2024年河南省郑州市中考一模冲刺最后一卷(含答案)

年河南省郑州市中考一模冲刺最后一卷一．填空题（共6小题，满分14分）1．（2分）如图所示，两个相同瓶子的瓶口相对，之间用一块玻璃板隔开，上面的瓶中装有空气，下面的瓶中装有密度比空气大的红棕色二氧化氮气体。抽掉玻璃板后，可以看到，两个瓶中的气体会混合在一起，最后颜色变得均匀，这属于现象。该现象说明：（1）；（2）。该实验的两个瓶子（选填“能”或“不能”）颠倒过来。因为二氧化氮的密度大，颠倒过来有的嫌疑。2．（2分）如图所示，重庆各地铁或商场入口随处可见各式各样共享充电宝，多个充电宝在一个充电箱上充电时，充电宝相于（选填“电源”或“用电器”），各充电宝之间的连接方式是联。3．（3分）手机已经进入“5G”时代，所谓“5G”指的是第五代移动通信技术。“5G”手机传递信息的载体是频率更高的（填“超声波”或“电磁波”）；手机中科技含量最高的元件是芯片，芯片的核心部分主要是由（填“导体”、“半导体”或“绝缘体”）材料制成的；智能手机传递信息的电信号采用（填“模拟”或“数字”）信号。4．（3分）如图是电阻A和B的I﹣U图象，若把二者并联后接入电路中，当通过电阻A的电流是0.2A时，通过电阻B的电流是，若把二者串联后接入某电路，当通过电阻A的电流为0.3A，电阻AB两端的总电压是。5．（2分）一台四冲程柴油机，飞轮转速为2400r/min，若气缸在做功冲程中，每次做功400J，那么这台柴油机的功率是W，若柴油机的效率为40%，每分钟消耗柴油的质量为kg（柴油的热值为4.0×107J/kg）。6．（2分）我国高铁在节能技术上采用了再生制动方式：动车到站前先停止供电，由于惯性，动车回继续向前运行，电机线圈随车轮转动并在磁场中切割产生感应电流，将能转化为电能，自动输入电网。二．选择题（共8小题，满分16分，每小题2分）7．（2分）煤炭是一种重要能源。为判断煤炭品质的优劣，最科学的方法是检验煤炭的（）A．比热容 B．密度 C．热值 D．温度8．（2分）春节前夕，为营造喜庆的氛围，爸爸用灯笼装饰家里。正上初三的小明看到这些情景，不由得想起了所学的电学知识。下列说法错误的是（）A．安装灯时，应断开开关，且控制各个灯具的开关应接在灯具和火线之间 B．灯泡持续发光是因为金属导体中的自由电子定向移动形成了电流 C．灯与家里其他用电器使用时互不影响，它们是并联的 D．家庭电路短路时，漏电保护器会迅速切断电路，对人身起到保护作用9．（2分）某款玩具电动汽车上安装有电动机和小灯泡，它们既可以各自独立工作，又可以同时工作。图所示的电路中，符合上述要求的是（）A．B． C． D．10．（2分）如图甲、乙、丙、丁是某内燃机一个工作循环的四个冲程。以下说法不正确的（）A．甲图是压缩冲程，通过做功的方式来改变气缸内气体的内能 B．乙图是排气冲程，靠飞轮的惯性完成 C．丙图是做功冲程，将机械能转化为内能 D．丁图冲程吸入的物质是汽油和空气的混合物11．（2分）如图所示，电源电压保持不变，图中的三个电阻完全相同，闭合开关S1，当开关S2由1掷到2时，下列说法正确的是（）A．电流表示数变小，电压表示数变小 B．前后两次电流表示数之比为1：2 C．电路的总电阻变小 D．电路的总功率变大12．（2分）如图所示的实物电路分析正确的是（）A．两灯并联 B．电压表测L1两端电压 C．电压表测L2两端电压 D．电流表不能测出通过L2的电流（多选）13．（2分）电磁学的发展推动了科技的巨大进步，下列关于电磁现象说法中正确的是（）A．发电机原理是电磁感应现象 B．电动机是把机械能转化为电能的机器 C．奥斯特实验说明了电流周围存在磁场 D．水平面内自由转动的小磁针静止后，指向地理南极的是N极（多选）14．（2分）下列关于能源、信息和材料的说法中正确的是（）A．石油和太阳能均是可再生能源 B．核电站是利用核裂变放出的核能来发电的 C．北斗卫星导航系统是利用电磁波来导航的 D．超导体材料可以用来制作家庭电路中的熔丝三．作图题（共2小题，满分2分）15．如图所示，电位器是调节台灯（螺口灯泡）亮度的装置，a、b、c是它的三个接线柱，旋钮带动滑片转动，请正确接入家庭电路，要求顺时针旋转旋钮时灯泡的亮度变亮。