重庆市渝北中学2023-2024学年高三上学期12月月考物理答案

渝北中学2023-2024学年高三12月月考质量监测物理参考答案及评分标准一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分）1234567DBBCDDC二、多项选择题（本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）8910BDABACD1D

研究运动员的技术动作，不能忽略运动员的大小和形状，不可以将其看成质点，A错误；每场比赛用时15

min，指的是时间间隔，B

错误；两个运动员若相对静止，说明他们加速度相同，速度也相同，C错误；运动员在转弯跑时，速度方向不断变化，一定有加速度，D正确。2【答案】B【详解】A．根据万有引力提供向心力GMm问天实验舱所处的圆轨道距地面高度越高，轨迹半径越大，则环绕速度越小，故A错误；B.根据v=GMR可知，当速度相等时，轨迹半径可以相同，故C．返回舱中的宇航员处于失重状态，地球的引力恰好提供向心力，故C错误；D．返回舱穿越大气层返回地面过程中，有摩擦力做功，机械能有损失，故D错误。故选B。3.【答案】B【详解】A．对两环和书本的整体受力分析，竖直方向：2N=mg，可知将两环距离变小后杆对A环的支持力不变，选项A错误；BD．对圆环B受力分析可知，f=Tcosθ；对书本：2Tsinθ=mg，解得f=mg2tanθ（其中的θ是绳与杆之间的夹角），则当两环距离变小后，θ变大，则f减小，与B环相连的细绳对书本的拉力T变小，选项C．同理，杆对A环的摩擦力减小，杆对A环的支持力不变，则杆对A环的力减小，选项C错误．【解析】A、B根据等量同种电荷电场的分布情况和对称性可知，A、B两点电场强度大小相等，方向不同，则电场强度不同。A、B两点的电势相等，故A错误，B错误

