑥（请填序号）．①照相机②放大镜③投影仪④定滑轮⑤天平⑥镊子．考点：实像与虚像的区别；杠杆的分类．专题：透镜及其应用；简朴机械．分析：（1）掌握凸透镜成像的三种情况和应用：u＞2f，成倒立、缩小的实像，物像的凸透镜的异侧，应用于照相机和摄像机．2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，物像的凸透镜的异侧，应用于幻灯机和投影仪．u＜f，成正立、放大的虚像，物像的凸透镜的同侧，应用于放大镜和老花镜．（2）动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆；动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆；动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆．解答：解：由凸透镜成像规律可知，①照相机成倒立、缩小的实像，②放大镜成正立、放大的虚像，③投影仪④定滑轮的动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，⑤天平的动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，⑥镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故答案为：①③；⑥．点评：本题考察实像和虚像的区别以及熟悉常用杠杆工具的使用特点并掌握对杠杆进行分类的科学方法．18．（2分）（2023•哈尔滨）如图是某台电热饮水机说明书上的部分信息．当开关S闭合时，饮水机处在加热状态（填“加热”或“保温”），它将满箱水从18℃加热到98℃，水吸取的热量是6.72×105J．[C水=4.2×103J/（kg．℃），ρ水=1.0×103kg/m3]热水箱容积2L额定电压220V加热时额定功率440V考点：热量的计算．专题：比热容、热机、热值．分析：（1）根据公式P=可知，电源电压不变，当电路电阻变大时，电路消耗的电功率就小，就处在保温状态；当电路电阻变小时，电路消耗的电功率就大，就处在加热状态；据此拟定当开关S闭合时，饮水机所处的状态；（2）知道热水器的容积（装满水水的体积），运用密度公式求水的质量，又知道水的初温和末温、水的比热容，根据吸热公式Q吸=cm△t计算出水吸取的热量．解答：解：（1）当开关S闭合时，电阻R2被短路，电路中只有R1，电路中电阻最小，据公式P=可知此时电功率最大，处在加热状态；（2）∵ρ=，∴水的质量：m=ρV=1.0×103kg/m3×2×10﹣3m3=2kg，水吸取的热量：Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（98℃﹣18℃）=6.72×105J．故答案为：加热；6.72×105．点评：本题考察了学生对吸热公式、电功率公式的掌握和运用，分析拟定电热器的高低温档时，要用好电功率公式P=，注意隐含条件“电压不变”．19．（2分）（2023•哈尔滨）小明家电能表上个月底表盘数字是，这个月底表盘数字如图所示，可知他家本月用电100度，他只让某电水壶工作，发现在10分钟内该电能表转盘转过了600转，则该电水壶的实际功率为1200W．考点：电功率的计算；电能表参数的理解与电能的求法．专题：电能和电功率．分析：（1）小明家本月用电的计算方法：月末的减去月初的示数，电能表的读数时注意最后一位是小数，单位kW•h；（2）3000r/kW•h表达的是电路中每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000r，或者表达电能表每转1r，电路中消耗kW•h的电能，求出转盘转600r电路中消耗的电能．然后求出电热水壶的实际功率．解答：解：（1）月底电能表达数W2=1362.5kW•h，小明家本月用电：W=W2﹣W1=1362.5kW•h﹣1262.5kW•h=100kW•h=100度．（2）电能表转盘转动600r，电路消耗的电能为：W'=600×kW•h=0.2kW•h，电热水壶单独工作时间；t=10min=h，电热水壶的实际功率：P===1.2kW=1200W．故答案为：100；1200．点评：本题考察了电能表的参数的理解与电能的求法以及电功率的计算求法，理解“3000r/kW•h”的含义是本题的关键，易错点电能表的读数（最后一位是小数）．20．（2分）（2023•哈尔滨）小明质量为50kg，站在水平地面上，双脚与地面的接触面积为500cm2．小明对地面的压强为1×104Pa．若小明用300N的力竖直向上提静止在地面上重力为800N的物体，则物体所受合力为0N（g=lON/kg）．