16．（2分）请在如图所示的括号中分别标出小磁针静止时该端的磁极名称和电源该端的“+”或“﹣”极。四．实验探究题（共3小题，满分19分）17．（4分）下面图1是“探究不同物质的吸热能力”的实验的装置，图2是“探究电流产生的热量与哪些因素有关”的实验装置。（1）图1实验装置是通过反映物质吸收热量的多少，在同样吸热情况下，煤油温度升高的快，说明的吸热本领强。（2）图2实验装置是通过反映物质吸收热量的多少，此装置用煤油的主要原因是。18．（7分）小明想探究电流跟电阻的关系，已知电源电压为6V且保持不变，实验用到的电阻阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω。（1）小明连接了如图甲电路，闭合开关前，滑片P应置于（选填“A”、“B”）端。（2）根据测出的数据绘制了图乙图象，可以得出结论：。（3）操作过程中，小明接入5Ω电阻，记录数据。换接10Ω电阻后，应向端（选填“A”、“B”）移动滑片，移动滑片过程中，眼睛应该注视（选填“电流表”、“电压表”、“滑片”），将滑片移动到恰当位置后，再记录（选填“电流表”、“电压表”）的示数。（4）改变定值电阻的阻值，多次实验的目的是。（5）为了采集到乙图中标记的五组数据，应选取最大阻值不小于Ω的滑动变阻器。19．（8分）利用如图所示的装置探究“导体产生的热量与电阻大小的关系”。烧瓶中铜丝电阻小于镍铬合金丝电阻。（1）实验中两金属丝产生热量的多少是通过观察反映出来的。这里采用的物理研究方法是法。（2）为了便于比较两根电阻丝通过电流后产生热量的多少，A、B两瓶中要装入相等、初温相同的同种液体。为了在较短时间内达到明显的实验效果，实验时选用煤油而不选水，是因为煤油的比热容（选填“大于”、“等于”或“小于”）水的比热容。（3）通电一定时间后，可以看到瓶中煤油温度升得高，这表明在相同时间内，电流相同的情况下，导体的电阻越，电流通过导体时产生的热量越多。（4）如果在两烧瓶中分别装入质量相等的不同液体，并接入两根阻值（选填“相同”或“不同”）的电阻丝，就可用这个装置来探究两种不同液体的吸热性质。五．解答题（共2小题，满分8分）20．（8分）油电混动汽车全力加速时，内燃机、蓄电池可以同时向车轮输出能量；当车辆快速行驶或蓄电池储存电能过低时，只有内燃机工作，既向车轮输出能量，又给蓄电池充电，从而提高能量利用率（能量利用率指有效利用能量占全部能量的百分比）。某次测试人员驾驶一辆油电混动汽车在平直公路上匀速行驶100km，消耗燃油10kg，行驶时汽车牵引力恒为2000N。此过程中，蓄电池储存的能量由满电的30%增大至满电的70%。其蓄电池参数如表所示。蓄电池参数电压/V500容量/（A•h）50（1）油电混动汽车快速行驶时，给汽车提供动力的是四冲程内燃机的冲程；电动机的工作原理是磁场对通电导体有的作用。（2）根据表格提供的参数可知该蓄电池充满电后储存的电能是多少？（3）该油电混动汽车在测试过程中的能量利用率是多少？（q燃油＝4.0×107J/kg）21．实验小组利用电源、电流表、电压表、定值电阻R1、滑动变阻器R2、开关及导线若干测量未知电阻的阻值。他们设计的电路如图甲所示（电压表位置未画出），电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从a端移到b端的过程中，与电压表并联的元件消耗的电功率P与其两端电压U的关系图像如图乙所示，求：（1）滑片在b端时滑动变阻器1min消耗的电能；（2）电源电压和定值电阻R1的阻值；（3）若要使电压表的示数不高于9V，求电路消耗的最小功率。参考答案与试题解析一．填空题（共6小题，满分14分）1．（2分）如图所示，两个相同瓶子的瓶口相对，之间用一块玻璃板隔开，上面的瓶中装有空气，下面的瓶中装有密度比空气大的红棕色二氧化氮气体。抽掉玻璃板后，可以看到，两个瓶中的气体会混合在一起，最后颜色变得均匀，这属于扩散现象。该现象说明：（1）分子在做不停地无规则的运动；（2）分子间有间隙。该实验的两个瓶子不能（选填“能”或“不能”）颠倒过来。