2019年海南省琼海市中考物理模拟试卷(二)(解析版)

2019年海南省琼海市中考物理模拟试卷（二）一．选择题（共10小题，满分30分，每小题3分）1．LED灯是一种新型的高效节能灯，它的核心元件是发光二极管。二极管主要是由下列哪种材料制成（）A．金属材料 B．陶瓷材料 C．纳米材料 D．半导体材料2．下列实例中，利用大气压工作的是（）A．脱排油烟机 B．订书机 C．温度计 D．船闸3．带电体之间的静电力是通过电场产生的。如图所示，两个相距一定距离的带同种电荷的物体A和B，可以这样分析A带电体所受的静电力；A处于B激发的电场中，就受到了由B指向A的作用力。关于B带电体受到的静电力，下列分析正确的是（）A．B处于A激发的电场中，就受到了由A指向B的作用力 B．B处于自身激发的电场中，就受到了由A指向B的作用力 C．A处于B激发的电场中，就对B产生了由B指向A的作用力 D．A处于自身激发的电场中，就对B产生了由B指向A的作用力4．生活中有许多工具都是杠杆，图中在使用时属于费力杠杆的是（）A．道钉撬 B．托盘天平 C．筷子 D．起瓶器5．在体育竞赛中，经常有运动员受伤，医护人员常用蒸发较快的复方氯乙烷喷雾作麻醉剂，喷在运动员受伤部位，使得皮肤快速冷却。在一段时间内失去疼痛感，从而可以继续比赛，这是由于复方氯乙烷喷雾（）A．升华吸热 B．凝华放热 C．液化放热 D．汽化吸热6．在综合实践活动中，实验小组同学尝试改用如图所示装置探究“物体动能大小与哪些因素有关”，小鹏同学经过思考设计了以下两个实验方案。方案一：用同一钢球将同一弹簧压缩至不同程度，撞击同一木块，比较木块被撞击的距离；方案二：用质量不同的钢球将同一弹簧压缩相同程度后静止释放，撞击同一木块，比较木块被撞击的距离。关于他的实验方案（）A．只有方案一可行 B．只有方案二可行 C．两个方案均可行 D．两个方案均不可行7．有一些测量工具利用物理量间的关系、物理效应，运用转换的方式测出物理量大小。下列对测量工具的认识错误的是（）A．弹簧测力计根据弹簧的长度变化来确定力的大小 B．液体温度计根据温度计内液体体积的变化量来确定该液体温度，并由此来确定被测物体的温度 C．机械式电能表根据铝盘的转动周数来确定电功率大小 D．压强计根据U型管内液面高度差来确定液体内部压强的大小8．体积相同的铜块、铝球和木块，浸在液体中的情况如图所示，则比较它们受到的浮力（）A．铝球受到的浮力最大 B．木块受到的浮力最大 C．铜块受到的浮力最大 D．它们受到的浮力一样大9．关于如图四个情景的机械能，说法正确的是（）A．图甲正在作业的洒水车在水平马路上匀速直线行驶，机械能保持不变 B．图乙单摆最终会停下来，说明摆球的机械能在逐浙减少 C．图丙空中加油过程中，大型加油机在水平方向上做匀速直线运动，机械能增大 D．图丁电梯匀速上升过程中，机械能保持不变10．如图电路，电源电压不变，闭合开关S后，当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，关于电表示数变化，下列说法中正确的是（）A．电流表和电压表示数均变大 B．电流表和电压表示数均变小 C．电流表示数变小，电压表示数变大 D．电流表示数变大，电压表示数变小二．填空题（共7小题，满分28分，每小题4分）11．靠近居民区的高速公路两旁一般都安装有隔音墙，这是在减弱噪声；车驶过学校区域禁止鸣笛，这是在减弱噪声的。（选填“声源处”、“传播过程中”或“人耳处”）12．2017年我省加大了环境污染治理，煤改气已经成为新常态，这里的“气”指的是天然气，天然气属于（选填“可再生”或“不可再生”）能源；点燃天然气，将食用油倒入锅中，通过的方式使油的内能增加；炒菜日时常常能够闻到阵阵菜香，这是现象。13．在如图的跳蹦床游戏中，人对蹦床的力的作用效果主要是，蹦床对人的力的作用效果主要是这两个力是（选填“平衡力”或“相互作用力”）；人离开蹦床后继续向上运动是因为人具有被弹到空中的人还要落回蹦床，这是因为人受到的作用。14．“汽车不但要喝汽油，有时也要喝水”，水箱里的水是用来冷却发动机的，之所以用水冷却发动机是因为，发动机开始工作一段时间后，水箱中水的内能会（选填“增加”或“减少”），这是通过方式来改变内能的。