2021届广东省湛江市高考物理二模试卷(含答案解析)

2021届广东省湛江市高考物理二模试卷

一、单选题（本大题共7小题，共28.0分）

1.COVID-19引起的肺炎病人在进行C7诊断时，肺部影像呈白色（“白肺”），其物理原理是利用

X射线穿透人体肺部进行扫描并呈现灰度不同的图象。X射线的穿透量受物质吸收程度的影响，

吸收程度与物质的密度等因素有关。密度越小，吸收X射线的本领越弱，透过人体的量就越多，

呈现的图片就越暗，如空气等。密度越大，吸收X射线的本领越强，透过人体的量就越少，呈现

的图片为白色，如骨骼等。X射线被物质的吸收主要产生两种效应：光电效应和康普顿效应。依

据以上信息，下列说法中，不正确的是（）

A.光电效应现象是爱因斯坦最先发现的

B.X射线光子被原子中的电子全部吸收从原子中飞出变为具有一定动能的光电子的现象，属于

光电效应，说明X射线具有粒子性

C.光电效应中，X射线频率越高，从同种原子中飞出的光电子的最大初动能越大

D.X射线光子只被电子部分吸收，电子能量增大，光子被散射出去，散射光子波长变长，这说

明光子既具有能量又具有动量，这属于康普顿效应，说明了X射线具有粒子性

2.如图所示，光滑固定斜面倾角为30。，上端固定光滑小滑轮，跨过小滑

轮的轻绳两端连接质量都为讥的小物体P和Q（都可看做质点），Q离水产

平地面的高度为九，已知当地重力加速度为g。现释放小物体P和Q,对

它们之后的运动，以下说法正确的是（）

A.Q着地前轻绳的张力为mg

B.Q着地前轻绳的张力为:rng

C.Q着地前的最大速度大小为照

D.P沿斜面上升过程中，轻绳拉力对P做的功为了[mg九

O

XXX

为了科学研究的需要，常常将带电粒子储存在圆环形状空腔中，圆环二

X/X、

状空腔置于一个与圆环平面垂直的匀强磁场中，如图所示.如果磁场[＜（B

的磁感应强度为B,质子（阳）和a粒子（$He）在空腔中做圆周运动的轨x

迹相同，质子和a粒子在圆环空腔中运动的速率分别为小和外,运动vv

周期分别为3和兀，则以下判断正确的是（）

A.vHva-,TH*TaB.vH—va；TH-Ta

c.vH=va；TH=TaD.vHHva；TH=Ta

4.如图所示，质量为小的物块与转台之间的最大静摩擦力为物块重力的k倍，物

块与转轴。。'相距R,物块随转台由静止开始转动，当物块速度由0增加到。时，厂11二^^

物块即将在转台上滑动，此时转台恰好开始匀速转动，已知重力加速度为g,

则在物块由静止到滑动前的这一过程中，转台的摩擦力对物块做的功为（）

A.0B.3kmgRC.mv2D.211kmgR

5.金星和地球绕太阳的运动可以近似地看作同一平面内的匀速圆周运动，根据表中数据，金星和

地球相比（）

行星行星半径/m行星质量/kg轨道半径/小

地球6.4x1066.0x10241.5x1013

金星6.1x1064.8x10241.1x1013

A.金星的公转周期较大B.金星的向心加速度较大

C.金星表面的重力加速度较大D.金星的第一宇宙速度较大

6.如图所示，abed是一个用粗细均匀、同种材料的导线弯折成的长方形线

框，线框竖直放置，加长度为L,be长度为02。匀强磁场的方向垂直于

金属框平面向里，磁感应强度大小为8。若金属框a、b两端与恒压电源

相连，电流方向如图所示，若通过ab边的电流大小为/,则金属框受到的

安培力大小和方向分别为（）

A.|B/L,方向竖直向上B.2B1L,方向竖直向上

C.汨3方向竖直向下D.3BIL,方向竖直向下

7.根据实际需要，磁铁可以制造成多种形状，如图就是一根很长的光滑圆柱形磁棒，在它的侧面

有均匀向外的辐射状磁场.现将磁棒竖直固定在水平面上，磁棒外套有一个粗细均匀圆形金属

线圈，金属线圈的质量为m,半径为R,电阻为r,金属线圈所在位置的磁场的磁感应强度为B.让