因为二氧化氮的密度大，颠倒过来有在重力作用下也会出现相同的现象的嫌疑。【分析】扩散现象：不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象就叫扩散现象；密度大的气体易向下运动，密度较小的气体易向上运动，如果把较大密度的气体放在上面，不能充分说明气体分子在不停地做无规则运动。【解答】解：抽掉玻璃板后，可看到两种气体逐渐混合在一起，颜色变得均匀，这是分子运动的结果，是扩散现象。扩散现象说明：（1）分子在做不停地无规则的运动；（2）分子间有间隙；如果把装着红棕色二氧化氮气体的瓶子放在上面，装有空气瓶子放在下面，由于二氧化氮的密度大于空气，在重力作用下也会出现相同的现象，不能说明分子在不停地做无规则运动。故答案为：扩散；（1）分子在做不停地无规则的运动；（2）分子间有间隙；不能；在重力作用下也会出现相同的现象。【点评】本题考查扩散现象的有关问题，相对比较简单，属于基础题。2．（2分）如图所示，重庆各地铁或商场入口随处可见各式各样共享充电宝，多个充电宝在一个充电箱上充电时，充电宝相于用电器（选填“电源”或“用电器”），各充电宝之间的连接方式是并联。【分析】手机充电宝在对外供电的过程中是电源，将化学能转化成电能；而在充电过程中，消耗电能，将电能转化为化学能，是用电器；串联电路电流的路径只有一条，各用电器相互影响；并联电路的电流的路径有多条，各用电器互不影响。【解答】解：充电宝在充电箱上充电时，消耗电能转化为化学能存储在充电宝中，所以充电宝相当于用电器。各充电宝能独立工作，彼此互不影响，所以各充电宝之间是并联的。故答案为：用电器；并。【点评】此题考查了能量的转化、电路的连接方式，都属于基础知识的应用，难度不大。3．（3分）手机已经进入“5G”时代，所谓“5G”指的是第五代移动通信技术。“5G”手机传递信息的载体是频率更高的电磁波（填“超声波”或“电磁波”）；手机中科技含量最高的元件是芯片，芯片的核心部分主要是由半导体（填“导体”、“半导体”或“绝缘体”）材料制成的；智能手机传递信息的电信号采用数字（填“模拟”或“数字”）信号。【分析】（1）手机是通过接收和发射电磁波来实现通讯的；（2）芯片是半导体制成的；（3）数字信号不易失真，易于加密，抗干扰能力强，手机的声音、图象信息是数字信号。【解答】解：（1）手机是利用电磁波传递信息的；（2）手机芯片是由半导体制成的；（3）手机的声音、图象信息都是数字信号。故答案为：电磁波；半导体；数字。【点评】本题考查手机通讯，半导体，是一道基础题。4．（3分）如图是电阻A和B的I﹣U图象，若把二者并联后接入电路中，当通过电阻A的电流是0.2A时，通过电阻B的电流是0.1A，若把二者串联后接入某电路，当通过电阻A的电流为0.3A，电阻AB两端的总电压是4.5V。【分析】A、B并联时，各支路两端的电压相等，根据图象读出通过A的电流为0.2A时两端的电压即为B两端的电压，再根据图象读出此时通过B的电流；A、B串联后接入电路时，通过它们的电流相等，根据图象读出A、B两端的电压，根据串联电路电压的规律算出电源电压。【解答】解：因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，将A、B并联后接入电路中时，它们两端的电压相等，由图象可知，当通过A的电流为0.2A时，两端的电压为1.0V，所以B两端的电压也为1.0V，此时通过B的电流为0.1A；因串联电路中各处的电流相等，所以电阻A、B串联时，通过A的电流为0.3A时，通过B的电流也为0.3A，由图象可知，此时A两端的电压为UA＝1.5V，B两端的电压为UB＝3V，电阻AB两端的总电压是：U＝UA+UB＝1.5V+3V＝4.5V。故答案为：0.1A；4.5V。【点评】牢固掌握串并联电路的特点、能从图象中得出对应的电压和电流是解题的关键。5．（2分）一台四冲程柴油机，飞轮转速为2400r/min，若气缸在做功冲程中，每次做功400J，那么这台柴油机的功率是8000W，若柴油机的效率为40%，每分钟消耗柴油的质量为0.03kg（柴油的热值为4.0×107J/kg）。