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文档简介
2022-2023学年黑龙江省黑河市北安重点中学九年级(上)期末数学
试卷
一、选择题:本题共10小题,每小题3分,共30分。在每小题给出的选项中,只有一项是符合题目要求
的。
La与一2互为倒数,那么a等于()
1
A.-2B.2C.D.2-
2.下列图片中,既是轴对称图形又是中心对称图形的是()
9◎整
3.下列计算正确的是()
A.2a2+a=3a3B.2L=五
C.(—a)3Xa2=—a6D.2n°=2
4.如图,在正方形4BCD中,E是边8C上一点,且BE:CE=1:3,DE父4c于点尸,若DE=10,贝!jCF等
于()
D.6AA2
5.如图,口ABCD中,NB=60。,AB=4,BC=5,P是对角线北上任一点(点P不与点4、C重合),且PE/
/BC交力B于E,且PF〃CD交AD于F,则阴影部分的面积为()
AD
A.5<3B.5C.10D.1073
6.在正方形ABC。中,点E为AB边上的一点,AB=1,连接CE,作DF1CE于点尸,令
CE=x,DF=y,y关于久的函数关系图象大致是()
7.在某学校举行的课间“桌面操”比赛中,为奖励表现突出的班级,学校计划用260元钱购买4B、C=
种奖品,4种每个10元,B种每个20元,C种每个30元,在C种奖品只能购买3个或4个且钱全部用完的情况
下(注:每种方案中都有三种奖品),共有多少种购买方案()
A.12种B.13种C.14种D.15种
8.圆锥的底面圆直径是6,高是4,则该圆锥的表面积为()
A.15TTB.227rC.217rD.247r
9.如图,在△ABC中,AC=2,/.CAB=45°,4。为的角平分线,
若点E、F分别是4D和ZC上的动点,则CE+EF的最小值为()
A.1
B.72
C.2
D.3
10.抛物线y=ax2+bx+c的对称轴是直线x=-1,且过点(1,0),顶点位于第二
象限,其部分图象如图所示,给出以下判断:
@ab>0且c<0;
(^)4a—2b+c>0;
③8a+c>0;
④c=3a-3b;
2
⑤直线y=2x+2与抛物线y=ax+bx+c两个交点的横坐标分别为x2,
则久i+x2+%i%2=5.
其中正确的个数有()
A.5个
B.4个
C.3个
D.2个
二、填空题:本题共7小题,每小题3分,共21分。
11.2020年,面对严峻复杂的国内外环境,特别是新冠肺炎疫情的巨大冲击,在党中央坚强领导下,我省
发展质量稳步提升,人民生活持续改善,龙江全面振兴全方位振兴取得新的重大进展.初步核算,2020年
全省实现地区生产总值13698.5亿元,把13698.5亿元,用科学记数法表示为_____元.
12.如图,口48CD中,E、尸分别为BC、AD边上的点,要使BF=DE,需添加
一个条件:.
13."新冠肺炎"的英语"NovelcoTonaviruspneumonia"中,字母"。”出现的频率是
14.已知关于x的分式方程吗=2的解是非负数,则小的取值范围是
15.如图,矩形4BCD,BCly轴,反比例函数y=((k力0)的图象经过点C,
与4。边交于点E,连接CE.若CE=5,BC=6,4E=2,贝心的值为.
16.△ABC中,AACB=60°,AC=4,BC=13,以4B为边作等边△ABD,过。作DE1BC于E,贝UBE的
长为.
17.如图,直线11与直线%所成的角N/O4=30。,过点儿作4/11夕交直线刊于点送,0B1=2,以&当
为边在△。&外侧作等边三角形为B】Ci,再过点6作4B21匕,分别交直线匕和%于4,/两点,以
4%为边在AOaz/外侧作等边三角形4282c2,…按此规律进行下去,则第2022个等边三角形
42022B2022c2022的周长为.
h
三、计算题:本大题共1小题,共6分。
18.解方程:(2x-l)(x+l)=(3久+l)(x+l).
四、解答题:本题共6小题,共63分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤。
19.(本小题8分)
(1)计算:©)T+2cos60。—(4—兀)°+|—四|;
(2)因式分解:1—久2+24?—y2.