金属线圈从磁棒上端静止释放，经一段时间后与水平面相碰并原速率反弹，又经时间t,上升速

度减小到零.则关于金属线圈与地面撞击前的速度心撞击反弹后上升到最高点的过程中，通过

金属线圈某一截面的电量q,下列说法中正确的是（）

（a）纵枝面示韶（b）俯视图

A.mgrB-黑

4B2R2

Q_m2grmgt

■q-8n3B3R32nBRD.q=0

二、多选题（本大题共7小题，共30.0分）

8.如图所示，一个质量为m的物体（可视为质点）以某一速度从4点冲上倾角

为30。的固定斜面，其运动的加速度为g,这物体在斜面上上升的最大高度

为小，则在这个过程中物体的（）

A.整个过程中物体机械能守恒B.重力势能增力□了?ng/i/2

C.动能损失了2/ng/iD.机械能损失了mgh

9.2020年6月8日，我国“海斗一号”无人潜水器成功完成了万米海试任务，填补了我国万米级作

业型无人潜水器的空白。如图所示，假设某次海试活动中，“海斗一号”完成海底任务后，以

初速度%=2m/s、加速度a=2?n/s2由。向8竖直上浮做匀加速直线运动，在到达8点前1s内,

所上浮的距离4B为卷3其中L=OB,下列判断正确的是（）

A.竖直距离OB长为30m

B.竖直距离4B长为7m

C.“海斗一号”由。向B运动的时间为3s

D.“海斗一号”到达B点的速度大小是6m/s

10.古时有“守株待兔”的寓言，设兔子的头部受到大小等于自身重力的打击力时即可致死，并设

兔子与树桩作用的时间为0.2s,取g=10m/s2,则被撞死的兔子的奔跑速度可能为（）

A.lm/sB.1.5m/sC.2m/sD.2.5m/s

11.如图所示为一种质谱仪示意图，由加速电场、静电分析器和磁分析器组成.若静电分析器通道

中心线的半径为R,通道内均匀辐射电场在中心线处的电场强度大小为E,磁分析器有范围足够

大的有界匀强磁场，磁感应强度大小为8、方向垂直纸面向外.一质量为m、电荷量为q的粒子

从静止开始经加速电场加速后沿中心线通过静电分析器，由P点垂直边界进入磁分析器，最终打

到胶片上的Q点.不计粒子重力.下列说法正确的是（）

静电分析器

加速电场

股片

展分析器・

A.极板M比极板N电势高

B.加速电场的电压U=押口

C.直径PQ=2BjqmER

D.若一群离子从静止开始经过上述过程都落在胶片上同一点，则该群离子有相同的比荷

12.如图所示，4、B、C为电场中同一电场线上三点，设电荷在电场中

只受电场力，则下列说法中正确的是（）

A.若在C点无初速地释放正电荷，则正电荷向B运动，电势能减小

B.若在C点无初速地释放正电荷，则正电荷向8运动，电势能增加

C.若在C点无初速地释放负电荷，则负电荷向4运动，电势能减少

D.若在C点无初速地释放负电荷，则负电荷向B运动，电势能减小

13.对于一定量的理想气体，下列说法正确的是（）

A.当气体温度变化时，气体内能一定变化

B.若气体的内能不变，其状态也一定不变

C.若气体的压强和体积都不变，其内能也一定不变

D.若气体的温度随时间不断升高，其压强也一定不断增大

E.气体温度每升高1K所吸收的热量与气体经历的过程有关.

14.。点为波源，t=0时刻开始向+y方向振动，形成沿x轴正方向传播的一列简谐横波。距离。点为

巧=3沉的质点4的振动图象如图甲所示；距离。点为肛=4m的质点B的振动图象如图乙所示;

距离。点为心=5m的质点C的振动图象如图丙所示。由此可知

C.该波的波速为lm/sD.该波的波速为0.5m/s

三、实验题（本大题共2小题，共14.0分）

15.在解究力的平行四边形定则》实验时某兴趣小组用如图甲所示的两个力拉弹簧使之伸长至某

个位置，并记录，再换一根细线牵引弹簧，使弹簧伸长到同一位置.

