2024届湖北省宜昌市秭归县第二高级中学物理高二上期中检测模拟试题含解析

2024届湖北省宜昌市秭归县第二高级中学物理高二上期中检测模拟试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、强台风往往造成巨大灾难．2018年9月16日17时，第22号台风“山竹”强台风级在广东登陆，登陆时中心附近最大风力达，空气的密度，当这登陆的台风正对吹向一块长10m、宽4m的玻璃幕墙时，假定风遇到玻璃幕墙后速度变为零，由此可估算出台风对玻璃幕墙的冲击力F大小最接近（）A． B． C． D．2、如图甲所示，R为电阻箱，A为理想电流表，电源的电动势为E，内阻为r．图乙为电源的输出功率P与电流表示数I的关系图象，其中功率P0分别对应电流I1、I1，外电阻R1、R1．下列说法中正确的是（）A． B． C． D．3、弯道上高速行驶的赛车，突然后轮脱离赛车，关于脱离了的后轮的运动情况，以下说法中正确的是（）A．仍然沿着汽车行驶的弯道运动B．沿着与弯道垂直的方向飞出C．沿着脱离时轮子前进的方向做直线运动，离开弯道D．上述情况都不可能4、关于电场强度，下列说法正确的是（）A．电场中某点的电场强度就是单位电荷在该点受到的电场力B．电场中某点的电场强度与该点所放试探电荷所受的电场力成正比C．电场中某点的电场强度方向就是试探电荷在该点所受电场力的方向D．电场中某点的电场强度与该点有无试探电荷无关5、关于匀强电场中的场强和电势差的关系，下列说法正确的是()A．电场强度越大，则任意两点间的电势差也越大B．任意两点间的电势差等于场强和这两点间距离的乘积C．沿着电场线方向，任何相同距离上的电势降低必定相等D．场强与电势处处相同6、两个小灯泡的标识分别是L1“6V、6W”，L2“6V、9W”，把它们分别接在同一直流电源上，L1消耗的功率恰好为6W，则L2消耗的功率为（电源内阻不可忽略）（）A．一定小于9W B．一定等于9WC．一定大于9W D．条件不足，不能确定二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在静电场中，下列说法正确的是（）A．沿着电场线方向，电势一定越来越低B．电场强度为零的点，电势不一定为零C．电场强度相同的区域，电势也一定相同D．电势相同的区域，电场强度也相同8、在匀强电场中a、b、c、d为矩形的四个顶点，e、f分别为ab边和cd的中点。ab=cd=2cm，ad=bc=1cm。已知电场线的方向平行于矩形所在平面，a、b、c三点电势分别为4V、8V、6V，则（）A．d点的电势为2V B．电场线方向沿fb指向fC．电场强度为200V/m D．一电子从a点运动到c点，电势能减少9、如图所示，电场中的的电场线上有ABC三点，现规定B电势为零，一个电量是q=-0.2C的负电荷从电场中的A移到B，电场力做功－0.4J，从B移到C电场力做功－0.2J,由此可知A．C点电势为1V B．A点电势为－2VC．A点电势为2V D．C点电势为－1V10、“超级地球”是指围绕恒星公转的类地行星．科学家发现有两颗未知质量的不同“超级地球”环绕同一颗恒星公转，周期分别为T1和T1．根据上述信息可以计算两颗“超级地球”的（）A．角速度之比 B．向心加速度之比C．半径之比 D．所受引力之比三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）一实验小组准备探究某种元件Q的伏安特性曲线，他们设计了如图所示的电路图．请回答下列问题：（1）请将图中的实物连线按电路图补充完整_________．（2）考虑电表内阻的影响，该元件电阻的测量值_____（选填“大于”、“等于”或“小于”）真实值．（3）在电路图中闭合开关S，电流表、电压表均有示数，但无论怎样移动变阻器滑动片，总不能使电压表的示数调为零．原因可能是图中的________（选填a、b、c、d、e、f）处接触不良．（4）实验测得表格中的7组数据．请在坐标纸上作出该元件的I-U图线_____．（5）为了求元件Q在I-U图线上某点的电阻，甲同学利用该点的坐标I、U，由求得．乙同学作出该点的切线，求出切线的斜率k，由求得．其中__（选填“甲”、“乙”）同学的方法正确．12．（12分）如图所示，是“研究电磁感应现象”的实验装置.（1）将实物电路中所缺的导线补充完整.（______）（2）如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上开关后，将线圈L1迅速插入线圈L2中，灵敏电流计的指针将________偏转.(选填“向左”“向右”或“不”)（3）线圈L1插入线圈L2后，将滑动变阻器的滑片迅速向右移动时，灵敏电流计的指针将________偏转.(选填“向左”“向右”或“不”)四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）在光滑绝缘水平面上放置一质量m＝0.2kg、电荷量q＝5×10－4C的带正电的小球，小球系在长L＝0.5m的绝缘细线上，线的另一端固定在O点．整个装置置于匀强电场中，电场方向与水平面平行且沿OA方向，如图所示（此图为俯视图）．现给小球一初速度使其绕点O做圆周运动，小球经过A点时细线的张力F＝140N，小球在运动过程中，最大动能比最小动能大20J，小球视为质点．（1）求电场强度的大小．（2）求运动过程中小球的最小动能。14．（16分）如图所示为一电流表的原理示意图．质量为m的均质细金属棒MN的中点处通过一挂钩与一竖直悬挂的弹簧相连,绝缘弹簧劲度系数为k,在矩形区域abcd内有匀强磁场,磁感应强度大小为B,方向垂直纸面向外,与MN的右端N连接的一绝缘轻指针可指示标尺上的刻度,MN的长度大于ab．当MN中没有电流通过且处于平衡状态时,MN与矩形区域的cd边重合,当MN中有电流通过时,指针所指刻度可表示电流大小．(1)当电流表示数为零时,弹簧伸长多少?(重力加速度为g)(2)若要电流表正常工作,MN的哪一端应与电源正极相接?若k=2.0N/m,ab=0.20m,cb=0.050m,B=0.20T,此电流表的量程是多少?(不计通电时电流产生的磁场的作用)(3)若将量程扩大2倍,磁感应强度应变为多大?15．（12分）如图所示电路中，电源的电动势E=10V，内电阻r=0.50Ω，电动机电阻R0=1.0Ω，电阻R1=1.5Ω．电动机正常工作时，电压表示数U1为3.0V．求：（1）电源的总电功率．（2）电动机消耗的电功率和将电能转化为机械能的功率．（3）电源的输出功率．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解题分析】