20.(本小题8分)
随着经济的快速发展,环境问题越来越受到人们的关注,某校学生会为了解节能减排、垃圾分类知识的普
及情况,随机调查了部分学生,调查结果分为“非常了解”“了解”“了解较少”“不了解”四类,并将
调查结果绘制成下面两个统计图.
(1)本次调查的学生共有人,估计该校1200名学生中“不了解”的人数是人
(2)“非常了解”的4人有4两名男生,BI,占两名女生,若从中随机抽取两人向全校做环保交流,请
利用画树状图或列表的方法,求恰好抽到一男一女的概率.
21.(本小题10分)
如图的O。中,48为直径,0C12B,弦CD与。B交于点F,过点。、2分别作O。的切线交于点G,并与
延长线交于点E.
(1)求证:zl=Z2.
(2)已知:OF:OB=1:3,。。的半径为3,求4G的长.
22.(本小题10分)
一队学生从学校出发去劳动基地,行进的路程与时间的函数图象如图所示,队伍走了0.8小时后,队伍中的
通讯员按原路加快速度返回学校取材料.通讯员经过一段时间回到学校,取到材料后立即按返校时加快的
速度追赶队伍,并比学生队伍早18分钟到达基地.如图,线段。。表示学生队伍距学校的路程y(千米)与时
间比(小时)之间的函数关系,折线。ABC表示通讯员距学校的路程y(千米)与时间x(小时)之间的函数关系,
请你根据图象信息,解答下列问题:
(1)图中的加=千米,a=小时,点B的坐标为;
(2)求通讯员距学校的路程y(千米)与时间W小时)之间的函数关系式;
(3)若通讯员与学生队伍的距离不超过3千米时能用无线对讲机保持联系,请你直接写出通讯员离开队伍后
他们能用对讲机保持联系的时间的取值范围.
23.(本小题12分)
已知△ABC是边长为4的等边三角形,点。是射线BC上的动点,将4。绕点4逆时针方向旋转60。得到2E,连
接DE.
(1)如图1,猜想△ADE是什么三角形?;(直接写出结果)
(2)如图2,猜想线段C4、CE、CD之间的数量关系,并证明你的结论;
(3)①当BD为何值时,Z.DEC=30°;(直接写出结果)
②点。在运动过程中,△DEC的周长是否存在最小值?若存在.请直接写出△DEC周长的最小值;若不存
在,请说明理由.
24.(本小题15分)
如图,在平面直角坐标系中,抛物线y=a/一乂+火。40)与%轴交于点4B两点(点2在点B左侧),与y
{2%+4>3%
5_^<2%的整数解(04<。3),点。(2,成)在抛物线上•
(1)求抛物线的解析式及小的值;
(2)y轴上的点E使4E和DE的值最小,贝=;
(3)将抛物线向上平移,使点C落在点F处.当/W〃FB时,抛物线向上平移了个单位;
(4)点M在在y轴上,平面直角坐标系内存在点N使以点4、B、M、N为顶点的四边形为菱形,请直接写出
点N的坐标.
答案和解析
1.【答案】c
【解析】【分析】
本题考查了倒数,掌握倒数的定义是解答本题的关键.
倒数:乘积是1的两数互为倒数.据此判断即可.
【解答】
解:a与-2互为倒数,那么a等于《
故选C
2.【答案】B
【解析】解:4不是轴对称图形,是中心对称图形,故本选项不合题意;
8.既是轴对称图形,又是中心对称图形,故本选项符合题意;
C.不是轴对称图形,是中心对称图形,故本选项不合题意;
D不是轴对称图形,是中心对称图形,故本选项不合题意.
故选:B.
根据轴对称图形与中心对称图形的概念求解即可.
本题考查了中心对称图形与轴对称图形的概念:判断轴对称图形的关键是寻找对称轴,图形两部分沿对称
轴折叠后可重合;判断中心对称图形是要寻找对称中心,旋转180度后与原图重合.
3.【答案】D
【解析】解:与a不是同类项不能合并,故A不正确;
2aT=2大,故选项2不正确;
(—a)3xa2=-a3xa2=—a5丰—a6,故选项C不正确;
2a°=2x1=2,故选项。正确.
故选:D.
利用合并同类项法则判断4利用负整数指数塞的意义判断B,利用同底数暴的乘法计算C,利用零指数累
的意义判断D.