（1）本实验采用的科学方法是

人理想实验法B.等效替代法C.控制变量法D.建立物理模型法

（2）某同学在坐标纸上画出了如图乙所示的两个已知力&和尸2,图中小正方形的边长表示2N,则两力

的合力F=N,&与F的夹角为。=.

16.在做“测量电源的电动势和内电阻”的实验时，备有下列器材供选用

A.干电池一节（电动势约为1.5Q

B.直流电流表（0.64内阻0.10。，3A内阻0.025。）

C.直流电压表（3U内阻5k0,15V内阻25k0）

。.滑动变阻器（阻值范围0〜150,允许最大电流14）

E.滑动变阻器（阻值范围0〜10000,允许最大电流0.5A）

F.开关G.导线若干从电池夹

（1）将选定的器材按本实验要求的电路（系统误差较小），在图1所示的实物图上连线.

（2）如图2所示，电流表量程取0,64挡时读数为；量程取34挡时读数为；电压表量程

取3U挡时读数为；量程取15廿挡时读数为.

（3）根据实验记录，画出的U-/图象如图3所示，可得待测电池的内电阻为n.

(4)按本实验要求的电路测出的E卧r,哪与真实值比较,E潮_____E真，T测______”(选填

或“=”).

0-1000。

电油

图1图2图3

四、计算题(本大题共4小题，共28.0分)

17.如图所示，摩托车做腾跃特技表演，沿曲面冲上高九=0.8m顶部水平高台，接着以%=3m/s水

平速度离开平台4落至地面时恰能无碰撞地沿圆弧切线从B点切入竖直光滑圆弧BC轨道，滑到

最低点C时速度大小6m/s。已知圆弧半径R=2.0m,人和车的总质量m=180kg,4到C特技表

演的过程中，摩托车和人看成质点，忽略空气阻力。求：

(1)摩托车经过最低点C时对轨道的压力大小和方向；

(2)摩托车从4到B点的水平距离x；

(3)从平台飞出到达B点时速度的大小火及BC圆弧对应圆心角的正弦值。

18.如图所示，质量为m、边长为L的正方形线框，从有界的匀强磁场

上方由静止自由下落，线框电阻为R.匀强磁场的宽度为从«<%,

磁感应强度为B,线框下落过程中ab边与磁场边界平行且保持水平。二-城4

人人人人人人人

B

己知她边刚进入磁场时和讪边刚穿出磁场时线框都做减速运动，xxxxxxx/f

XXXXXXxv

加速度大小都为［g.求：'

(l)ab边刚进入磁场时和ab边刚出磁场时的速度大小;

(2)cd边刚进入磁场时，线框的速度大小；

(3)线框进入磁场的过程中，产生的热量。

19.如图甲，内壁光滑、导热性能良好且足够长的汽缸放置在水平

面上，汽缸内用质量m=2kg、横截面积S=lOOcm?的活塞封IS

闭一段理想气体。初始时封闭理想气体的温度为27汽，活塞位LJL

甲乙

于距离汽缸底3Oc?n处。已知大气压强po=1.0x105Pa,重力

加速度g=10m/s2o

⑴若对封闭的理想气体加热，使活塞缓慢向右移动，当温度升高到127久时，求活塞向右移动的距

离；

5)若保持初始状态的温度不变，将汽缸逆时针转动90。，稳定后在活塞上施加向下的力使活塞缓慢

向下移动，如图乙所示，当活塞离汽缸底部的距离为15cm时，求此时力尸的大小。

20.一半圆柱形透明物体横截面如图所示，地面AOB镀银，。表示半圆截

面的圆心，一束光线在横截面内从M点的入射角为氏为/?,且

MO1ON.求透明物体的折射率.