【分析】（1）先求出一个工作循环所用的时间，然后利用P＝求出柴油机的功率；（2）根据W＝Pt计算出柴油机所做的有用功，最后根据热机效率的求出柴油完全燃烧放出的热量，利用Q＝mq求出每分钟消耗柴油的质量。【解答】解：飞轮每转两圈，对外做功一次，1min飞轮转动2400周，则转两周，需要的时间：t＝×2＝0.05s，故这台柴油机的功率：P＝＝＝8000W；每分钟柴油机做的功为：W＝Pt＝8000W×60s＝4.8×105J，柴油完全燃烧放出的热量为：Q放＝＝＝1.2×106J，每分钟消耗柴油的质量为：m＝＝＝0.03kg。故答案为：8000；0.03。【点评】此题主要考查了功率公式、效率公式、燃料完全燃烧放热公式以及对内燃机几个相关数据的理解等，关键是公式及变形公式的灵活应用，是一道很好的题目。6．（2分）我国高铁在节能技术上采用了再生制动方式：动车到站前先停止供电，由于惯性，动车回继续向前运行，电机线圈随车轮转动并在磁场中切割磁感线产生感应电流，将机械能转化为电能，自动输入电网。【分析】当闭合回路中的部分导体切割磁感线时，会在闭合回路中产生感应电流，该现象称为电磁感应现象，该过程中消耗机械能，产生电能。【解答】解：动车到站前先停止供电，由于惯性，动车会继续向前运行，电机线圈随车轮转动并在磁场中切割磁感线，进而产生感应电流，即在该过程中消耗机械能，产生电能，故是将机械能转化为电能的过程。故答案为：磁感线；机械。【点评】知道电磁感应现象的原理和过程，并熟悉常见的能量转化是解决该题的关键。二．选择题（共8小题，满分16分，每小题2分）7．（2分）煤炭是一种重要能源。为判断煤炭品质的优劣，最科学的方法是检验煤炭的（）A．比热容 B．密度 C．热值 D．温度【分析】热值是燃料的一种特性，表示单位质量的燃料完全燃烧时所释放出的热量。【解答】解：热值是燃料的一种特性，单位质量的煤完全燃烧时所释放出的热量越大，说明该煤的热值越大，即是优质煤炭，故C正确。故选：C。【点评】本题考查了学生对热值的了解，是一道基础题。8．（2分）春节前夕，为营造喜庆的氛围，爸爸用灯笼装饰家里。正上初三的小明看到这些情景，不由得想起了所学的电学知识。下列说法错误的是（）A．安装灯时，应断开开关，且控制各个灯具的开关应接在灯具和火线之间 B．灯泡持续发光是因为金属导体中的自由电子定向移动形成了电流 C．灯与家里其他用电器使用时互不影响，它们是并联的 D．家庭电路短路时，漏电保护器会迅速切断电路，对人身起到保护作用【分析】（1）根据安全用电常识和电灯、开关的连接要求可做出判断；（2）在金属导体中自由电子定向移动形成电流；（3）家庭电路中，各用电器是并联的；（4）漏电保护器是在通过火线和零线的电流不相等时，自动切断电路；空气开关是在电路中电流过大时，自动切断电路。【解答】解：A、安装灯时，应断开开关，且控制各个灯具的开关应接在灯具和火线之间，这样才能保证操作和使用时的安全，故A正确；B、金属导体中的自由电子定向移动形成了电流，可以使用灯泡持续发光，故B正确；C、灯与家里其他用电器使用时互不影响，它们是并联的，故C正确；D、家庭电路短路时，电流过大，空气开关会迅速切断电路；而漏电保护器是在通过火线和零线的电流不相等时，自动切断电路，故D错误。故选：D。【点评】本题考查了对家庭电路中连接要求、电流形成、空气开关与漏电保护器工作原理等的了解，属基础题，难度不大。9．（2分）某款玩具电动汽车上安装有电动机和小灯泡，它们既可以各自独立工作，又可以同时工作。图所示的电路中，符合上述要求的是（）A． B． C． D．【分析】使用时，灯泡和电动机既可以独立工作，也可以同时工作，说明小灯泡L和电动机M并联，各由一个开关控制。【解答】解：A、电动机和小灯泡并联接入电路，开关S1为总开关，控制整个电路，开关S2控制电动机，电动机不能独立工作，故A错误；B、电动机和小灯泡并联接入电路，开关S1为总开关，控制整个电路，开关S2只控制小灯泡，小灯泡不能独立工作；故B错误；C、电动机和小灯泡串联接入电路，工作时相互影响；开关S2对灯泡短路，小灯泡不能独立工作；故C错误；D、电动机和小灯泡并联接入电路，各有一个开关控制，既可以各自独立工作，又可以同时工作；故D正确。