考点：压强的大小及其计算；力的合成与应用．专题：应用题；运动和力；压强、液体的压强．分析：（1）已知小明的质量，根据公式G=mg可求小明的重力，此时他对地面的压力等于其重力，根据公式p=求出他对地面的压强；（2）物体处在平衡状态（静止或匀速直线运动状态），物体受力平衡、受合力为0，据此分析．解答：解：（1）人对地面压力：F=G=mg=50kg×10N/kg=500N，他对地面的压强：p===1×104Pa；（2）当用300N的力竖直向上提800N的物体时，提不动，物体还静止，物体受力平衡、受到的合力为0．故答案为：1×104；0．点评：本题考察了压力和压强计算以及力的合成的应用，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等，同时注意物体静止时或做匀速直线运动时处在平衡状态，受到的合力为0．21．（2分）（2023•哈尔滨）用手把体积为5×10﹣4m3的球浸没在水中，球受到的浮力是5N，若该球重为8N，放手后这个球将下沉（填“上浮”、“悬浮”或“下沉”）．（g=10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3）考点：浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用．专题：浮力；浮沉的应用．分析：知道球的体积（浸没时排开水的体积）和水的密度，运用阿基米德原理求小球受到的浮力；再和球重比较，根据物体的浮沉条件拟定小球的状态．解答：解：∵球浸没在水中，∴V排=V=5×10﹣4m3，∴球受到的浮力：F浮=ρ水V排g=1×103kg/m3×5×10﹣4m3×10N/kg=5N；∵G=8N，∴F浮＜G，球将下沉．故答案为：5；下沉．点评：本题考察了学生对阿基米德原理、物体浮沉条件的掌握和运用，要灵活运用公式，属于基础题目．22．（2分）（2023•哈尔滨）如图电源电压恒定，闭合S0．当S闭合、甲乙两表为电压表时，两表达数之比U甲：U乙=7：5；当S断开、甲乙两表为电流表时，两表达数之比I甲：I乙=2：7，此时R1、R2消耗的功率之比P1：P2=5：2．考点：欧姆定律的变形公式；电功率的计算．专题：欧姆定律；电能和电功率．分析：由电路图可知，闭合S0、S，甲乙两表为电压表时，两电阻串联，电压表甲测串联电压，电压表乙测电阻R2电压，由串联电路特点及欧姆定律求出两电阻阻值之比；由电路图可知，闭合S0、S断开且两电表为电流表时，两电阻并联，电流表甲测通过R2的电流，电流表乙测干路电流，由欧姆定律及并联电路特点求出两电流表达数之比，由P=UI求出电阻消耗的功率之比．解答：解：闭合S0、S，甲乙两表为电压表时，U甲：U乙=7：5，U甲=7U，U乙=5U，U1=U甲﹣U乙=2U，U2=U乙=5U，∵I=，∴====，闭合S0、S断开且两电表为电流表时，===，I1=I2，I甲=I2，I乙=I1+I2=I2，==；两电阻消耗的电功率之比：===；故答案为：2：7；5：2．点评：分析清楚电路结构、应用串并联电路特点、欧姆定律、电功率公式即可对的解题．23．（2分）（2023•哈尔滨）在碗底放一枚硬币S，向碗里倒水后，会观测到“硬币”上升，如图所示．请将眼睛看到硬币像S′的光路图补充完整．考点：作光的折射光路图．专题：光的折射、光的色散．分析：（1）当我们用眼睛看水中物体时，是物体所反射的光进入到了我们的眼睛，才看清物体；（2）光的折射定律是当光从空气斜射入水中或其他介质中时，折射光线向法线方向偏折；光从水或者其他介质斜射入空气中时，折射光线向远离法线的方向偏折．解答：解：当水倒到一定高度后，看到了硬币．产生这种现象的因素是由于从硬币发出的漫反射光经水面折射，折射光线远离法线向下偏折，当光线射入人眼，人凭光直线传播的感觉，认为硬币在折射光线的反向延长线上，其实人看到的是硬币的虚像S′．如图所示：点评：本题来源于生活中的折射现象，规定可以判断出折射现象，并且会根据折射定律判断光路是否对的，重点考察学生知识应用与实践的能力．24．（2分）（2023•哈尔滨）如图所示，根据小磁针静止时N极的指向，标出通电螺线管的N极和电源的正极．考点：通电螺线管的极性和电流方向的判断．专题：磁现象、电生磁．分析：先根据小磁针静止时N极的指向鉴定出通电螺线管的N、S极，然后根据安培定则鉴定出螺线管中的电流方向，最后根据电流方向鉴定出电源的正、负极．解答：解：由小磁针的指向，根据磁极间的互相作用规律得出通电螺线管的上端为S极，下端为N极，再根据右手螺旋定则得出电源的上端为正极，下端为负极．点评：本题考察了磁极间的互相作用规律和右手螺旋定则．