AOB

参考答案及解析

1.答案：A

解析：解：4、光电效应最早是由赫兹发现的，故A错误；

B、光电效应现象，说明X射线是具有粒子性，故B正确；

C、X射线频率越高，光电子初速度越大，则动能也越大，故C正确；

。、康普顿效应应用，说明X射线具有粒子性，故。正确。

本题选不正确的，

故选：Ao

光电效应和康普顿效应说明光是一种粒子即电子，本题是光电效应在现代医学技术的应用，运用爱

因斯坦的光子论和能量守恒定律可解释。

本题是科普光电效应和康普顿效应在现代技术的应用，应用近代物理知识可以说明。

2.答案：C

解析：解：AB.Q着地前，根据牛顿第二定律得：

对P：mg—T=ma

IQ

对Q：T-mgsin30°=ma,联立解得：a=-g,T=-mg,故A8错误。

c、设Q着地前的最大速度大小为，则有：v2=2ah,可得：V=秒,故C正确。

O、P沿斜面上升过程中，设轻绳拉力对P做的功为W,对P,根据动能定理得:W-mghsinSO0=|mv2,

解得：W=^mgh,故。错误。

故选：Co

Q着地前，分别以P和Q为研究对象，根据牛顿第二定律列式，即可求轻绳的张力。以PQ系统为研究

对象，由机械能守恒定律求Q着地前的最大速度大小，也可以根据运动学公式求Q的最大速度。对P,

利用动能定理求轻绳拉力对P做的功。

本题是连接体问题，对于速度，既可以根据牛顿第二定律和运动学公式结合求解，也可以根据系统

的机械能守恒求解。

3.答案：A

解析：解：粒子在空腔中做匀速圆周运动，故满足得：u=*由题知，R相同，B相同，

而2不同，贝的不同，即有功。%;

据周期公式有7=宁，知R相同，b不同，则与力几

故选：4。

束缚粒子在圆环状空腔中的力是磁场施加的洛伦兹力使粒子在空腔中做匀速圆周运动，即满足

qvB=•由此列式讨论可得.

粒子能储存在空腔中，主要是在磁场力束缚下使粒子在空腔中做匀速圆周运动，正确的根据尸洛=F向

列式求解，注意向心力的不同表述.

4.答案：B

解析：解：根据=得，物块刚好开始滑动时的速度u=^

2

根据动能定理得，Wf=imv-0=^kmgR,故B正确，4、C、。错误。

故选：Bo

根据牛顿第二定律求出物块刚开始滑动时的速度大小，结合动能定理求出物块由静止到滑动前的这

一过程中，转台的摩擦力对物块做的功。

本题考查了牛顿第二定律和动能定理的综合运用，知道摩擦力做功是变力功，通过牛顿第二定律求

出刚好开始滑动的速度是关键。

5.答案：B

解析：解：

AB、金星和地球均绕太阳做圆周运动，根据万有引力充当向心力知G等=6（景）2r=zna,知7=

2兀居，a=等，金星的轨道半径较小，则周期较小，向心加速度较大，故8正确，A错误；

C、根据G翳=mg得：g=*,由于金星质量和半径的二次方比值较小，则金星表面的重力加速度

较小，故C错误；

D、根据=得，第一宇宙速度〃=聆，金星质量和半径的比值较小，则金星的第一宇

宙速度较小，故。错误。

故选：B。

第一宇宙速度是贴着星球表面做圆周运动的速度大小，根据星球的质量和半径得出第一宇宙速度的

表达式，从而比较大小.根据万有引力提供向心力得出加速度和周期的表达式，结合轨道半径比较

大小。根据万有引力等于重力得出星球表面重力加速度的表达式，从而比较大小。

解决本题的关键掌握万有引力定律的两个重要理论：1、万有引力等于重力，2、万有引力提供向心

力，并能灵活运用。

6.答案：A

解析:

根据电路结构利用串并联电路的规律可确定电流大小，再根据安培力公式即可求出各边受安培力大

小和方向，从而求出总的安培力的大小和方向。

本题考查安培力的计算，要注意明确导体框上各边均受到安培力的作用，应求出其各边受安培力的

合力。

由题意可知，边ab(cd)的长度是边ad(bc)长度的2倍，所以边ab(cd)的电阻是边ad(bc)电阻的2倍，

由并联关系可知，通过adcb支路的电流为(所以边de所受安培力大小为=涧L,方向竖直向上，

边协所受安培力大小为正助=BIL,方向竖直向上，边ad和边儿所受安培力的合力为零，所以金属框

所受安培力大小为F=|B/3方向竖直向上，故A正确，88错误；

故选Ao

7.答案：C

解析：解：4、线圈第一次下落过程中有E=B二兀/?。、/=；＞FA=BlL=Bl-2nR,得安培力大小

为：

4n2B2R2v

根据牛顿第二定律得:

mg一自=ma

可知线圈做加速度减小的加速运动，当Q=0时，速度最大，代入求得最大速度为：Um=房衣,

故A错误；

B、反弹后上升的过程中某一•时刻，由牛顿运动定律得：mg+BI-2nR=ma

则得：mg△t+8/•2TCRt=ma△t

在一段微小时间内，速度增量为=通过线圈截面电量为：=

△t=mgtlf

故：q=」富三一皿1,故C正确，B。错误；

故选：c.

(1)线圈下落过程中垂直切割磁感线，产生感应电动势，由E=B以、1=与、治=B/L得到安培力的

表达式，由牛顿第二定律分析线圈加速度的变化，判断线圈的运动情况：安培力逐渐增大，加速度

逐渐减小，当安培力与重力平衡时，线圈做匀速直线运动，速度达到最大，由平衡条件可求出最大

速度.

(2)根据牛顿第二定律得到反弹上升过程中线圈加速度的表达式，采用积分法求出电量q

本题是电磁感应问题，难点是采用积分法求解非匀变速运动的速度和高度，从牛顿第二定律入手，

采取微元法，得到一段微小时间内速度的变化量和高度变化量，再积分.难度较大，考查运用数

学知识处理物理问题的能力.

8.答案：CD

解析：试题分析：对物体受力分析，受重力、支持力、摩擦力(假设存在)，根据牛顿第二定律，有.：

洪普侬附施骈眄=隘姆;解得：软=觥窿-壁加微眄=一:硒;机械能守恒的条件是只有重力做功，

物体受到滑动摩擦力，故机械能不守恒，故4错误；重力势能增加等于克服重力做的功，故重力势

能增加Tng/i,故B错误：由动能定理可知，动能损失量等于克服合外力做的功的大小，故

,I

=，黑陷E=哪5g麟=版鬻沙然=副磷，故C正确；机械能的损失量为凝=二喉1电豁=飨•瞬，

誓

故。正确；

故选CD.

考点：动能定理的应用；功能关系；机械能守恒定律.

点评：本题关键根据功能关系的各种具体形式得到重力势能变化、动能变化和机械能变化.重力势

能变化与重力做功有关；动能的变化与合力做功有关；机械能的变化与除重力以外的力做功有关.

9.答案：BC

解析：解：AC,以向上为正方向，a=2m/s2,v0=2m/s,设从。到B的时间为t,则从。到4的时

间为t-l,则根据位移公式有

2

L=vot+1at=2t+(x2t2①

Z,一？=%(t-1)+-1)2②

解得：t=3s,L=15m,故A错误，C正确;

B、竖直距离AB长为：LAB=^L=^xlSm=7m,故8正确；

£）、"海斗一号"到达B点的速度大小是D=%+at=2m/s+2x3m/s=8m/s,故。错误。

故选：BC。

根据位移-时间关系式列出4到C和4到B的方程，求出4到C的时间；再根据位移-时间公式求出"的

位移，根据已知条件即可求出。8的长度；由速度-时间关系式求出汽车到达C点的速度.

解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式和位移时间公式，并能灵活运用，基础题。

10.答案：CD

解析：

以兔子为研究对象，它与树桩碰撞过程中，水平方向受到树对它的打击力，速度减小至零，根据动

量定理研究其速度。

本题应用动量研究碰撞过程物体的速度，对于打击、碰撞、爆炸等变力作用过程，往往用动量定理

研究作用力。

取兔子奔跑的速度方向为正方向，根据动量定理得-Ft=0-nw,贝！!"=*,由尸=mg,得到v=

771

^=gt=2m/s,所以兔子奔跑时的速度最小为2?n/s时即可致死，故8正确，AB错误。

故选CD,

I1.答案：ABD

解析：解：4、粒子进入静电分析器后在电场力作用下偏转，故可知粒子带正电，极板M比极板N电

势高才能使粒子加速，故A正确.