故选：D。【点评】（1）根据二者是否相互影响，判断出它们的连接方式，相互影响为串联，互不影响为并联；（2）根据开关的控制作用，确定开关的位置，控制整个电路，开关在干路上，单独控制某个用电器，开关在支路上。10．（2分）如图甲、乙、丙、丁是某内燃机一个工作循环的四个冲程。以下说法不正确的（）A．甲图是压缩冲程，通过做功的方式来改变气缸内气体的内能 B．乙图是排气冲程，靠飞轮的惯性完成 C．丙图是做功冲程，将机械能转化为内能 D．丁图冲程吸入的物质是汽油和空气的混合物【分析】四冲程内燃机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，根据气门的状态、活塞运动的方向确定冲程的种类；其中只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能，压缩冲程将机械能转化为内能。【解答】解：A、甲图中两个气阀都关闭，活塞向上运动，所以为压缩冲程，是机械能转化为内能，通过做功的方式来改变气缸内气体的内能，故A正确；B、乙图中排气门打开，活塞向上运动，气缸容积减小，是排气冲程，靠飞轮的惯性完成，故B正确；C、丙图两个气阀都关闭，火花塞点火，活塞下运动，是做功冲程，此冲程将内能转化为机械能，故C错误；D、丁图中进气门打开，活塞向下运行，气缸容积增大，是吸气冲程，汽油机吸入的物质是汽油和空气的混合物，故D正确。故选：C。【点评】此题考查了对内燃机四个冲程的判断以及涉及能量转化的两个冲程，要结合气门和活塞运动情况进行判断。11．（2分）如图所示，电源电压保持不变，图中的三个电阻完全相同，闭合开关S1，当开关S2由1掷到2时，下列说法正确的是（）A．电流表示数变小，电压表示数变小 B．前后两次电流表示数之比为1：2 C．电路的总电阻变小 D．电路的总功率变大【分析】闭合开关S1，当开关S2掷到1时，R1与R2并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律表示出电流表的示数；当开关S2掷到2时，电路为R3的简单电路，电压表被断路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律表示出此时电流表的示数，根据电压表有无示数得出其示数的变化，根据三个电阻完全相同比较两电流表示数的变化；根据P＝UI分析总功率的变化。【解答】解：闭合开关S1，当开关S2掷到1时，R1与R2并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流；因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，电流表的示数I＝I1+I2＝+，当开关S2掷到2时，电路为R3的简单电路，跟并联电路的电阻关系可知，电路的总电阻变大；电压表被断路，电流表测电路中的电流，此时电流表的示数I′＝，由电压表有示数变为无示数可知，电压表的示数变小；因三个电阻完全相同，所以+＞，则电流表的示数变小，I＝2I'，前后两次电流表示数之比为2：1；电源电压不变，电流变小，根据P＝UI可知，总功率变小；综上所述，A正确。故选：A。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清开关S2掷到不同位置时电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。12．（2分）如图所示的实物电路分析正确的是（）A．两灯并联 B．电压表测L1两端电压 C．电压表测L2两端电压 D．电流表不能测出通过L2的电流【分析】（1）串联电路中各用电器之间相互影响，并联电路中各用电器之间互不影响，串联电路需要一个开关就能控制整个电路，并联电路干路开关控制整个电路，支路开关控制各自的支路；（2）电流表与用电器串联，电压表与用电器并联接入电路。【解答】解：如图所示，开关闭合后，两灯泡逐个顺次连接，是串联接入电路；电流表测电路中电流，即电流表能测量通过L2的电流；电压表与灯L2并联，测L2两端电压；故C正确，ABD错误。