15．小美同学在研究电磁现象中，闭合开关，先将导体ab水平用力向右移动，导体cd也随之运动起来，甲现象说明导体ab切割磁感线在ab中产生了，利用这一原理制成了，乙现象在生活中的应用是。16．小明将托盘天平放在桌面上，调节天平平衡，测出小石块质量，天平平衡时，右盘所加砝码和游码的位置如图所示，则小石块的质量为g；接着测出小石块的体积为20cm3，则小石块的密度为g/cm3。17．山区铁路往往在爬坡时采用双车头牵引，一个在前拉，另一个在后推。如两个车头工作时分别有8×105N和2×106N作用于火车，则这列车受到车头的合力大小是。三．作图题（共4小题，满分20分）18．如图所示，重3N的小球从斜面上滚下，请在图中画出小球所受重力的示意图。19．如图所示是两个磁极之间的磁感线，请在图中标出两个磁极的名称和小磁针静止时的N极。20．小欣同学在做“探究平面镜成像的特点”的实验时，将一块玻璃板竖直架在水平台上，再选取两段完全相同的蜡烛A和B，点燃玻璃板前的蜡烛A，进行观察，如图所示，在此实验中：（1）选用器材有：玻璃板、火柴、光屏（白纸）、蜡烛、刻度尺。（2）小红选择玻璃板代替镜子进行实验的目的是。（3）所用刻度尺的作用是便于比较像与物的关系。（4）选取两段完全相同的蜡烛是为了比较的关系。（5）移去后面的蜡烛B，并在其所在位置上放一光屏（白纸），则光屏（白纸）上（填“能”或“不能”）承接到蜡烛烛焰的像，所以平面镜所成的像是（填“虚”或“实”）像。（6）小红将蜡烛逐渐远离玻璃板时，它的像（填“变大”“变小”或“不变”）。（7）平面镜除了能成像之外，还可以，例如应用在潜望镜上。21．图甲为测定“小灯泡电功率”的实验电路，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10Ω。（1）小明连接好电路后，闭合开关，移动滑片，发现小灯泡始终不亮，且电压表有示数，电流表无示数，则故障原因可能是。（2）排除故障闭合开关，移动滑片P到某位置，电压表示数（如图乙所示）为V，则此时灯泡消耗的实际功率额定功率（选填“大于”、“小于”或“等于”）。（3）小明继续移动滑动变阻器的滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成I﹣U图象（图丙），根据图象，可计算出小灯泡的额定功率是W。（4）进一步分析图象可知，随着灯泡两端电压的增大，灯丝电阻逐渐增大，造成这一现象的原因可能是。（5）小敏将原电路中的小灯泡先后换接阻值分别为5Ω、10Ω和20Ω的定值电阻，探究“电流与电阻关系”①先将5Ω的电阻接入电路，移动变阻器滑片，使电压表示数为2V，此时，电流表的示数为A．然后换接10Ω的电阻，为了保持电压表示数不变，此时滑动变阻器的滑片应向（左/右）移动。②实验中为了保证接入20Ω的定值电阻时，保持电压表示数不变，则滑动变阻器的最大阻值应不小于Ω。四．计算题（共2小题，满分22分）22．如图所示重力不计的轻杆AOB可绕支点O无摩擦转动，当把甲乙两物体如图分别挂在两个端点A、B上时，轻杆恰好在水平位置平衡，此时乙物体刚好完全浸没在装有水的容器里且水未溢出，物体乙未与容器底接触，已知轻杆长2.2m，支点O距端点B的距离为1.2m，物体甲的质量为8.28kg，物体乙的体积为0.001m3．（g＝l0N/kg。忽略绳重）求：（1）甲物体的重力；（2）乙物体受到水的浮力；（3）弹簧测力计的示数；（4）乙物体的密度。23．如图所示的电路中，小灯泡上标有“6V3.6W”字样，滑动变阻器R1的最大电阻为40Ω．当只闭合S、S2，滑动变阻器的滑片P在中点时，小灯泡正常发光；当所有开关都闭合，滑片滑到A端时，A1、A2的示数之比是3：1（灯的电阻保持不变）。求：（1）电源电压。（2）当只闭合S、S2，滑动变阻器的滑片P在A端时，小灯泡两端的实际电压。（3）小灯泡消耗的最小电功率（不能为0）。