B、对于加速过程，有qU=2m/,在静电分析器中，由电场力充当向心力，则有Eq=m?,由上

两式可知｛7=^^上故8正确.

C、在磁分析器中粒子由P到Q,直径PQ=2R，=^=|然，故C错误.

。、若一群离子从静止开始经过上述过程都落在胶片上同一点说明运动的直径相同，由于磁场，电

场与静电分析器的半径不变，则该群离子具有相同的比荷，由上式可知，故。正确.

故选：ABD.

带电粒子在电场中，在电场力做正功的情况下，被加速运动.后垂直于电场线，在电场力提供向心

力作用下，做匀速圆周运动.最后进入匀强磁场，在洛伦兹力作用下，做匀速圆周运动.根据洛伦

兹力的方向，从而可确定电性，进而可确定极板的电势高低.根据牛顿第二定律可得在电场力作用

下做匀速圆周运动的表达式，从而求出加速电压.最后再由牛顿第二定律，洛伦兹力等于向心力可

知，运动的半径公式，即影响半径的大小因素.

考查粒子在电场中加速与匀速圆周运动，及在磁场中做匀速圆周运动.掌握电场力与洛伦兹力在各

自场中应用，注意粒子在静电分析器中电场力不做功.

12.答案：AC

解析：解：力、B；正电荷受力方向为该点的场强方向，在C点无初速地释放正电荷，则正电荷向B运

动，电场力做正功，电势能减少。故4正确，8错误；

C、D：负荷受力方向与该点的场强方向相反，若在C点无初速地释放负电荷，则负电荷向4运动，

电场力做正功，电势能减少。故C正确。错误。

故选：AC,

正电荷在电势高处电势能大.正电荷受到的电场力方向与场强方向相同.电场力做正功电荷的电势

能减小，电场力做负功，电荷的电势能增大.

本题要抓住电场力做功与电势能改变的关系：电场力做正功电荷的电势能减小，电场力做负功，电

荷的电势能增大.

13.答案：ACE

解析：解：4、理想气体的内能由温度决定，温度变化气体内能一定变化，故A正确；

B、若气体的内能不变，则气体的温度不变，气体的压强与体积可能发生变化，气体的状态可能变化，

故8错误；

C、由理想气态方程华=常量，当等容升温变化时，可知若气体的压强和体积都不变，则温度不变,

所以其内能也一定不变，故C正确.

。、由气态方牛=c知，温度7升高，pV一定增大,但压强不一定增大，故。错误.

国气体绝热压缩或膨胀时，气体不吸热也不放热，气体内能发生变化，温度升高或降低，在非绝热

过程中，气体内能变化，要吸收或放出热量，由此可知气体温度每升高1K所吸收的热量与气体经历

的过程有关，故E正确；

故选:ACE

理想气体内能由物体的温度决定，理想气体温度变化，内能变化；由理想气体的状态方程可以判断

气体温度变化时，气体的体积与压强如何变化.

本题关键掌握三个知识点：1、一定质量的理想气体，其内能只跟温度有关；2、气态方^=c；3、

热力学第一定律△〃=<2+〃，并能用来正确分析.

14.答案：BC

解析：

设该波的周期为7,波速为"，根据t=：求出从波源开始传到4点和B点的时间的表达式，再根据甲乙

图示时间联立方程即可求解。

此题要能从图象中读出正确的信息；掌握介质中各个质点的起振方向都与波源的起振方向相同，波

速可由两个公式求解t=3M=\

ABC.设该波的周期为T,波速为V,波从波源开始振动，传播到4点用时为“=B，传播到B点用时为

t2=半，由图甲可知，tl+三=4s,由图乙可知,t2+羽=9s,解得周期为T=12s,波速为9=l6/s,

波长A==12m,故AO错误，BC正确;