本题考查了合并同类项、同底数累的乘法法则、零指数及负整数指数累的意义,题目难度不大,掌握整式
基本的运算法则和零指数、负整数指数幕的意义是解决本题的关键.
4.【答案】A
【解析】【分析】
本题主要考查对正方形的性质,相似三角形的性质和判定,比例的性质,解题关键是要懂得找相似三角
形,利用相似三角形的性质求解.
由BE:CE=1:3,即可找到EC:BC=3:4,从而可求得EC、DC的长,则可以求得AC,易证得△
FEC-AFDA,则可求4F与CF的比例关系,最后求得”.
【解答】
解:••・四边形4BCD为正方形,
BC=DC
•••BE:CE=1:3,
•••EC:BC=3:4
•・•DE=10
・••设EC=3x,则BC=4x
在RtADCE中,<100=(3x)2+(4x)2,解得%=2
则EC=6,DC=8
同理得,AC=
「易证△FEC~4FDA
ECFC_3
''AD=FA=4
4
..FA=^FC
•••AC=AF+FC
8<2=FC+^FC,
得FC=竿
故选:A.
5.【答案】A
【解析】解:•・・四边形/BCD是平行四边形,
/.AB//CD,AD//BC,
•・.PE//BC,
・•.PE//AD,AD
vPF//CD,
・•.PF//AB,
・•・四边形为平行四边形,
设口AEPF的对角线4P、EF相交于。,则4。=尸。,E0=
FO,/-AOE=^POF,
••.△P0Fw2k40E(S4S),
・•・图中阴影部分的面积等于△ABC的面积,
过“作AM1BC交BC于M,
•・•(B=60°,AB=4,
AM=2<3,
•••SLABC=1X5X2y/~3=
即阴影部分的面积等于5,I.
故选:A.
利用口的性质及判定定理可判断四边形AEP尸为口,EF、AP为口尸的对角线,设交点为。,贝!JEF、AP相
互平分,从而证得△POF三△AOE,则阴影部分的面积等于△ABC的面积.
本题考查的是平行四边形的性质及判定定理,以及全等三角形及三角形面积的求法,范围较广.
6.【答案】B
【解析】解:正方形ABC。中,AB=1,
BC=CD=1,/.ABC=90°,AB//CD,
•••乙BEC=Z.FCD,
•・•DF1CE,
・•.Z,CFD=乙EBC=90°,
BCE~AFDC,
CEBCRG1
—=—,即7=
DCFD1y
•••y=(1<%<V-2).
由上可知可得出y与汽的函数图象是一支在第一象限的双曲线.
故选:B.
证明〜△FDC,由相似三角形的性质列出y与%的函数关系式,再根据函数解析式与自变量的取值范
围确定函数图象的形状和位置.
本题主要考查S根据实际问题列出函数解析判断函数图象,正方形的性质,相似三角形的性质与判定,根
据题意列出y与%的解析式是关键.
7.【答案】C
【解析】解:设购买a种奖品小个,购买B种奖品几个,
当C种奖品个数为3个时,
根据题意得10机+20H+30X3=260,
整理得m+2n=17,
因为租、n都是正整数,0<2n<17,
所以n=1,2,3,4,5,6,7,8;
当C种奖品个数为4个时,
根据题意得10m+20n+30x4=260,
整理得m+2n—14,
因为m、n都是正整数,0<2n<14,
所以n=1,2,3,4,5,6;
所以有8+6=14种购买方案.
故选:C.
有两个等量关系:购买4种奖品钱数+购买B种奖品钱数+购买C种奖品钱数=260;C种奖品个数为3或4
个.设两个未知数,得出二元一次方程,根据实际含义确定解.
本题考查了二元一次方程的应用,解题关键是要读懂题目的意思,根据题目给出的条件,找出合适的等量
关系列出方程,再求解.要注意题中未知数的取值必须符合实际意义.
8.【答案】D
【解析】解:底面直径为6,则底面周长=6兀,底面面积=9兀;
由勾股定理得,母线长=5,
1
圆锥得侧面积S侧=2x6兀x5=15兀,
;它的表面积S=15兀+9兀=24兀,
故选:D.