故选：C。【点评】本题考查了学生判断串、并联电路的能力，以及电压表和电流表的使用规则。（多选）13．（2分）电磁学的发展推动了科技的巨大进步，下列关于电磁现象说法中正确的是（）A．发电机原理是电磁感应现象 B．电动机是把机械能转化为电能的机器 C．奥斯特实验说明了电流周围存在磁场 D．水平面内自由转动的小磁针静止后，指向地理南极的是N极【分析】闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线的运动时，电路中会产生感应电流，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理。通电导体在磁场中受力运动，应用于电动机。奥斯特实验说明电流的周围存在磁场。【解答】解：A．发电机是利用线圈在磁场中切割磁感线产生感应电流制成的，是电磁感应现象，故A正确；B．电动机能够把电能转化为机械能，故B错误；C．奥斯特实验说明了电流周围存在磁场，故C正确；D．水平面内自由转动的小磁针静止后，指向地理南极的是S极，故D错误。故选：AC。【点评】本题考查电磁现象中的基础知识，同时在学习中要注意积累此类知识。（多选）14．（2分）下列关于能源、信息和材料的说法中正确的是（）A．石油和太阳能均是可再生能源 B．核电站是利用核裂变放出的核能来发电的 C．北斗卫星导航系统是利用电磁波来导航的 D．超导体材料可以用来制作家庭电路中的熔丝【分析】（1）能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；（2）核裂变和核聚变都能释放能量，但是又有区别，对于核裂变是可控的；（3）声波和电磁波都可以传递信息，但是声波不能在真空中传播，而电磁波可以在真空中传播，所以对于没有空气的情况下的信息传递一般都是通过电磁波实现的；（4）保险丝的作用就是在电流异常升高到一定的高度的时候，自身熔断切断电流，从而起到保护电路安全运行的作用。【解答】解：A、太阳能，能够源源不断的从自然界得到的能源，属于可再生能源，石油在短期内不能从自然界得到补充，属于不可再生能源，故A错误；B、由于裂变是可控的，所以核电站利用核裂变释放的能量来发电的，故B正确；C、北斗卫星导航系统是利用电磁波进行定位和导航的，故C正确；D、用超导体材料做熔丝，家庭电路中电流过大时，熔丝不能产生热量，自动熔断切断电路，起不到保护作用，故D错误。故选：BC。【点评】本题考查了能源的分类、核能、电磁波以及超导体，具有一定的综合性。三．作图题（共2小题，满分2分）15．如图所示，电位器是调节台灯（螺口灯泡）亮度的装置，a、b、c是它的三个接线柱，旋钮带动滑片转动，请正确接入家庭电路，要求顺时针旋转旋钮时灯泡的亮度变亮。【分析】家庭电路中，开关控制灯泡时，火线首先过开关，然后进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套。这样连接的电路，不但开关控制灯泡，而且断开开关，切断火线，更换灯泡时，更安全；若只将b、c接入电路，滑片右边的电阻丝接入电路；顺时针转动旋钮时，电位器接入电路的电阻变小，电路中电流变大，灯泡变亮，【解答】解：电位器在这里兼有开关的功能，根据家庭电路连接要求，开关应串联在用电器与火线之间，螺口灯泡顶端接火线，顺时针旋转旋钮时灯泡的亮度变亮，表明电路中的电流变大，根据欧姆定律可知，电路中的总电阻变小，电位器接入电路的电阻变小，根据电位器的接入方法，应选择b、c两个接线柱，如图所示【点评】本题考查了家庭电路的连接，关键是电位器的接法。16．（2分）请在如图所示的括号中分别标出小磁针静止时该端的磁极名称和电源该端的“+”或“﹣”极。【分析】磁体周围的磁感线是从N极出来回到S极的；根据螺线管的N、S极指向，利用磁极间的作用规律可以确定小磁针的NS极；根据螺线管的NS极和线圈绕向，利用安培定则可以确定螺线管中的电流方向，进而可以确定电源正负极。