2019年海南省琼海市中考物理模拟试卷（二）参考答案与试题解析一．选择题（共10小题，满分30分，每小题3分）1．LED灯是一种新型的高效节能灯，它的核心元件是发光二极管。二极管主要是由下列哪种材料制成（）A．金属材料 B．陶瓷材料 C．纳米材料 D．半导体材料【分析】二极管是由半导体做成的器件，它具有单向导电性。【解答】解：制造发光二极管的主要材料是半导体材料。故选：D。【点评】本题考查了二极管由什么材料制成，考查方式简单，是一道基础题，学习时要注意积累关于二极管方面的知识。2．下列实例中，利用大气压工作的是（）A．脱排油烟机 B．订书机 C．温度计 D．船闸【分析】大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象。【解答】解：A、抽油烟机在工作时，由于转动的扇叶处气体的流速大，压强小，从而在周围大气压的作用下将油烟压向扇口排出。利用了大气压工作，故A符合题意；B、订书机用到的物理知识是比较多的，如：压柄做得宽大有利于减小压强；钉书针（出针口）很尖细有利于增大压强；底座做得宽大有利于减小压强等等；但都不是大气压的应用。故B不合题意；C、温度计是利用液体热胀冷缩的性质制成的，不属于利用大气压。故C不合题意；D、船闸的原理先打开一端，船闸里的水位逐渐与外面相等，外面的船就可以开进船闸；然后把这一端船闸关闭，打开另一端的船闸，船闸里的水位逐渐与外面相等，船就可以开到另一端去，应用了两次连通器。故D不合题意。故选：A。【点评】解答本题的关键是学生对船闸、茶壶、温度计、脱排油烟机的原理要有一个明确的认识，然后方可知道是否利用大气压工作的，利用大气压的生活例子是很多的，学习时，多举例、多解释。3．带电体之间的静电力是通过电场产生的。如图所示，两个相距一定距离的带同种电荷的物体A和B，可以这样分析A带电体所受的静电力；A处于B激发的电场中，就受到了由B指向A的作用力。关于B带电体受到的静电力，下列分析正确的是（）A．B处于A激发的电场中，就受到了由A指向B的作用力 B．B处于自身激发的电场中，就受到了由A指向B的作用力 C．A处于B激发的电场中，就对B产生了由B指向A的作用力 D．A处于自身激发的电场中，就对B产生了由B指向A的作用力【分析】物体间力的作用是相互的，A对B产生一个力的作用，B也会对A产生一个力的作用；一个物体是施力物体的同时，还是受力物体，单独一个物体不能产生力的作用。【解答】解：AB、B处于A激发的电场中，B受到了由A指向B的作用力，物体间力的作用是相互的，A受到了由B指向A的作用力，故A正确，B错误；C、A处于B激发的电场中，就对B产生了由A指向B的作用力，故C错误；D、A处于自身激发的电场中，不会产生对B的作用力，故D错误。故选：A。【点评】本题考查了力的概念：力是物体对物体的作用，一个物体在施力时，同时也是受力物体；物体间力的作用是相互的。4．生活中有许多工具都是杠杆，图中在使用时属于费力杠杆的是（）A．道钉撬 B．托盘天平 C．筷子 D．起瓶器【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。【解答】解：A、道钉撬在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A不符合题意；B、天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，不省力也不费力，故B不符合题意；C、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C符合题意；D、起瓶器在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D不符合题意。故选：C。【点评】此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。5．在体育竞赛中，经常有运动员受伤，医护人员常用蒸发较快的复方氯乙烷喷雾作麻醉剂，喷在运动员受伤部位，使得皮肤快速冷却。在一段时间内失去疼痛感，从而可以继续比赛，这是由于复方氯乙烷喷雾（）A．升华吸热 B．凝华放热 C．液化放热 D．