利用勾股定理求得圆锥的母线长,则圆锥表面积=底面积+侧面积=rix底面直径+2底面周长x母线长.
本题考查了有关扇形合圆锥的相关计算,解题思路:解决此类问题时要紧紧抓住两者之间的两个对应关
系:(1)圆锥的母线长等于侧面展开图的扇形半径;(2)圆锥的底面周长等于侧面展开图的扇形弧长,正确
对这两个关系的记忆时解题的关键.
9.【答案】B
【解析】解:作点F关于AD的对称点F',代
//I\
连接EF',则=EF'./\\
CE+EF=CE+EF',F//\
/I\
当C、E、F三点在同一直线上,且CFLAB时,CE+EF最小,最小、\\c
值.过C作CG14B.F
■■■AC=2,ACAB=45°,
CG=芋AC=x2=y/~2>
即CE+EF的最小值为,I.
故选:B.
利用角平分线构造全等,使两线段可以合二为一,则EC+EF的最小值即为点C到48的垂线段长度.
本题主要考查的是轴对称的性质、勾股定理的应用、垂线段最短等知识,解题的关键是学利用对称,解决
最短问题.
10.【答案】D
【解析】解:•••抛物线对称轴x=—1,经过(1,0),
*,•一—=—1,a+b+c=0,
2a
•*,b—2a,c——3a,
va<0,
・,.b<0,c>0,
•e•ab>0且c>0,故①错误,
•・・抛物线对称轴X=-1,经过(1,0),
・•・(一2,0)和(0,0)关于对称轴对称,
x=-2时,y>0,
•e-4a—2b+c>0,故G)正确,
•.・抛物线与%轴交于(一3,0),
・•.x=-4时,y<0,
•••16a—4h+c<0,
b=2a,
・•・16a—8a+c<0,即8a+c<0,故③错误,
c=-3a=3a—6a,b=2a,
•••c=3a—3b,故④正确,
2
•・,直线y=2%+2与抛物线y=ax+5%+c两个交点的横坐标分别为无1,x29
・•・方程a/+的一2)%+c-2=0的两个根分别为%i,%
b—2c—2
无1+*2=----丁,X1'x2=
xx——32
%1+X2+l2-+~~=+-^-=—5,故⑤错误,
故选:D.
根据二次函数的性质一一判断即可.
本题考查二次函数与系数的关系,二次函数图象上的点的特征,解题的关键是灵活运用所学知识解决问
题,属于中考常考题型.
11.【答案】1.36985X1012
【解析】解:13698.5亿元=1369850000000元=1.36985X1012TU.
故答案为:1.36985x1012.
用科学记数法表示较大的数时,一般形式为ax10%其中l〈|a|<10,n为整数,且几比原来的整数位数
少1,据此判断即可.
此题主要考查了用科学记数法表示较大的数,一般形式为ax10%其中i=|a|<10,确定a与九的值是解
题的关键.
12.【答案】AF=CE或BE=DF或乙4BF=乙CDE
【解析】解:若添加4F=CE;
•••四边形力BCD为平行四边形
•••AB=CD,Z-A=Z-C;
•••AF=CE,
:.^ABF=^CDE(SAS)
・•.BF=DE.
故答案为/F=CE^LBE=DF或4ABF=/CDE(答案不唯一)
要使BF=DE,可以通过证A4BF三△CDE得到,也可利用平行四边形的性质得到.AABF和ACDE中,根
据平行四边形的性质可得出ZB=CD,ZX=ZC;因此只需添加一组对应角相等或4F=CE,即可得出两
三角形全等的结论,进而可得出8尸=。£
本题结合三角形全等的知识,考查了平行四边形的性质,是一道开放性题目,答案不唯一.
13.【答案】蔡
【解析】解:"新冠肺炎"的英语单词uNovelcoronavirusv中共有25个字母,。出现了4次,
•••字母"。”出现的频率是亲
故答案为:亲
根据频率的定义求解即可.
本题考查频数与频率,解题的关键是理解频率的定义,属于中考常考题型.
14.【答案】m>一6且mW4
【解析】解:解分式方程得,无=—呼,
•••分式方程的解是非负数,
2>0
2—
m+6(
解得771>—6且THW4,
故答案为:m>—6且?nW4.
解分式方程得,x=-若,根据分式方程的解是非负数,分母不为0,列不等式组,解出即可.
