湖北省黄冈、华师大附中等八校2023年物理高二第一学期期末检测模拟试题含解析_第1页
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文档简介

湖北省黄冈、华师大附中等八校2023年物理高二第一学期期末检测模拟试题注意事项1.考生要认真填写考场号和座位序号。2.试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上,在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答;第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3.考试结束后,考生须将试卷和答题卡放在桌面上,待监考员收回。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、如图所示是一种焊接方法的原理示意图.将圆形待焊接金属工件放在线圈中,然后在线圈中通以某种电流,待焊接工件中会产生感应电流,感应电流在焊缝处产生大量的热量将焊缝两边的金属熔化,待焊接工件就焊接在一起了.我国生产的自行车车轮圈就是用这种办法焊接的.下列说法中正确的是()A.这种焊接方法的原理是电流的磁效应B.线圈中通入的交流电频率越高,焊缝处温度升高的越快C.线圈中的电流是很强的恒定电流D.待焊接工件中的感应电流方向与线圈中的电流方向总是相反2、如图,平行板电容器的两极板竖直放置并分别与电源的正负极相连,一带电小球经绝缘轻绳悬挂于两极板之间,处于静止状态现保持右极板不动,将左极板向左缓慢移动关于小球所受的电场力大小F和绳子的拉力大小T,下列判断正确的是A.F逐渐减小,T逐渐减小B.F逐渐增大,T逐渐减小C.F逐渐减小,T逐渐增大D.F逐渐增大,T逐渐增大3、如图甲是我国自行研制成功的中央处理器(CPU)芯片“龙芯”1号,图乙中,R1和R2是两个材料相同、厚度相同、表面为正方形的芯片内部电阻,R2的尺寸远远小于R1的尺寸。若通过两电阻的电流方向如图所示,则R1、R2关系判断正确的是A.R1=R2B.R1<R2C.R1>R2D.无法确定4、如图所示,两个闭合圆形线圈A,B的圆心重合,放在同一个水平面内,线圈B中通如图所示的电流,设t=0时电流沿逆时针方向(图中箭头所示),对于线圈A在t1~t2时间内的下列说法中正确的是()A.有顺时针方向的电流,且有扩张的趋势B.有顺时针方向的电流,且有收缩的趋势C.有逆时针方向电流,且有扩张的趋势D.有逆时针方向的电流,且有收缩的趋势5、如图所示,在光滑的水平绝缘杆上,套有一个通电线圈(从右侧向左看电流为顺时针方向),线圈左侧放置一个与线圈共轴的螺线管。闭合开卷后,将通电线圈由图示位置静止释放。下列说法正确的是A.线圈向右运动,磁通量增大 B.线圈向右移动,磁通量减小C.线圈向左移动,磁通量增大 D.线圈向左移动,磁通量减小6、如图所示,在匀强磁场中有一水平绝缘传送带以速度ν沿顺时针方向传动.现将一带正电的小物块轻放在传送带的左侧.设小物块在运动过程中电量保持不变,则小物块运动情况可能正确的是A.小物块先做匀加速运动,最后做匀速直线运动B.小物块做加速度增大的加速运动,最后脱离传送带向上做曲线运动C.小物块做加速度减小的加速运动,最后做匀速直线运动D.小物块做加速度减小加速运动,最后脱离传送带向上做曲线运动二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、质量为m、带电荷量为q的小物块,从倾角为θ的光滑绝缘斜面上由静止下滑,整个斜面置于方向水平向里的匀强磁场中,磁感应强度为B,如图所示.若带电小物块下滑后某时刻对斜面的作用力恰好为零,下面说法中正确的是()A.小物块下滑时受洛伦兹力方向垂直斜面向下B.小物块在斜面上运动时做匀加速直线运动且加速度为gsinθC.小物块在斜面上运动时做加速度增大,而速度也增大的变加速直线运动D.小物块在斜面上从下滑到对斜面压力为零用的时间为8、如图,电流表A1(00.6A)和A2(03A)是由两个相同的电流计改装而成,现将这两个电流表并联后接入电路。闭合开关S,调节滑动变阻器,下列说法中正确的是()A.A1、A2的读数之比为1:5B.Al、A2的读数之比为1:1C.A1、A2的指针偏转角度之比为1:1D.Al、A2的指针偏转角度之比为1:59、如图所示,匀强磁场分布在平面直角坐标系的整个第I象限内,磁感应强度为B、方向垂直于纸面向里,一质量为m、电荷量绝对值为q、不计重力的粒子,以某速度从0点沿着与y轴夹角为30°的方向进入磁场,运动到A点时,粒子速度沿x轴正方向,下列判断正确的是A.粒子带正电B.粒子由O到A经历的时间为C.若已知A到x轴的距离为d,则粒子速度大小为D.离开第I象限时,粒子的速度方向与x轴正方向的夹角为60°10、如图所示,磁感应强度为B的矩形磁场区域长为,宽为L,甲、乙两电子沿矩形磁场的上方边界从A点射入磁场区域,甲、乙两电子分别从D点和C点射出磁场,则甲、乙两电子在磁场运动的过程中()A.