汽化吸热【分析】物质由液态变为气态的过程是汽化，汽化是吸热的，汽化有两种方式：蒸发和沸腾。复方氯乙烷喷雾剂喷到局部皮肤上，复方氯乙烷喷雾剂迅速蒸发，蒸发有致冷作用，使皮肤温度迅速降低。【解答】解：复方氯乙烷喷雾剂喷到局部皮肤上，是液态的，液态的复方氯乙烷喷雾剂迅速蒸发，蒸发有致冷作用，使皮肤的温度迅速降低，减小疼痛。故选：D。【点评】本题把蒸发有致冷作用应用于比赛中，体现了物理在实践中的重要作用，体现了物理源于生活，应用于生活。6．在综合实践活动中，实验小组同学尝试改用如图所示装置探究“物体动能大小与哪些因素有关”，小鹏同学经过思考设计了以下两个实验方案。方案一：用同一钢球将同一弹簧压缩至不同程度，撞击同一木块，比较木块被撞击的距离；方案二：用质量不同的钢球将同一弹簧压缩相同程度后静止释放，撞击同一木块，比较木块被撞击的距离。关于他的实验方案（）A．只有方案一可行 B．只有方案二可行 C．两个方案均可行 D．两个方案均不可行【分析】结合控制变量法的要求，看是否合理的控制了相关变量，并改变了要研究的变量，这样才能知道是否符合实验要求。【解答】解：方案一：质量相同的铁球将同一弹簧压缩不同程度后静止释放，撞击同一木块，将木块撞出一段距离进行比较。可以研究铁球的动能大小与速度的关系；方案二：若用质量不同的铁球将同一弹簧压缩相同程度后静止释放，撞击同一木块，撞击的动能由弹簧的弹性势能转化而来，而弹簧的弹性势能的大小与形变程度有关，故弹簧势能相同，转化出的动能相同，因此，木块最终移动的距离相同，这样是不能完成实验的。故选：A。【点评】本题考查了控制变量法在实验中的应用，属于中等题。7．有一些测量工具利用物理量间的关系、物理效应，运用转换的方式测出物理量大小。下列对测量工具的认识错误的是（）A．弹簧测力计根据弹簧的长度变化来确定力的大小 B．液体温度计根据温度计内液体体积的变化量来确定该液体温度，并由此来确定被测物体的温度 C．机械式电能表根据铝盘的转动周数来确定电功率大小 D．压强计根据U型管内液面高度差来确定液体内部压强的大小【分析】①在弹性限度内，弹簧的伸长与受到的拉力成正比；②液体温度计是利用液体的热胀冷缩原理工作的；③电能表是测量用电器在一定时间消耗电能多少的仪表；④压强计是测量液体压强大小的装置。【解答】解：A、弹簧受到的拉力越大，形变越大，所以弹簧测力计根据弹簧的长度变化来确定力的大小。此选项正确，不符合题意；B、液体温度计根据温度计内液体体积的变化量来确定该液体温度，并由此来确定被测物体的温度。此选项正确，不符合题意；C、机械式电能表根据铝盘的转动周数来确定用电器消耗电能的多少。此选项错误；符合题意；D、压强计根据U型管内液面高度差来确定液体内部压强的大小，不符合题意。故选：C。【点评】此题考查的是转换法的应用，转换法和控制变量法是物理研究最常用的两种方法，在解决实际问题时要注意识别和应用。8．体积相同的铜块、铝球和木块，浸在液体中的情况如图所示，则比较它们受到的浮力（）A．铝球受到的浮力最大 B．木块受到的浮力最大 C．铜块受到的浮力最大 D．它们受到的浮力一样大【分析】根据阿基米德原理的推导公式F浮＝G排＝ρ液gV排知道浮力大小与液体的密度和排开液体的体积有关。【解答】解：由图可知，铜球、铝球和木块均浸没在液体中，因物体浸没时排开液体的体积相等，所以，体积相同的铜球、铝球和木块排开液体的体积相等，由F浮＝G排＝ρ液gV排可知，它们受到的浮力一样大。故选：D。【点评】本题考查了阿基米德原理的应用，要注意物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等。9．关于如图四个情景的机械能，说法正确的是（）A．图甲正在作业的洒水车在水平马路上匀速直线行驶，机械能保持不变 B．图乙单摆最终会停下来，说明摆球的机械能在逐浙减少 C．图丙空中加油过程中，大型加油机在水平方向上做匀速直线运动，机械能增大 D．图丁电梯匀速上升过程中，机械能保持不变【分析】动能和势能的总和叫做机械能，而动能大小的影响因素是质量和速度：质量不变时，速度越小，动能越小；速度不变时，质量越小，动能越小。