本题考查了分式方程的解、解一元一次不等式,掌握解分式方程的步骤及解一元一次不等式,根据题意列
不等式组是解题关键.
15.【答案】9
【解析】解:四边形力BCD是矩形,
.•乙DAB=4ABC=ZD=90°,AD=BC=6,AB=DC,
DE=AD-AE=6-2=4,
在RtAEOC中,根据勾股定理得:
DC=VEC2-DE2=V52—42=3,
AB=3,
vBC1y轴,
・••AD1y轴,
AE=2,BC=6,
E点的横坐标是2,C点的横坐标是6,
设C点的纵坐标是a,
OB=a,
OA=OB+AB=a+3,
则E点的纵坐标是:a+3,
则C(6,a),E(2,a+3),
•••E点,C点在反比例函数y=g的图象上,
•••6a=2(a+3),
解得:a=I,
・••C(6.*,
把C(6,|)代入y=5得:
fc=6x|=9,
故答案为:9.
根据矩形性质和勾股定理,可得到DC的长,进而根据反比例函数图象上点的坐标特征,即可得到C点和E
点的坐标,解方程即可求得k的值.
本题考查了矩形的性质,反比例函数图象上点的坐标特征,表示出E、C的坐标是解题的关键.
16.【答案】2.5或8.5
【解析】解:如图1,延长C4至G,使4G=BC=13,连接GD并延长,。
交CB的延长线于“,DR\
•・•△4DB是等边三角形,/\
AD=AB,4DAB=60°,//'jVA
A^DAG+ABAC=120°,H」--\
BE图]'
zC=60°,卬
•••乙ABC+ZSXC=120°,
Z-DAG=乙ABC,
在△ABC和△D/G中,
BC=AG
乙ABC=^LDAC,
AB=AD
:.AABC=ADAG(SAS^
・•・乙HGC=zc=60°,DG=AC=4,
.•・△G”C是等边三角形,
.・.GH=GC=HC=13+4=17,
乙DHC=60°,
DH=13,BH=4,
DE1BC,
••・乙DEH=90°,
在Rt△£)”£*中,L.HDE=30°,
EH=^DH=6.5,
BE=EH—BH=6.5—4=2.5;
如图2,延长AC至G,使4G=BC=13,连接GD,CD,
设AD,BC交于F,
•・•△4DB是等边三角形,
AD=BD,Z.ABD—Z-C—60°,
Z.AFC=Z-BFD,
•••Z-CAD=乙CBD,
在△ADG和△8DC中,
AD=BD
Z.DAG=乙DBC,
AG=BC
.^ADG=ABDC(SAS^
Z.ADG=乙BDC,DG=CC,
•*.Z-BDC-Z-ADC=Z-ADG-/-ADC,
即NADB=乙CDG=60°,
・•.△CDG是等边三角形,
・•・乙DCG=60°,
・•・乙BCD=60°,
DE1BC,
••・乙DEC=90°,
・•・乙EDC=30°,
vCD=CG=AG-AC=BC-AC=9,
一1
CE=-CD=4.5,
BE=BC-CE=8.5,
综上所述,BE的长为2.5或8.5,
故答案为:2.5或8.5,
作辅助线,构建全等三角形,如图1,证明AABC三ADaG,贝此HGC=NC=60。,DG=AC4,再证明
△GHC是等边三角形,计算DH=13,BH=4;在RtADHE中,^HDE=30°,根据直角三角形30。角的
性质求£7/==6.5,从而得EC的长.延长力C至G,使4G=BC=13,连接GD,CD,设AD,BC交于
F,根据等边三角形的性质得到2。=BD,N2BD=NC=60。,根据全等三角形的性质得到乙4DG=
乙BDC,DG=CC,推出ACDG是等边三角形,根据直角三角形的性质即可得到答案.
本题考查了全等三角形的性质和判定、直角三角形30。角的性质、等边三角形的性质和判定,作辅助线构
建两三角形全等是本题的关键,证明△GHC是等边三角形是突破口.