速率之比为1:4 B.角速度之比为1:3C.路程之比为4:3 D.时间之比为3:1三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)测量一节干电池的电动势和内阻.实验室除提供开关S和导线外,还有以下器材可供选择:A.电压表V(量程3V,内阻RV=10kΩ)B.电流表A1(量程3mA,内阻Rg1=99.5Ω)C.电流表A2(量程1500mA,内阻Rg2=0.5Ω)D.滑动变阻器R1(阻值范围0~10Ω,额定电流2A)E.滑动变阻器R2(阻值范围0~1000Ω,额定电流1A)F.定值电阻R3=0.5Ω(1)根据可选用的器材,设计了如图1所示的测量电路图(2)该同学应该将电流表_____(选填A1或A2)与定值电阻R3并联,改装成一个量程是_____A的新电流表(3)滑动变阻器选用______(选填“R1”或“R2”)(4)利用上述测量电路测得数据,以电流表A的直接读数I为横坐标,以电压表V的读数为U纵坐标绘出了如图2所示的图线,根据图线可求出电源的电动势E=_____V(结果保留三位有效数字),电源的内阻r=_____Ω(结果保留两位有效数字)12.(12分)一多用电表的欧姆档有4档,分别为×1Ω、×10Ω、×100Ω、×1kΩ,现用它来测量一未知电阻的阻值.当用×100Ω档测量时,发现指针偏转的角度很大,为了使测量结果更准确,测量前就进行如下两项操作,先__________,接着____________,然后再测量并读数.若要欧姆表测某个二极管的的正向电阻,则要将红笔接在二极管的_______(选填“正极”或“负极”)四、计算题:本题共3小题,共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如图,两根间距为L=0.5m的平行光滑金属导轨间接有电动势E=3V、内阻r=1Ω的电源,导轨平面与水平面间的夹角θ=37°.金属杆ab垂直导轨放置,质量m=0.2kg.导轨与金属杆接触良好且金属杆与导轨电阻均不计,整个装置处于竖直向上的匀强磁场中.当R0=1Ω时,金属杆ab刚好处于静止状态,取g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8(1)求磁感应强度B的大小;(2)若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上,求金属杆的加速度14.(16分)如图所示,水平放置的两块长直平行金属板a、b相距d=0.10m,a、b间的电场强度为E=5.0×105N/C,b板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场.今有一质量为m=4.8×10-25kg、电荷量为q=1.6×10-18C的带正电的粒子(不计重力),从贴近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入匀强电场,刚好从狭缝P处穿过b板而垂直进入匀强磁场,最后粒子回到b板的Q处(图中未画出).求P、Q之间的距离L15.(12分)ABC表示竖直放在电场强度为E=104V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道,其中轨道的BC部分是半径为R的圆环,轨道的水平部分与半圆环相切.A为水平轨道上的一点,而且AB=R=0.2m,把一质量m=0.1kg,带电量为q=+C的小球,放在A点由静止释放后,求:(g=10m/s2)(1)小球到达C点的速度大小(2)小球在C点时,轨道受到的压力大小

参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】恒定电流不能在工件中产生感应电流,频率很高,磁通量变化快,产生感应电动势较大,磁通量减少时,焊接工件中的感应电流方向与线圈中的电流方向相同【详解】A、B项:高频焊接利用高频交变电流产生高频交变磁场,在焊接的金属工件中就产生感应电流,根据法拉第电磁感应定律分析可知,电流变化的频率越高,磁通量变化频率越高,产生的感应电动势越大,感应电流越大,焊缝处的温度升高的越快,故A错误,B正确;C项:恒定电流不能在工件中产生感应电流,故C错误;D项:若磁通量减少时,焊接工件中的感应电流方向与线圈中的电流方向相同,故D错误故选B【点睛】本题考查了电磁感应现象在生产和生活中的应用,注意要会分析应用的原理2、A【解析】电容器与电源相连,所以两端间电势差不变,将左极板向左缓慢移动过程中,两板间距离增大,由可知,电场强度减小,电场力减小,小球处于平衡状态,受重力、拉力与电场力的作用,受力如图所示,根据力的合成法得:由于重力不变,电场力减小,故拉力减小;A.逐渐减小,逐渐减小与分析相符,故A正确;B.逐渐增大,逐渐减小与分析不符,故B错误;C.逐渐减小,逐渐增大与分析不符,故C错误;D.