重力势能又与高度和质量有关：高度不变时，质量越小，重力势能越小；质量不变时，高度越小，重力势能越小。【解答】解：A．图甲正在作业的洒水车在匀速行驶过程中，速度不变，高度不变，水不断减少（车的质量减小），动能会逐渐减小，重力势能减小，则机械能不断减小。故选项A错误；B．图乙单摆在摆动的过程中会受到阻力的作用，机械能转化为内能，机械能会减小，故选项B正确；C．图丙在加油的过程中，大型加油机的油量不断减少，加油机的速度不变，质量减小，动能减小；高度不变，质量减小，重力势能减小，则机械能不断减小。故选项C错误；D．图丁电梯匀速上升的过程中，其质量不变，速度不变，高度变大，所以其动能不变，重力势能增加，则机械能不断增加。故选项D错误。故选：B。【点评】掌握动能、重力势能的概念及其影响因素；能判断动能、重力势能、机械能的变化。属于综合性题目。10．如图电路，电源电压不变，闭合开关S后，当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，关于电表示数变化，下列说法中正确的是（）A．电流表和电压表示数均变大 B．电流表和电压表示数均变小 C．电流表示数变小，电压表示数变大 D．电流表示数变大，电压表示数变小【分析】由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化。【解答】解：由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。当闭合开关S，滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I＝可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小；由U＝IR可知，R两端的电压变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大；由上分析知，ABD错误，C正确。故选：C。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到滑动变阻器和欧姆定律的应用，是一道较为简单的应用题。二．填空题（共7小题，满分28分，每小题4分）11．靠近居民区的高速公路两旁一般都安装有隔音墙，这是在传播过程中减弱噪声；车驶过学校区域禁止鸣笛，这是在声源处减弱噪声的。（选填“声源处”、“传播过程中”或“人耳处”）【分析】减弱噪声的途径有三个，即在声源处减弱噪声，在人耳处减弱噪声，在传播过程中减弱噪声。【解答】解：靠近居民区的高速公路两旁一般都安装有隔音墙，这是在传播过程中减弱噪声；车驶过学校区域禁止鸣笛，这是在声源处减弱噪声的。故答案为：传播过程中；声源处。【点评】本题考查防治噪声的途径，难度不大，属于基础题。12．2017年我省加大了环境污染治理，煤改气已经成为新常态，这里的“气”指的是天然气，天然气属于不可再生（选填“可再生”或“不可再生”）能源；点燃天然气，将食用油倒入锅中，通过热传递的方式使油的内能增加；炒菜日时常常能够闻到阵阵菜香，这是扩散现象。【分析】能够源源不断地从自然界获得或可以重复利用的能源是可再生能源；不能源源不断地从自然界获得或不可重复利用的能源，叫不可再生能源。改变物体内能的方式有两种：做功与热传递。【解答】解：天然气不能源源不断地从自然界获得，也不可重复利用，故天然气属于不可再生能源；点燃天然气，将食用油倒入锅中，通过热传递的方式使油的内能增加，温度升高；炒菜日时常常能够闻到阵阵菜香，这是扩散现象。故答案为：不可再生；热传递；扩散。【点评】本题主要考查学生对：能源的分类，以及可再生能源特点的了解和掌握，要知道常见的可再生能源。13．在如图的跳蹦床游戏中，人对蹦床的力的作用效果主要是使蹦床发生形变，蹦床对人的力的作用效果主要是改变人的运动状态这两个力是相互作用力（选填“平衡力”或“相互作用力”）；人离开蹦床后继续向上运动是因为人具有惯性被弹到空中的人还要落回蹦床，这是因为人受到重力的作用。