福建省长汀一中2021-2022学年高三二诊模拟考试物理试卷含解析

2021-2022学年高考物理模拟试卷

注意事项：

1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。

2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。

3,请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。

4.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1.如图所示，一个质量为如带电量为+«的粒子在匀强电场中运动，依次通过等腰直角三角形的三个顶点A、B、C,

粒子在4、8两点的速率均为2即，在C点的速率为即，已知A8=d,匀强电场在45c平面内，粒子仅受电场力作用。

则该匀强电场的场强大小为（）

A"或国M2叫3叫

A♦。L•\J•

qdqdqdqd

2.如图所示为六根与水平面平行的导线的横截面示意图，导线分布在正六边形的六个角，导线所通电流方向已在图中

标出。已知每条导线在。点磁感应强度大小为综，则正六边形中心。处磁感应强度的大小和方向（）

B.大小2综，方向沿x轴负方向

C.大小4为，方向沿x轴正方向

D.大小48°,方向沿y轴正方向

3.关于静电场中的电场线，下列说法错误的是（）

A.电场线能够形象描述电场的强弱和方向

B.沿电场线的方向电势有可能升高

C.电场线总是垂直等势面指向电势降低的方向

D.沿电场线方向移动一正电荷，其电势能一定减小

4.如图所示，48是斜坡，8c是水平面，从斜坡顶端A以不同初速度y向左水平抛出同一小球，当初速度为时,

小球恰好落到坡底8。不计空气阻力，则下列图象能正确表示小球落地（不再弹起）前瞬间重力瞬时功率尸随y变化

关系的是

5.一个单摆在海平面上的振动周期是To,把它拿到海拔高度很高的山顶上，该单摆的振动周期变为T,关于T与7。

的大小关系，下列说法中正确的是（）

A.T=T0B.T>T0

C.T<T。D.无法比较7与To的大小关系

6.在平直公路上有甲、乙两汽车同向行驶，两车在0~f2时间内的修图像如图所示。已知两车在A时刻并排行驶，下

列说法正确的是

A.甲车的加速度越来越小

B.在072时间内，甲车的平均速度等于凡上

2

C.在0时刻，甲车在乙车后面

D.在女时刻，甲车在乙车前面

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7.如图所示，粗细均匀的光滑直杆竖直固定，轻弹簧一端连接于竖直墙上，另一端连接于套在杆上的小球上，小球处

于静止状态。现用平行于杆向上的力尸拉球，使小球沿杆缓慢向上移动，当弹簧水平时恰好处于原长，则从小球开始

向上运动直到弹簧水平的过程中，下列说法正确的是（）

A.拉力厂越来越大B.拉力厂先减小后增大

C.杆对球的作用力一直减小D.杆对球的作用力先增大后减小

8.一带正电的粒子仅在电场力作用下从A点经8、C运动到。点，其丫-，图象如图所示。分析图象后，下列说法正

确的是（）

A.A处的电场强度一定小于8处的电场强度

B.粒子在A处的电势能一定大于在B处的电势能

c.co间各点电场强度和电势都为零

D.A3两点间的电势差等于C8两点间的电势差

9.如图所示，C。、E尸是两条水平放置的、阻值可忽略的平行金属导轨，导轨间距为，在水平导轨的左侧存在方向

垂直导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为3,磁场区域的宽度为d,导轨的右端接有一阻值为K的电阻，左

端与一弯曲的光滑轨道平滑连接.将一阻值也为R,质量为小的导体棒从弯曲轨道上人高处由静止释放，导体棒最终

恰好停在磁场的右边界处.已知导体棒与水平导轨接触良好，且动摩擦因数为".下列说法正确的是

A.通过电阻R的最大电流为吆画

2R

B.流过电阻R的电荷量为要

C.整个电路中产生的焦耳热为，叫人

D.电阻R中产生的焦耳热为g"7g（〃-售/）

10.如图所示为两个固定在同一水平面上的点电荷，距离为d,电荷量分别为+Q和-Q,在它们连线的竖直中垂线

上固定一根长为L、内壁光滑的绝缘细管，有一带电荷量为+q的小球以初速度v0从上端管口射入，重力加速度为g,

静电力常量为k,则小球（）

6

$

%

$-一学.