逐渐增大,逐渐增大与分析不符,故D错误3、A【解析】设导体的电阻率为ρ,厚度为d,边长为L,则由电阻定律得导体的电阻:可知电阻与边长L无关,只取决于厚度,故R1=R2。A.R1=R2。与上述结论相符,故A正确;B.R1<R2。与上述结论不符,故B错误;C.R1>R2。与上述结论不符,故C错误;D.无法确定。与上述结论不符,故D错误。故选:A。4、D【解析】根据增反减同原理可知,当B线圈中的电流反向增大时,A中感应电流产生的磁场方向应垂直纸面向外,即感应电流方向为逆时针,根据增缩减扩原理可知线圈A有收缩趋势。故选D。5、C【解析】闭合开关后螺线管中通电,产生磁场,磁场对右侧通电线圈有安培力,杆光滑,则合力等于安培力,由右手螺旋法则可知,螺线管右端为S极,线圈左端相当N极,则通电线圈受安培力向左移动。向左移动,靠近磁极,磁感应强度增大,根据可知,磁通量增大;A.线圈向右运动,磁通量增大,与结论不相符,选项A错误;B.线圈向右移动,磁通量减小,与结论不相符,选项B错误;C.线圈向左移动,磁通量增大,与结论相符,选项C正确;D.线圈向左移动,磁通量减小,与结论不相符,选项D错误;故选C。6、C【解析】滑块受重力、支持力、洛伦兹力和静摩擦力,根据牛顿第二定律分析加速度的变化【详解】滑块受重力、支持力、向上的洛伦兹力和静摩擦力,根据牛顿第二定律,有:μ(mg-qvB)=ma,随速度的增加,滑块的加速度逐渐减小,直到mg=qvB时加速度减为零,滑块做匀速运动,故选C.二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、BD【解析】A.带电小物块能够离开斜面,速度沿斜面向下,根据左手定则可知洛伦兹力应垂直斜面向上,故A错误;BC.对小物块受力分析,沿斜面方向根据牛顿第二定律:解得加速度:,小物块做匀加速直线运动,故B正确,C错误;D.小物块对斜面压力为零,在垂直于斜面方向:从静止到离开斜面用时:故D正确。故选BD8、AC【解析】这两个电流表是并联接入电路的,所以这两个电流计也是并联的,且两个电流计两端电压相等,所以通过这两个电流计的电流相等,即两个电流表的指针偏转角度相同,因为他们的量程之比为1:5,所以两个电流表的读数之比为1:5,故AC正确,BD错误。故选AC。9、CD【解析】根据题意作出粒子运动的轨迹如图所示,根据左手定则判断知,此粒子带负电,故A错误;根据几何知识可知,从O点到A点轨迹的圆心角为60°,,B错误;由图可得:,所以.而粒子的轨迹半径为,联立可得,C正确;粒子在O点时速度与x轴正方向的夹角为60°,x轴是直线,根据圆的对称性可知,离开第一象限时,粒子的速度方向与x轴正方向的夹角为60°,故D正确;【点睛】带电粒子在匀强磁场中运动时,洛伦兹力充当向心力,从而得出半径公式,周期公式,运动时间公式,知道粒子在磁场中运动半径和速度有关,运动周期和速度无关,画轨迹,定圆心,找半径,结合几何知识分析解题,10、AD【解析】A.根据几何关系可知,甲的轨道半径为,乙的轨道半径为2L,根据公式因此解得,速度之比等于半径之比,因此甲乙速率之比为1:4,故A正确;B.根据公式解得角速度之比为1:1,故B错误;C.根据几何关系可知,甲的圆心角为,乙的圆心角为,因此其路程分别为,因此路程之比为3:16,故C错误;D.根据公式可知,甲乙电子运动周期相同,因此其运动时间跟圆心角有关,即解得,其运动时间之比为3:1,故D正确。三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、①.(2)A1②.0.6③.(3)R1④.(4)1.48(1.47~1.49)⑤.0.84(0.82~0.86)【解析】(2)根据并联电路的特点求解改装后的电流表对应的量程;(3)根据方便的原则选择滑动变阻器;(4)根据电流表G读数与改装后电流表读数的关系,由闭合电路欧姆定律求出电源的电动势和内阻;【详解】(2)电流表A1量程过小,而A2量程过大,则可用电流表A1,与定值电阻R3并联,改装成一个量程是的新电流表;(3)一节干电池的电动势约E=1.5V,为方便实验操作,滑动变阻器应选R1,它的阻值范围是0-10Ω;(4)由上可知,改装后电流表的量程是电流表G量程的200倍,图象的纵截距b等于电源的电动势,由图读出电源的电动势为:E=1.48V图线的斜率大小k=r,由数学知识知:,则电源的内阻为:r=k=0.84Ω;【点睛】量电源的电动势和内电阻的实验,采用改装的方式将表头改装为量程较大的电流表,再根据原实验的研究方法进行分析研究,注意数据处理的方法.12、(1).把选择开关拨到×10Ω挡(2).进行欧姆调零(3).负极【解析】[1][2]用×100Ω挡测量某电阻时,操作步骤正确,发现指针的偏转角度很大,说明在此倍率下是小电阻,所选档位太大,为了较准确地进行测量,需将测量数字变大,则倍率档换低档,应换到×10Ω挡,换挡后要重新进行

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