【分析】（1）力的作用效果有两个：一是力可以改变物体的运动状态；二是力可以改变物体的形状；力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；（2）物体都由保持原来运动状态的原因，即惯性；重力是指地球附近的一切物体都要受到的力，它是由于地球对物体的吸引而产生的，方向竖直向下。【解答】解：（1）在跳蹦床的游戏中，人对蹦床向下施加力，使蹦床发生形变；蹦床对人向上的作用力，这个力使人由静止变为运动，所以这个力改变了人的运动状态；在跳蹦床的游戏中，人对蹦床施力的同时，也受到蹦床对他的作用力，说明力的作用是相互的；（2）由于小朋友具有惯性，所以小朋友离开蹦床后仍可向上继续运动；被弹到空中的人要受到重力作用，由于重力的方向是竖直向下的，因此被弹到空中的人还要落回蹦床是由于受到重力的作用。故答案为：使蹦床发生形变；改变人的运动状态；相互作用力；惯性；重力。【点评】此题主要考查了物体间力的相互性以及力的作用效果。在分析过程中要把形状的变化和运动状态的变化区别开来，以及惯性的应用。14．“汽车不但要喝汽油，有时也要喝水”，水箱里的水是用来冷却发动机的，之所以用水冷却发动机是因为水的比热容大，发动机开始工作一段时间后，水箱中水的内能会增加（选填“增加”或“减少”），这是通过热传递方式来改变内能的。【分析】①水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。②改变内能的方式有两种，即做功和热传递。【解答】解：汽车发动机工作过程中，不可避免地产生很多热量，这些热量如不及时带走会影响机器的正常工作。由公式Q＝cm△t知，在质量和升高的温度相同时，与其它液体比较，因为水的比热大，所以吸收的热量多，冷却效果好。汽车发动机开始工作一段时间后，散热器中水的内能会增加，即是由于散热器中的水从机器上吸取热量导致的，所以这是通过热传递方式来改变内能的。故答案为：水的比热容大；增加；热传递。【点评】此题考查了水的比热容最大的应用、改变内能方式的理解等知识点，是一道综合题。15．小美同学在研究电磁现象中，闭合开关，先将导体ab水平用力向右移动，导体cd也随之运动起来，甲现象说明导体ab切割磁感线在ab中产生了感应电流，利用这一原理制成了发电机，乙现象在生活中的应用是电动机。【分析】掌握电磁感应现象，以及直流电动机原理是解答本题的关键；由题干中电路的结构和特点可以看出实验的原理和目的。【解答】解：由图可知，闭合开关，将导体ab水平向右移动，此时闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，故导体ab中会有感应电流产生，利用这一原理制成了发电机；此时导体ab相当于电源，cd相当于放入磁场中的通电导体，故通电导体cd在磁场中受力而运动，这一现象在生活中的应用是电动机。故答案为：感应电流；发电机；电动机。【点评】电磁感应和磁场对通电导体的作用其主要区别在于前者为因动而生电，后者因通电而动，所以电路结构是不相同的。16．小明将托盘天平放在水平桌面上，调节天平平衡，测出小石块质量，天平平衡时，右盘所加砝码和游码的位置如图所示，则小石块的质量为77.4g；接着测出小石块的体积为20cm3，则小石块的密度为3.87g/cm3。【分析】天平在使用前应放在水平桌面上，游码归零后，通过观察指针的位置，调节平衡螺母来其平衡；天平在读数时，物体质量等于砝码质量与游码示数的和；根据密度公式ρ＝来求出物体的密度。【解答】解：小明将托盘天平放在水平桌面上，调节天平平衡；由图知，标尺的分度值是0.2g，小石块的质量为m＝50g+20g+5g+2.4g＝77.4g；已知石块的体积V＝20cm3，则石块的密度ρ＝＝＝3.87g/cm3。故答案为：水平；77.4；3.87。【点评】本题考查了天平的基本调节与使用方法，利用密度公式进行简单的计算，是我们应该掌握的基本内容。17．山区铁路往往在爬坡时采用双车头牵引，一个在前拉，另一个在后推。如两个车头工作时分别有8×105N和2×106N作用于火车，则这列车受到车头的合力大小是2.8×106N。【分析】在力的合成中，作用在同一直线上的两个力，当方向相同时其合力最大，合力大小等于两个力的大小之和；当方向相反时其合力最小，合力大小等于两个力的大小之差。