运用右手螺旋定则既可由电流的方向鉴定磁极磁性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法．25．（5分）（2023•哈尔滨）小明用甲图所示的装置探究“水沸腾规律”．请回答下列问题：（1）实验中观测到水沸腾的现象是水中有大量气泡产生，气泡在上升过程中体积变大，到水面破裂．（2）小明在水温升高到90℃时，开始记录数据于表格中．请根据数据在乙图中画出图象．回答水沸腾的规律是：吸热，温度不变．时间/s0306090120150180210温度/℃9092949698989898（3）小明又创新了实验，他组装了如丙图所示的装置，左右两个盛装水的试管中间用一个玻璃导管相连通．请对比甲图所示实验，说出丙图所示实验的优势与局限性．考点：探究水的沸腾实验．专题：探究型实验综合题．分析：（1）掌握水沸腾时的现象，有大量气泡产生，气泡在上升过程中体积变大，到水面破裂；（2）根据表格中数据描点，并用平滑的曲线连接起来；水沸腾的规律：吸热，但温度保持不变；（3）水沸腾产生大量的水蒸气，水蒸气遇冷会液化成小水珠；若容器上方封闭，则水汽化生成水蒸气，使容器内压强升高；解答：解：（1）水沸腾时有大量气泡产生，气泡在上升过程中体积变大，到水面破裂；（2）根据表格中数据描点，并用平滑的曲线连接起来，如图所示：；由图象知，水在沸腾过程中吸热，但温度保持不变；（3）由图知，左右两个盛装水的试管中间用一个玻璃导管相连通，这样既可以研究水沸腾的规律，还可以研究液化放热的知识并能把水蒸气带走的能量收集起来再运用，节能；但左侧试管上方有胶塞，水沸腾后也许使水上方的气压增大，导致胶塞会被冲出，不安全．故答案为：（1）水中有大量气泡产生，气泡在上升过程中体积变大，到水面破裂；（2）如上图；吸热，温度不变；（3）优势：既可以研究水沸腾的规律，还可以研究液化放热的知识并能把水蒸气带走的能量收集起来再运用，节能；局限性：左侧试管上方有胶塞，水沸腾后也许使水上方的气压增大，导致胶塞会被冲出，不安全．点评：此题是“水沸腾规律”的实验，考察了水沸腾的现象，沸腾图象的画法及沸腾时的规律，同时根据对装置的改装，考察了学生对实验的评析，考察了其变通能力．26．（5分）（2023•哈尔滨）在探究“滑动摩擦力的大小与什么有关”实验中，小聪以相同方式拉着同一个物体分别在水平地面和水平冰面上缓慢滑行，感觉在冰面上时更容易些．（1）他猜想滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙限度有关．（2）他根据甲图的方法，做一次对比实验来验证其猜想．请你写出操作环节并对也许出现的实验结果进行分析论证．（可根据需要适当增长器材）（3）小明所用弹簧测力计的量程为5N，待测滑动摩擦力约为8N．水平桌面上备有乙图中的器材，请你帮他画出能测出滑动摩擦力的装置图．（弹簧测力计重、滑轮重及滑轮与轴和线之间的摩擦忽略不计）考点：探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验．专题：探究型实验综合题．分析：（1）根据两次实验中的不同找出其探究的问题；（2）要探究摩擦力与接触面粗糙限度的关系，需控制压力相同，改变接触面的粗糙限度，同时注意拉动木块做匀速直线运动；根据拉力的大小关系判断是否与接触面的粗糙限度有关；（3）根据测力计的量程和摩擦力大小，运用动滑轮可以省一半的力的知识设计实验．解答：解：（1）同一个物体，压力相同，水平地面和水平冰面的粗糙限度相同，所以他猜想滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙限度有关；（2）探究摩擦力与接触面粗糙限度的关系，需使同一木块在不同的接触面做匀速直线运动，并分别记下测力计的示数，比较示数便可得出结论；（3）弹簧测力计的量程为5N，待测滑动摩擦力约为8N，摩擦力的大小超过了测力计的量程，所以应采用动滑轮，绳子在绳端拉动物体向前运动．如图所示：或．故答案为：（1）接触面的粗糙限度；（2）①把木块放在木板上，拉动木块做匀速直线运动，记下测力计的示数F1；②在木板上铺上棉布，拉动同一木块以同一方式做匀速直线运动，记下测力计的示数F2；③观测弹簧测力计的示数F1和F2，并比较F1和F2（的大小），得出结论．若F1=F2，则滑动摩擦力的大小与接触面粗糙限度无关；若F1≠F2，则滑动摩擦力的大小与接触面粗糙限度有关．（3）如上图．点评：此题“滑动摩擦力的大小与什么有关”实验，考察了学生对控制变量法的掌握及实验的设计，并涉及到了动滑轮的使用．27．（6分）（2023•哈尔滨）小明想用“伏安法”测量未知电阻Rx的阻值，所用器材如下：电源（电压恒为3V），电流表、电压表、滑动变阻器、开关各1个．（1）连接如甲图所示的电