【解答】解：磁体周围的磁感线是从N极出来回到S极的，所以螺线管的左端为N极，右端为S极；根据安培定则可知，电流从左端流出，右端流入，故电源的右端为负极，左端为正极；根据磁极间的相互作用可知，小磁针的右端为S极，左端为N极；如图：【点评】安培定则共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，告诉其中的两个可以确定第三个。四．实验探究题（共3小题，满分19分）17．（4分）下面图1是“探究不同物质的吸热能力”的实验的装置，图2是“探究电流产生的热量与哪些因素有关”的实验装置。（1）图1实验装置是通过加热时间反映物质吸收热量的多少，在同样吸热情况下，煤油温度升高的快，说明水的吸热本领强。（2）图2实验装置是通过温度计示数升高的数值反映物质吸收热量的多少，此装置用煤油的主要原因是煤油的比热容小。【分析】（1）用相同的装置加热，在相同时间内吸收的热量是相同的；质量相同的不同物质，吸收相同的热量，温度变化快的，吸热能力小；（2）相同质量的同种液体，升高的温度反映物体吸收的热量；根据煤油的比热容小分析。【解答】解：（1）由图可知，用相同的酒精灯加热，在相同时间内吸收的热量是相同的，即用加热时间可以表示吸收热量的多少；在同样吸热情况下，质量相同的煤油和水，煤油温度升高的快，水的温度升高的慢，说明煤油的吸热本领弱，水的吸热能力强；（2）甲乙烧瓶中的液体的种类相同，质量相同，液体升高的温度越高，则吸收的热量越多，故可通过液体温度升高的示数来反映吸收热量的多少。由于煤油的比热容较小，在质量相同，吸收的热量相同时，煤油的温度升高的多，温度计示数变化明显，易于观察。故答案为：（1）加热时间；水；（2）温度计示数升高的数值；煤油的比热容小。【点评】本题考查了学生对“不同物质吸热升温的现象”实验探究，分析时利用好控制变量法是解决本题的关键。18．（7分）小明想探究电流跟电阻的关系，已知电源电压为6V且保持不变，实验用到的电阻阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω。（1）小明连接了如图甲电路，闭合开关前，滑片P应置于B（选填“A”、“B”）端。（2）根据测出的数据绘制了图乙图象，可以得出结论：电压一定时，通过导体电流与导体电阻成反比。（3）操作过程中，小明接入5Ω电阻，记录数据。换接10Ω电阻后，应向B端（选填“A”、“B”）移动滑片，移动滑片过程中，眼睛应该注视电压表（选填“电流表”、“电压表”、“滑片”），将滑片移动到恰当位置后，再记录电流表（选填“电流表”、“电压表”）的示数。（4）改变定值电阻的阻值，多次实验的目的是得到普遍规律，避免偶然性。（5）为了采集到乙图中标记的五组数据，应选取最大阻值不小于35Ω的滑动变阻器。【分析】（1）连接电路时开关应断开，滑动变阻器应处于阻值最大处；（2）电压一定时，通过导体电流与导体电阻成反比；（3）串联电路中，电阻越大所分电压越多，据此解答；（4）多次测量的实验目的通过对实验数据的处理方式看出；（5）电阻两端电压不变，可求得滑动变阻器电压值，要求得滑动变阻器能调到的最大阻值，从数据中找到最小电流值，再通过R＝求解；【解答】解：（1）小明连接了如图甲电路，闭合开关前，滑片P应置于B端最大阻值处；（2）根据测出的数据绘制了图乙图象，可以得出结论：电压一定时，通过导体电流与导体电阻成反比；（3）操作过程中，5Ω电阻换接成10Ω电阻后，电阻所分得电压变大，但实验时要保证电阻处电压不变，所以电阻处电压应变小，总电压不变，应将滑动变阻器阻值调大，故滑片应向B移动滑片，移动滑片过程中，眼睛应该注视电压表，保持电阻电压2.5V不变，将滑片移动到恰当位置后，再记录电流表的示数；（4）本实验中分析所得数据及图象得到电压一定时，电流与电阻的关系的结论，所以多次实验的目的是：得到普遍规律，避免偶然性；（5）根据图乙中数据可知电阻处保持2.5V电压不变，电源电压为6V，所以滑动变阻器处电压U＝6V﹣2.5V＝3.5V，数据中电路的最小值是0.1A，所以要完成本实验滑动变阻器电阻至少要调节到R＝＝＝35Ω，所以应选取最大阻值不小于35Ω的滑动变阻器。