【解答】解：由题意知，两个车头的作用力在同一直线上，方向相同，则列车所受合力F＝F前+F后＝8×105N+2×106N＝2.8×106N；故答案为：2.8×106N。【点评】本题考查了求列车所受的合力问题，掌握力的合成方法即可正确解题，本题难度不大。三．作图题（共4小题，满分20分）18．如图所示，重3N的小球从斜面上滚下，请在图中画出小球所受重力的示意图。【分析】首先找出力的作用点，重力的作用点即重心在物体的几何中心；然后确定力的方向，重力的方向是竖直向下的；最后用一条带箭头的线段表示力的方向。【解答】解：过球心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，用符号G表示，并标明大小G＝3N．如图所示：【点评】画力的示意图，就是用一条带箭头线段表示出力的三要素，所以要先正确分析力的大小、方向和作用点，再根据力的示意图的要求作出力的示意图，要注意在线段末端标出重力G。19．如图所示是两个磁极之间的磁感线，请在图中标出两个磁极的名称和小磁针静止时的N极。【分析】磁感线总是从磁体的N极出来回到S极；磁极间的相互作用规则是，同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。【解答】解：因为磁感线总是从磁体的N极出来回到S极，所以图中左端的磁极为N极，右端的磁极为S极；根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引可知，靠近磁体S极的一端为小磁针的N极，如图所示。【点评】此题主要考查了磁感线的概念，同时还考查了磁极间的相互作用规律，属基础题。20．小欣同学在做“探究平面镜成像的特点”的实验时，将一块玻璃板竖直架在水平台上，再选取两段完全相同的蜡烛A和B，点燃玻璃板前的蜡烛A，进行观察，如图所示，在此实验中：（1）选用器材有：玻璃板、火柴、光屏（白纸）、蜡烛、刻度尺。（2）小红选择玻璃板代替镜子进行实验的目的是便于确定像的位置。（3）所用刻度尺的作用是便于比较像与物的距离关系。（4）选取两段完全相同的蜡烛是为了比较像与物体大小的关系。（5）移去后面的蜡烛B，并在其所在位置上放一光屏（白纸），则光屏（白纸）上不能（填“能”或“不能”）承接到蜡烛烛焰的像，所以平面镜所成的像是虚（填“虚”或“实”）像。（6）小红将蜡烛逐渐远离玻璃板时，它的像不变（填“变大”“变小”或“不变”）。（7）平面镜除了能成像之外，还可以改变光路，例如应用在潜望镜上。【分析】（2）利用玻璃板透明的特点，可以观察到玻璃板的另一侧，便于找到像的位置。（3）刻度尺是用来测物体和像到平面镜距离的。（4）蜡烛A与B大小相同，B又与A的像大小相同，所以像与物大小相同，这是利用等效替代法来比较像与物的大小的。（5）由于成的像是虚像，所以不能用光屏来呈接。（6）平面镜成像时，像的大小始终与物体的大小相同。（7）平面镜可以反射光，因此可以用来改变光路。【解答】解：（2）透明的玻璃板，可以观察到玻璃板的另一侧。因此小红选择玻璃板代替平面镜进行实验的目的是确定像的位置。（3）实验中，通过刻度尺来测量物体和像到平面镜的距离，从而比较其距离的关系。（4）实验中选择两根完全一样的蜡烛A和B，是为了比较像与物体大小的关系。（5）实验时，移去后面的蜡烛B，并在其所在位置上放一光屏，光屏上不能看到蜡烛的像，因为平面镜成的是虚像。（6）平面镜成像时，像的大小始终与物体的大小相同。因此将蜡烛逐渐远离玻璃板时，它的像不变。（7）平面镜除了能成像之外，还可以改变光路，例如应用在潜望镜上。故答案为：（2）便于确定像的位置；（3）距离；（4）像与物体大小；（5）不能；虚；（6）不变；（7）改变光路。【点评】本题考查了平面镜成像实验中一些注意的问题和操作细节，有一定综合性，但难度不大。21．图甲为测定“小灯泡电功率”的实验电路，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10Ω。