i

fw

<

A.下落过程中加速度始终为g

B.受到的库仑力先做正功后做负功

C.速度先增大后减小，射出时速度仍为V。

D.管壁对小球的弹力最大值为8女尊

d-

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）某同学通过实验研究小灯泡的电流与电压的关系。实验器材如图甲所示，现己完成部分导线的连接。

（1）实验要求电表的示数从零开始逐渐增大，请按此要求用笔画线代替导线在图甲实物接线图中完成余下导线的连接

（2）某次测量电流表指针偏转如图乙所示，则电流表的示数为一A；

（3）该同学描绘出小灯泡的伏安特性曲线如图丙所示，根据图像可知小灯泡的电阻随电压增大而—（选填“增大”、“减

小，，或“不变，，）。将该小灯泡直接与电动势为3V、内阻为5。的电源组成闭合回路，小灯泡的实际功率约为一W（保

留二位有效数字）。

12.（12分）测定一节电池的电动势和内阻，电路如图甲所示，MN为一段粗细均匀、电阻率较大的电阻丝，定值电

阻Ro=1.0C。调节滑片P,记录电压表示数U、电流表示数/及对应的PN长度x,绘制了L/-1图像如图乙所示。

（1）由图乙求得电池的电动势E=V,内阻r=。。

（2）实验中由于电表内阻的影响，电动势测量值______其真实值（选填“大于”、“等于”或“小于”）。

（3）根据实验数据可绘出图像，如图丙所示。图像斜率为A,电阻丝横截面积为S,可求得电阻丝的电阻率〃=

，电表内阻对电阻率的测量_______（选填“有”或“没有”）影响。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图，一上端开口、下端封闭的细长玻璃管，下部有长乙=66cm的水银柱，中间封有长Lz=6.6cm的空气

柱，上部有长L3=44cm的水银柱，此时水银面恰好与管口平齐.已知大气压强为尸o=76cmHg.如果使玻璃管绕底端在

竖直平面内缓慢地转动一周，求在开口向下和转回到原来位置时管中空气柱的长度.（封入的气体可视为理想气体，在

转动过程中没有发生漏气.）

14.（16分）图示为某种透明介质异型砖的竖直截面，AZ）竖直，ABC为等腰直角三角形，5。是圆心为C的四分之一

圆弧，水平放置的光屏位于砖的下端且与4。垂直。现由蓝色和红色两种单色光组成的复色光垂直A8射向C点，在

光屏上。点的两侧形成间距为21cm的蓝色和红色两个光点。已知AC=BC=12cm,求该介质对红光的折射率。

15.（12分）如图所示，光滑水平面上放有用绝缘材料制成的“L”型滑板，其质量为"，平面部分的上表面光滑且足

够长。在距滑板的A端为L的3处放置一个质量为m、带电量为+4的小物体（可看成是质点），在水平匀强电场作

用下，由静止开始运动，已知M=3加，电场的场强大小为E,假设物体在运动中及与滑板A端相碰时不损失电量。

（1）求物体第一次与滑板端相碰前的速度大小；

（2）若小物体与滑板端相碰的时间极短，而且为弹性碰撞，求小物体从第一次与滑板碰撞到第二次碰撞的间隔时间。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、D

【解析】

粒子在A、8两点速度大小相同，说明A、8两点处于同一等势面上，电场线与等势面处处垂直，所以匀强电场的方

向应与A8边垂直，根据=可知直角边为幽，高为L,应用动能定理

22

Em2vmv

^^=^(oy-^o

求出电场的场强大小为

f_3加片

ZL一

qd

ABC错误，D正确。

故选D。

2、D

【解析】

根据磁场的叠加原理，将最右面电流向里的导线在0点产生的磁场与最左面电流向外的导线在0点产生的磁场进行合

成，则这两根导线的合磁感应强度为Bi;