C.两个＋q点电荷在A点产生的电场强度大小均为，夹角为60'，则A点的电场强度大小为EA=2Ecos30°=故C正确

D.A、B两点的电势相等，将一正点电荷从A点移动到B点，电场力不做功，故D错误

故选：C5.【答案】D【详解】A．由闭合电路欧姆定律I=电路中的电流与压力F没有线性关系，刻度盘标注的质量刻度不均匀，故A错误；B．若使用前质量示数大于零，电流偏小，应减小电阻，将R2的滑片向左滑动，故B错误；C．电子秤的示数越大，电路中电流越小，电源的总功率P=EI越小，故C错误；D．电池的内阻增大，电动势不变，若能调零，电流表仍可以满偏，称量值仍准确，故D正确。故选D。6.【答案】D【详解】由图知电流从左向右流动，因此电子的运动方向为从右向左，根据左手定则可知电子偏转到后面表，因此前表面的电势比后表面的高，故A错误，电子在运动过程中洛伦兹力和电场力平衡，有F洛=evB,F电=eE=eUa，故F洛=7.【答案】C【详解】A．根据楞次定律可知，从上向下看，圆管中的感应电流为逆时针方向，故A错误；B．根据法拉第电磁感应定律可知，圆管中的感应电动势大小为E=故B错误；C．根据电阻定律可知，圆管在沿感应电动势方向的电阻为R=ρ根据闭合电路欧姆定律可知，圆管中的感应电流大小为I=故C正确；D．根据对称性以及左手定则可知，圆管所受合安培力为零，台秤的读数始终不变，故D错误。故选C。8.【答案】BD【详解】A．根据h=12gt设落在A点的小球下落的高度为hA，由图根据几何关系可知则三次抛出小球后，小球在空中飞行的时间之比为t故A错误；B．小球落到A、B两点时，则小球都落在斜面上，则小球位移与水平方向夹角的正切值为tan则小球速度方向与水平方向夹角的正切值为tan可知，小球速度方向与初速度的大小无关，则小球落到A、B两点时，其速度方向相同，故B正确；CD．根据x=解得v则小球落到A、B两点，则两次抛出时小球的速率之比为v则小球落到A、C两点，则两次抛出时小球的速率之比为v故C错误D正确。故选BD。9.【答案】AB【详解】A．由几何关系可知a、b运动轨迹的圆心角分别为αa=60°，αb=粒子a和b在磁场中运动的半径之比为ra:rbB．由qvB=mv2则粒子a和b在磁场中运动的动量大小之比为pa:pC．由动能与动量的关系可得E由于粒子质量未知，所以无法求出粒子a和b在磁场中运动的动能之比，故C错误；D．粒子在磁场中运动的时间为t=同理由于粒子质量未知，无法求出粒子a和b在磁场中运动的时间，故D错误。故选AB。10.【答案】ACD【详解】A．从A到B过程中，电场力一直做负功，小球的机械能一直减小，故A正确；B．等效重力的与竖直线夹约37°偏左下方，所以从A到B过程中，小球速度先增大后减小，对轨道的压力先增大后减小，故B错误；C．B点比A点更靠近等效最低点，所以vA<vBD．从A到B，由动能定理mgR-EqR=解得v之后小球做斜抛运动，在垂直于等效场方向上的分速度即为最小速度，则v故D正确。故选ACD。三、非选择题（本题共5小题，共57分。）;11.（6分）【答案】C3.100.138Lkd2【详解】（1）[1]A．通过力传感器可知直接得出滑块受到的绳子的拉力，不需要测量重物和遮光条的总质量为m，故A错误；B．若补偿阻力，将无法测量滑块与长木板之间的摩擦因数，故B错误；C．调整滑轮及力传感器的位置，使绳子处于水平状态，这样可以让绳子拉力和摩擦力处于同一条直线上，便于测量，故C正确；D．通过力传感器可知直接得出滑块受到的绳子的拉力，不需要保证重物质量远小于滑块及遮光片的总质量，故D错误。故选C。（2）[2]遮光条的宽度d=3（3）[3]遮光片通过光电门时的速度v=（4）[4][5]滑块的速度为v滑块的位移为x对滑块，由动能定理得FL-μMg⋅联立可得F=可知F-1Δ截距b=12μMg滑块与长木板之间的动摩擦因数μ=（9分）【答案】最大值黑B2.501bk【详解】（1）[1]开关闭合前，应将电路中电阻调到最大值，从而使开关闭合后电路中电流最小，起到保护电路的作用。（2）[2]a与电源负极相连，应将黑表笔始终接触a位置。[3]试触b、c、d时，多用电表均有示数，试触e、f时多用电表均无示数，说明接线柱de间断路。故选B。（3）[4]如图2所示，电压表示数为2.50V。（4）[5][6]由欧姆定律和闭合电路欧姆定律可知U=IRI=联立可得1U=R0+rE⋅解得电动势为E=1b（5）[7]由题意可知I=可知电流I为电阻箱中的电流，由于电压表的分流作用通过电源的电流满足I当电压表示数为0时，即外电路短路时，有I=I真故D正确，ABC错误。故选（12分）:(1)4分,(2)4分,(3)4分【答案】（1）2m/s2；（2）5:2；（3）25m【详解】(1)对人和滑板受力分析，根据牛顿第二定律有mgsin解得a1=2故人在斜坡上下滑的加速度大小为2m/s2。在地面滑动时有μmg=ma2解得a设人滑到B点时的速度为v1，则有v1=解得t1t故人在斜坡上滑行的时间和在直道上滑行时间的比值为5:2。(3)法一：设高为h，则斜面长为x=水平面BC长为L=s-hcotθ=50-滑到B点时的速度为v12又有L=v1代入得50-解得h=25m..........................1故高度h为25m。法二：全过程动能定理：14.（12分）:(1)2分,(2)5分,(3)5分..........1分....1分15.（18分）:(1)3分(2)8分(3)7分【解析】(1）小球在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，

重力与电场力是一对平衡力，由平衡条件得：qE1=mg,

解得：E=2V/m，电场力方向竖直向上，小球带正电，则场强方向：竖直向上；

(2）小球在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，

根据牛顿第二定律解得：r=0.3m,设小球第一次离开磁场的位置为N点，如图所示：

由几何知识可知，小球a第一次离开磁场时速度方向沿y轴正方向，

先沿y轴正方向做匀减速直线运动，再沿y轴负方向从静止做匀加速直线运动并经过OM再次进入磁场，从Q点第二次进入电场做类平抛运动到O点，对其类平抛过程：

由位移公式得：,由牛顿第二定律得：mg+qE2=ma,解得：E2=4V/m;）设小球a在磁场中运动恰好组成一个完整的圆，则在磁