Q2022
17.【答案】^2021
【解析】解:V^B1OA1=30°,ArBr1lr,OB\=2,
•••A1B1=1,Z-CrArA2=30°,Z.A1B1O=60°,
A2B2-Lh,
•••ZJ41cl&=60°,A1B1//A2B2f
:.Z-A2B2O=乙4/1。=60°,
•・•△Z/1Cl是等边三角形,
•••Z.A1C1B1=Z-B1A1C1—=60°,=41cl=BICI—1,
•••Z-CrArA2=30°,Z.C1B1B2=60°,Z-B1C1B2=60°,
・•・△/Ci殳是等边三角形,
B2cl=B1C1=1,
1i
•••A2cl==2?
1
•••/2殳=B2cl+A2Cr=1+],
同理:A3B3=(1+^)2=(|)2,
1,
・•・第n个等边三角形的边长:AnBn=弓尸-
其周长为:3x(I)-1=
4Z
2022
.•・第第2022个等边三角形4022B2022c2022的周长为张T
&2022
故答案为:^2021,
11
4/1=42cl=p2=1+1,
由题意可得1,ZC1X1X2=30°,则有可求得力多同理可求得=(1+
21
I),从而可得第九个等边三角形的边长为:AnBn=ci+jr--从而可求解.
本题主要考查图形的变化规律,解答的关键是得出第n个等边三角形的边长为:AnBn=©)n-i.
18.【答案】解:•••(2%-1)(%+1)-(3x+l)(x+1)=0,
(%+1)(-%-2)=0,
•,•%+1=。或一%—2=0,
*,,%]——1,%2=-2.
【解析】利用因式分解法求解即可.
本题考查的是一元二次方程的解法,掌握因式分解法解一元二次方程的一般步骤是解题的关键.
19.【答案】解:(1)(新1+2cos60。一(4—兀)。+|—四|
=2+2x——1+V-3
=2+1-1+73
=2+
(2)1—x2+2xy—y2
=1—(x2-2xy+y2)
=1—(x—y)2
=[l-(x-y)][l+(x-y)]
=(1—x+y)(l+x—y).
【解析】(1)直接利用负整数指数累、特殊角的三角函数值、零次塞、绝对值的性质进行化简,再计算即
可;
(2)根据分组分解法因式分解即可.
本题考查了负整数指数幕、特殊角的三角函数值、零次幕、绝对值的性质及完全平方公式、平方差公式等
知识,熟练掌握运算法则是解题的关键.
20.【答案】(1)50,360;
(2)画树状图,共有12种可能的结果,恰好抽到一男一女的结果有8个,
P(恰好抽到一男一女的)=^=|.
Bi
【解析】【分析】
(1)用“非常了解”人数除以它所占的百分比即可得到调查的总人数;用总人数乘以“不了解”人数所占
的百分比即可得出答案;
(2)先画树状图展示所有12个等可能的结果数,再找出恰好是一位男同学和一位女同学的结果数,然后根
据概率公式求解.
本题考查了列表法与树状图法、扇形统计图、条形统计图;通过列表法或树状图法展示所有等可能的结果
求出n,再从中选出符合事件4或B的结果数目小,然后根据概率公式求出事件4或B的概率.
【解答】
解:(1)4+8%=50(人),
1200x(1-40%-22%-8%)=360(人);
故答案为:50,360;
(2)见答案.
21.【答案】(1)证明:连接OD,如图,
•••DE为。。的切线,
OD1DE,
:.乙ODE=90°,即42+“DC=90°,
•••OC=OD,
zC=Z.ODC,
z.2+zC=90°,
而。C1OB,
・•.zC+z3=90°,
•••z2=z3,
zl=z3,
•••z.1=z2;
(2)解:・・・OF:OB=1:3,O。的半径为3,
・•.OF=1,
•••zl=z2,
・•.EF=ED,
在RtAODE中,OD=3,设则EF=x,OE=l+x,
•••OD2+DE2=OE2,
32+/=Q+1)2,
解得x=4,
DE=4,OE=5,
•.TG为O。的切线,
AG_LAE,
..^GAE=90°,
而NOED=/.GEA,
RtAEODsRtAEGA,
.££=匹an_4
"AG~AE'即4G-3+5'
AG=6.
【解析】本题考查了切线的性质,勾股定理和相似三角形的判定与性质.