故选BC。

15.答案：(1)B；(2)12；45%

解析：

(1)本实验抓住两根弹簧秤的拉力的共同作用效果与一根弹簧秤的作用效果相同，即运用等效替代的

思想进行实验；

(2)应用平行四边形定则作出合力，然后求出力的大小与方向。

验证力的平行四边形定则是力学中的重点实验，应明确实验的原理、数据处理方法及本实验采用的

物理方法。

(1)合力与分力是等效替代的关系，所以本实验采用的等效替代法，故AC。错误，B正确；

故选：B；

(2)根据平行四边形定则，作出两个力的合力如图所示，从图上可知，合力尸=12N.根据几何关系知

&与尸的夹角为。=45。；

故答案为：(1)B;(2)12；45。。

16.答案：0.341.540.5匕2.5匕1.0；<；<

解析：解：(1)电压的电动势1.5人所以电压表选择3V档，干电池的

放电电流不能太大，使用0.64的档位即可.

滑动变阻器E的电阻值是0〜10000,电阻值太大，调节不方便，所以选择电阻值0〜150的滑动变阻

器。；

实物连接如图所示：

(2)电流表量程为0.64时，分度值为0.024所示为0.34量程为34时，分度值为0.L4,示数为1.54

电压表量程为3P时，分度值为0.1V,示数为0.5V,量程为15V时，分度值为0.5V,示数为2.5V；

(3)(/-/图象斜率绝对值表示电源内阻，所以待测电池的内阻r=詈=号声=1.0。

(4)因该接法中由于电压表的分流而导致电流表示数偏小，但电压表是准确的，故图象比真实图象要

向上偏，同时，当电路短路时，电压表的分流是可以忽略的，故短路电流是准确的，故图象与横轴

的交点不变，所以所测电动势小于真实值；内阻也小于真实值；

故答案为：(1)电路图如图所示；(2)0.341.54；0.5匕2.5V；(3)1.0；(4)<；<.

(1)根据电源的电压选择电压表量程，根据电路中的电流选择电流表量程；结合选择的器材和实验的

原理先在草纸画出实验原理图，然后再连接实际电路；

(2)电流表的读数：首先确定使用的量程，然后确定每一个大格和每一个小格代表的示数，根据指针

位置读数.

(3)U-/图象中图象与纵坐标的交点表示电源的电动势；U-/图象斜率绝对值表示电源内阻.

(4)图象与纵坐标的交点表示电动势，图象的斜率表示内电阻；由图象法可分析此种接法会造成的误

差.

测定电动势和内电阻的实验中为了减小误差采用了图象分析法，要根据实验原理得出公式，并结合

图象的斜率和截距得出正确的结果.

电流表的读数时，一定要看清电流表所选的量程.本接法虽然电动势和内电阻均偏小，但由于误差

均较小，故实验中我们一般采取本方法.

17.答案：解：(1)(7点，由向心力公式得：F—mg=m

轨道对人和车的支持力：F=mg+若=18。x10N+18。X9=5040/V

由牛顿第三定律：车对轨道的压力F'=F=5040N

方向：竖直向下

(2)从4到8点，做平抛运动。则竖直方向有：h=\gt2

解得:t=后=再=0.4s

人和车运动的水平距离：s=vt=3x0.4m—1.2m

(3)B点：竖直速度%=gt=10x4m/s=47n/s

8点速度为=,诏+诏=V324-42m/s=5m/s

B点速度的方向与水平方向的夹角与BC圆弧对应圆心角相等，则sin。=詈=：=0.8

答：(1)摩托车经过最低点C时对轨道的压力大小为5040N和方向竖直向下；

(2)摩托车从4到B点的水平距离x是1.2m；

(3)从平台飞出到达B点时速度的大小为5m/s,BC圆弧对应圆心角的正弦值为0.8。

解析：(1)从B点开始摩托车做的是圆周运动，此时指向圆心方向的合力作为圆周运动的向心力，对

摩托车受力分析，根据向心力的公式可以求得在C点时车受到的支持力的大小，再根据牛顿第三定律

可以求得对轨道的压力的大小；

(2)从平台飞出后，摩托车做的是平抛运动，根据平抛运动在竖直方向上是自由落体运动，可以求得

运动的时间，再根据水平方向上是匀速直线运动，可以求得水平的位移的大小；

(3)由于摩托车恰能无碰撞地沿圆弧切