故答案为：（1）B；（2）电压一定时，通过导体电流与导体电阻成反比；（3）B；电压表；电流表；（4）得到普遍规律，避免偶然性；（5）35。【点评】本题考查探究电流与电阻关系的实验，关键是将实验操作原则及结论掌握清楚，结合欧姆定律，仔细审题分析不难做出。19．（8分）利用如图所示的装置探究“导体产生的热量与电阻大小的关系”。烧瓶中铜丝电阻小于镍铬合金丝电阻。（1）实验中两金属丝产生热量的多少是通过观察温度计示数的变化反映出来的。这里采用的物理研究方法是转换法法。（2）为了便于比较两根电阻丝通过电流后产生热量的多少，A、B两瓶中要装入质量相等、初温相同的同种液体。为了在较短时间内达到明显的实验效果，实验时选用煤油而不选水，是因为煤油的比热容小于（选填“大于”、“等于”或“小于”）水的比热容。（3）通电一定时间后，可以看到B瓶中煤油温度升得高，这表明在相同时间内，电流相同的情况下，导体的电阻越大，电流通过导体时产生的热量越多。（4）如果在两烧瓶中分别装入质量相等的不同液体，并接入两根阻值相同（选填“相同”或“不同”）的电阻丝，就可用这个装置来探究两种不同液体的吸热性质。【分析】（1）电阻丝产生热量的多少转化为温度计示数的变化，本实验应用了转换法；（2）根据控制变量法可知要比较两根电阻丝通过电流后产生热量的多少，A、B两瓶中要装入质量相等、初温相同的同种液体，液体是比热容越小，实验现象越明显；（3）闭合开关，两电阻串联接入电路，两电阻丝串联的目的是控制通过电阻丝的电流与通电时间相同，根据焦耳定律分析可知；（4）探究两种不同液体的吸热性质需控制液体吸收的热量相同，据此分析。【解答】解：（1）电阻丝产生热量的多少可以通过温度计示数的变化反映出来，电阻丝产生热量的多少转化为温度计示数的变化，本实验应用了转换法；（2）为了便于比较两根电阻丝通过电流后产生热量的多少，A、B两瓶中要装入质量相等、初温相同的同种液体。为了在较短时间内达到明显的实验效果，实验时选用煤油而不选水，是因为煤油的比热容小于水的比热容，相同条件下，煤油吸热升温比水快；（3）闭合开关，两电阻串联接入电路，两电阻丝串联的目的是控制通过电阻丝的电流与通电时间相同，根据焦耳定律可知在电流和通电时间相同时，导体的电阻越大，产生的热量越多，所以B瓶中煤油温度升得高；（4）探究两种不同液体的吸热性质需要控制液体吸收的热量相同，如果在两烧瓶中分别装入质量相等的不同液体，根据焦耳定律可知应接入两根阻值相同的电阻丝，可用这个装置来探究两种不同液体的吸热性质。故答案为：（1）温度计示数的变化；转换法；（2）质量；小于（3）B；大；（4）相同。【点评】本题考查串联电路特点、焦耳定律、控制变量法、转换法的灵活运用。五．解答题（共2小题，满分8分）20．（8分）油电混动汽车全力加速时，内燃机、蓄电池可以同时向车轮输出能量；当车辆快速行驶或蓄电池储存电能过低时，只有内燃机工作，既向车轮输出能量，又给蓄电池充电，从而提高能量利用率（能量利用率指有效利用能量占全部能量的百分比）。某次测试人员驾驶一辆油电混动汽车在平直公路上匀速行驶100km，消耗燃油10kg，行驶时汽车牵引力恒为2000N。此过程中，蓄电池储存的能量由满电的30%增大至满电的70%。其蓄电池参数如表所示。蓄电池参数电压/V500容量/（A•h）50（1）油电混动汽车快速行驶时，给汽车提供动力的是四冲程内燃机的做功冲程；电动机的工作原理是磁场对通电导体有力的作用。（2）根据表格提供的参数可知该蓄电池充满电后储存的电能是多少？（3）该油电混动汽车在测试过程中的能量利用率是多少？（q燃油＝4.0×107J/kg）【分析】（1）热机的做功冲程将内能转化为机械能，提供动力；电动机是利用通电导体在磁场中会受到力的作用的原理来工作的。（2）根据W＝UIt计算蓄电池储存的电能。（3）根据效率公式和功的公式进行计算。【解答】解：（1）做功冲程将内能转化为机械能，汽车通过做功冲程获得动力的；电动机的工作原理是磁场对通电导体有力的作用；（2）蓄电池充满电后储存的电能为：W＝UIt＝500V×50A×3600s＝9×107J；（3）牵引力做的功为：；蓄电池增加的能量为：；燃料完全燃烧放出的热量为