(1)连接。D,根据切线的性质得。。IDE,则N2+N。。。=90。,而/C=NODC,贝吐2+NC=90。,由
0c1OB得NC+43=90。,所以N2=N3,而N1=N3,进而可得答案;
(2)由。F:OB=1:3,O。的半径为3得到。F=1,由(1)中Nl=N2得EF=ED,在RtAODE中,设
DE=x,贝!]EF=x,OE=l+x,根据勾股定理得3?+/=Q+i)2,得到=4,OE=5,根据切线
的性质由4G为。。的切线得NG4E=90。,AEOD-RtAEGA,利用相似比可计算出AG.
22.【答案】152.7(1.2,0)
【解析】解:(1)学生队伍的速度是4+0.8=5(千米/小时),
所以m=5x3=15(千米),
a=3-葛=2.7(小时),
由题意得,通讯员返回时的速度是(15+4)+(2.7-0.8)=10(千米/小时),
所以点8(0.8+4+10,0)即(1.2,0);
故答案为:15,2.7;(1.2,0).
点B的坐标为(1.2,0);
(2)当0WxW0.8时,设关系式为为=人久,
把4(0.8,4)代入可得k=5,
=5%;
当0.8<x<1.2时,设关系式为=kx+b,
把(0.8,4)、B(1.2,0)两点代入得,{:北,:二
解得k=-10,b=12,
y2=—10%+12;
当1.2<%<2.7时,设关系式为=kx+b,
把(1.2,0)、C(2.7,15)两点代入得,{境二;5,
解得k=10,b=-12,
y3=10%—12;
Ri=5x(0<x<0,8)
综上,y与%的关系式为{丫2=—10%+12(0.8<%<1.2).
y3=10%—12(1.2<x<2,7)
(3)设。。的关系式为=kx,
由题意得,丫4=5%,
①当0.8<x<1.2时,5%一(-10%+12)<3,
解得%W1,即0.8〈%41;
②当1.22.7时,5x=10%-12,解得第=2.4,
此时通讯员与学生队伍相遇,相遇点坐标为(24,12),
5x-(lOx-12)<3,解得KN1.8,即1.8<xW2.7;
综上,0.8<久<1和1.8<x<3.
⑴根据函数图象可得:当t=0.8h时,学生队伍走的路程s=Mm,即可得到学生队伍的速度,再利用通
讯员提前18分钟到达可得a的值,根据通讯员的路程和速度可得点B的坐标;
(2)根据4B、C三点的坐标,分别求线段。4线段48和线段BC的解析式,即可解答;
(3)求出线段。C、。的解析式,分两种情况进行讨论即可解答.
本题考查了一次函数的应用,解决本题的关键是分类讨论思想的应用.
23.【答案】(1)等边三角形
(2)4C+CD=CE,
证明:由旋转的性质可知,^DAE=60°,AD=AE,
•••△ABC是等边三角形
AB=AC=BC,ABAC=60°,
ABAC=ADAE=60°,
•,ABAC+/L.DAC=^DAE+zDXC,BPzBXD=/.CAE,
在△ABD和△ACE中,
AB=AC
乙BAD—/.CAE,
.AD=AE
.•.△ABD三△acE(sas)
BD=CE,
CE=BD=CB+CD=CA+CD;
(3)①BD为2或8时,^DEC=30°,
当点。在线段BC上时,•••Z.DEC=30°,Z.AED=60°,
.•乙AEC=90°,
易得△ABD三△ACE,
..AADB=^AEC=90°,又乙B=60°,
/-BAD=30°,
1
BD=^AB=2,
当点O在线段BC的延长线上时,•・•々DEC=30。,A.AED=60°,
/.AEC=30°,
••,AABDWAACE,
..AADB=AAEC=30°,又乙B=60°,
.•LBAD=90°,
BD=2AB=8,
.•.BD为2或8时,乙DEC=30。;
②点。在运动过程中,△DEC的周长存在最小值,最小值为4+2门,
理由如下:由题意可知,点D在线段BC上运动时ADEC的周长比在BC延长线上小,•・•△4BD三AACE,
CE=BD,
则4DEC的周长=DE+CE+DCBD+CD+DE=BC+DE,
当DE最小时,△DEC的周长最小,
•・•△2DE为等边三角形,
DE=AD,
4D的最小值为2门,
・•.△DEC的周长的最小值为4+2/3
【解析】解
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