同理，将左上方电流向外的导线在0点产生的磁场与右下方电流向里的导线在0点产生的磁场进行合成，则这两根导

线的合磁感应强度为历；

将右上方电流向里的导线在。点产生的磁场与左下方电流向外的导线在0点产生的磁场进行合成，则这两根导线的合

磁感应强度为当。

如图所示：

.♦、一

®Bz日

：风令0：

根据磁场叠加原理可知

B]=B、=B3=2B0

由几何关系可知B与曲的夹角为120。，故将电与治合成，则它们的合磁感应强度大小也为28°,方向与后的方向

相同，最后将其与B合成，可得正六边形中心处磁感应强度大小为43°,方向沿y轴正方向.

选项D正确，ABC错误。

故选D。

3、B

【解析】

A.电场线疏密描述电场的强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，而电场线上每一点的切线方

向表示电场的方向，故A正确，不符题意；

B.沿着电场线电势逐渐降低，电势降低最快的方向是场强的方向，故B错误，符合题意；

C.沿着电场线电势逐渐降低，故电场线总是垂直等势面，且指向电势降低最快的方向，故C正确，不符题意；

D.沿电场线方向移动一正电荷，电场力一定做正功，由功能关系可知正电荷的电势能一定减小，故D正确，不符题

意。

本题选错误的，故选B。

4、C

【解析】

当平抛的初速度丫4%时，小球均落在斜面上，具有相同的位移偏向角均等于斜面倾角。，可得：

1遍

tan2上=包,

尤vt2v

可得平抛时间：

2vtan/9

t=---------

g

则小球所受的重力的瞬时功率为：

P=mg-vv=mg-gt=2mgtan0-v

可知，P关于V构成正比例函数关系；

当平抛的初速度U>%时，小球均落在水平面上，平抛的竖直高度相同为h,有：

h,=1-2

则平抛时间为：

咔

则小球所受的重力的瞬时功率为：

P=mg-匕.=mg-gt=mg12gh

可知功率尸为恒定值；

综合两种情况可得C项的图像争取，ABD项的图像错误；

故选C。

5、B

【解析】

单摆的周期公式丁=2兀J?,其放在高度很高的山顶上，重力加速度变小，其振动周期一定大，即

T>T()

故ACD错误，B正确。

故选B。

6、C

【解析】

A.根据X图象的斜率表示加速度，知甲车的加速度越来越大，故A错误；

B.在0〜打时间内，甲车的位移大于初速度为明末速度为V2的匀减速直线运动的位移,则甲车的平均速度大于乜土以，

2

故B错误；

C.根据一f图象的面积等于位移，在0%时间内，x甲〉xz,两车在A时刻并排行驶，则在0时刻，甲车在乙车后面,

故C正确；

D.在有心时间内，x乙〉x单，则在打时刻，甲车在乙车后面，故D错误。

故选C。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、AC

【解析】

AB.弹簧的弹力一直减小到零，弹力与竖直方向的夹角一直增大，设弹簧弹力片单与竖直方向的夹角为在小球缓

慢向上运动的过程中

F=mg-F弹cosa

可以分析得到户一直增大，故A正确，B错误；

CD.设弹簧的原长为L,则杆对小球弹力

=Fsina-k\-----Z,]sina=ZrL(l-sina)

Isina)

随a增大，。减小，故C正确，D错误。

故选AC»

8、BD

【解析】

A.由运动的速度-时间图象可看出，带正电的粒子的加速度在A点时较大，由牛顿第二定律得知在A点的电场力大,

故A点的电场强度一定大于B点的电场强度，故A错误；

B.由A到B的过程中，速度越来越大，说明是电场力做正功，电势能转化为动能，由功能关系可知，此过程中电势

能减少，所以A点的电势能高于B点的电势能，故B正确。

C.从C到D,粒子速度一直不变，故电场力做功为零，可知CD间各点电场强度为零，但电势不一定为零，故C错

误；

D.A、C两点的速度相等，故粒子的动能相同，因此从A到B和从B到C电场力做功的绝对值相同，AB两点间的

电势差等于CB两点间的电势差，故D正确。

故选BD.