（1）小明连接好电路后，闭合开关，移动滑片，发现小灯泡始终不亮，且电压表有示数，电流表无示数，则故障原因可能是灯泡断路。（2）排除故障闭合开关，移动滑片P到某位置，电压表示数（如图乙所示）为2.2V，则此时灯泡消耗的实际功率小于额定功率（选填“大于”、“小于”或“等于”）。（3）小明继续移动滑动变阻器的滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成I﹣U图象（图丙），根据图象，可计算出小灯泡的额定功率是0.5W。（4）进一步分析图象可知，随着灯泡两端电压的增大，灯丝电阻逐渐增大，造成这一现象的原因可能是灯丝的电阻随温度的升高而增大。（5）小敏将原电路中的小灯泡先后换接阻值分别为5Ω、10Ω和20Ω的定值电阻，探究“电流与电阻关系”①先将5Ω的电阻接入电路，移动变阻器滑片，使电压表示数为2V，此时，电流表的示数为0.4A．然后换接10Ω的电阻，为了保持电压表示数不变，此时滑动变阻器的滑片应向右（左/右）移动。②实验中为了保证接入20Ω的定值电阻时，保持电压表示数不变，则滑动变阻器的最大阻值应不小于25Ω。【分析】（1）灯泡不发光，电流表指针不发生偏转，电路断路，电压表有偏转，电压表与电源接通，由此分析解答；（2）根据电压表的量程和读数，当用电器两端的电压小于额定电压时，功率小于额定功率；（3）由图象读出灯泡正常发光时的电路，根据P＝UI计算得到额定功率；（4）导体电阻的决定因素有：导体的材料、长度、横截面积、温度四个因素。因此从导体的决定因素入手来分析此题；（5）①由欧姆定律计算电路中电流；要探究电流和电阻之间关系，必须保持电阻两端的电压不变，由此根据电路特点和欧姆定律分析解答；②应用串联电路特点与欧姆定律分析答题。【解答】解：（1）连好电路，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表无示数，但电压表有示数，说明在电压表两接线柱之间的电路是断路，所以出现故障的原因可能是灯泡断路。（2）由图乙可知，电压表量程为0﹣3V，分度值为0.1V，电压表示数为2.2V，此时灯泡的电压小于额定电压，故实际功率小于额定功率；（3）由丙可知，灯泡正常发光时（电压为2.5V），通过灯泡的电流为0.2A，所以灯泡的额定功率为：P＝UI＝2.5V×0.2A＝0.5W；（4）当灯泡中有电流通过时要发热，且电压越大，电流越大，灯泡的实际功率越大，温度越高，灯丝的电阻就越大；（5）①5Ω的电阻接入电路，电压表示数为2V，此时电流表的示数为：I＝＝＝0.4A；将5Ω的电阻换成了10Ω的电阻时，串联电路的总电阻变大，根据欧姆定律可知电路中电流变小，滑动变阻器分得的电压变小，电阻分得的电压变大；探究电流和电阻之间关系，必须保持电阻两端的电压不变，即与电阻并联的电压表示数不变，所以应调节滑片向右移动，增大滑动变阻器接入电路的电阻，使电压表的示数仍为2V；②电源电压为4.5V，定值电阻两端电压为2V，则滑动变阻器分压为4.5V﹣2V＝2.5V，当接入20Ω电阻时，由串联电路特点知：IR＝I滑，由欧姆定律有：＝，即：＝，解得：R滑＝25Ω，即变阻器最大阻值应不小于25Ω。故答案为：（1）灯泡断路；（2）2.2；小于；（3）0.5；（4）灯丝的电阻随温度的升高而增大；（5）①0.4；右；②25。【点评】本题是测定“小灯泡电功率”的实验，考查了故障分析、电表读数、功率计算，实验操作等，还考查了对控制变量法的应用，考查知识点多，综合性强，是一道好题。四．计算题（共2小题，满分22分）22．如图所示重力不计的轻杆AOB可绕支点O无摩擦转动，当把甲乙两物体如图分别挂在两个端点A、B上时，轻杆恰好在水平位置平衡，此时乙物体刚好完全浸没在装有水的容器里且水未溢出，物体乙未与容器底接触，已知轻杆长2.2m，支点O距端点B的距离为1.2m，物体甲的质量为8.28kg，物体乙的体积为0.001m3．（g＝l0N/kg。忽略绳重）求：（1）甲物体的重力；（2）乙物体受到水的浮力；（3）弹簧测力计的示数；（4）乙物体的密度。【分析】（1）根据G＝mg算出重力；（2）根据F浮＝ρ水gV排算出浮力；（3）根据杠杆的平衡条件算出弹簧测