9、ABD

【解析】

A.金属棒下滑过程中，机械能守恒，由机械能守恒定律得：

,1,

mgh=~,nv~

金属棒到达水平面时的速度

V=yf2gh

金属棒到达水平面后进入磁场受到向左的安培力做减速运动，则刚到达水平面时的速度最大，所以最大感应电动势为

E=BLv

最大的感应电流为

,BLvBLyflgh

~^R~~2R-

故A正确；

B.通过金属棒的电荷量

△①BLd

q~=

R+r2R

故B正确；

C.金属棒在整个运动过程中，由动能定理得：

mgh-7gd=0・0

则克服安培力做功：

整个电路中产生的焦耳热为

Q=WB=mgh•从mgd

故C错误；

D.克服安培力做功转化为焦耳热，电阻与导体棒电阻相等，通过它们的电流相等，则金属棒产生的焦耳热：

QR=；Q=gmg(h_〃d)

故D正确.

10、AD

【解析】

A.电荷量为+q的小球以初速度vo从管口射入的过程，因库仑力与速度方向垂直，竖直方向只受重力作用，加速度始

终为g,故A正确；

B.小球有下落过程中，库仑力与速度方向垂直，则库仑力不做功，故B错误；

C.电场力不做功，只有重力做功；根据动能定理，速度不断增加，故C错误；

D.在两个电荷的中垂线的中点，单个电荷产生的电场强度为：

kQ

根据矢量的合成法则，则有电场强度最大值为雷，因此电荷量为+q的小球受到最大库仑力为8k竽，结合受力分

析可知，弹力与库仑力平衡，则管壁对小球的弹力最大值为8k黑，故D正确；

d

故选AD.

点睛：对于等量异种电荷，根据矢量的合成法则，中垂线的中点的电场强度最大，在无穷远的电场强度为零；点电荷

靠近两个电荷的连线的中点过程，电场力不做功；中点处的电场强度最大，则库仑力也最大，弹力也是最大，从而即

可求解.

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11,0.44增大0.44（0.43.0.46均对）

【解析】

(1)[1].滑动变阻器的滑片滑动过程中，电流表的示数从零开始这渐增大，滑动变阻器采用分压接法，实物电路图如图

所示：

(2)[2].由图示电路图可知，电流表量程为0.6A,由图示电流表可知，其分度值为0.02A,示数为0.44A；

(3)13],根据图像可知小灯泡的电阻随电压增大而增大。

由图示图象可知，灯泡两端电压U=1.3V,通过灯泡的电流/=0.34A,灯泡功率

P=U/=1.3xO.34M.44W

12、1.490.45小于kS没有

【解析】

(1)口][2]由闭合电路欧姆定律可知

U=E-I(r+R»)

则可知图2中的图象与纵坐标间的交点表示电动势，故E=1.49V；

图象的斜率表示(r+Ro),则

1.49-1.2

=1.45Q

0.20

解得

r=1.45-1.0=0.45£2

(2)[3]由图示可知，伏安法测电阻相对于电源来说采用电流表外接法，由于电压表分流作用，电流表测量值偏小，当外

电路短路时，电流测量值等于真实值，电源的图象如图所示

6

%.

由图象可知，电动势测量值小于真实值，电源内阻测量值小于真实值。

（3）［4北5］根据欧姆定律可知，电阻

R*=经

IS

则可知

k=2

s

解得

p=kS

若考虑电流表的内阻，则一=管-（，则图象的斜率不变，所以得出的电阻率没有影响。

四、计算题：本题共2小题，共26分