假设经过t时间，由动量定理得：，代入数据：，故选C2、B【解题分析】

由闭合电路欧姆定律得输出功率P0=UI=EI﹣I1r，即EI1－I11r=EI1－I11r，得I1+I1=．又因P0=I11R1=I11R1，I1=，I1=，联立解得R1R1=r1．故B选项正确．3、C【解题分析】

后轮未脱离赛车时，具有向前的速度，脱离赛车后，由于惯性，后轮保持原来向前的速度继续前进，所以沿着脱离时轮子前进的方向做直线运动，离开弯道。故选C。4、D【解题分析】

根据电场强度的定义式，知场强大小等于单位电量的电荷在该点所受的电场力大小，但场强反映电场的强弱和方向，与电场力是两回事，故A错误；电场强度是描述电场强弱和方向的物理量，由电场本身决定，与试探电荷无关，故B错误，D正确；电场强度方向是正试探电荷在该点所受电场力的方向，与负试探电荷在该点所受电场力的方向相反，故C错误．所以D正确，ABC错误．5、C【解题分析】U＝Ed中的d指两点所在等势面的距离，选项A、B、D错误，C正确。6、A【解题分析】

有题知灯L2的电阻大于灯L1的电阻，因此灯L2接入电路时分得电压小于6V，因此其功率一定小于9W，A正确二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解题分析】

A．沿着电场线方向，电势逐渐降低，所以电势一定越来越低。故A正确。B．电场强度为零的点，电势不一定为零，如等量同种电荷的中点的电场强度为零，但是电势不为零。故B正确。C．电场线的疏密表示电场强度的大小，但是沿着电场线的方向电势是降低的，比如匀强电场中，电场强度处处相同的区域内，但是电势沿着电场线的方向电势是降低的。故C错误。D．电势相同的区域，电场强度不一定相同。故D错误。8、ABD【解题分析】

A．由于该电场是匀强电场，等势线是等间距的平行直线，故，故d点的电势为，故A正确；B．ab中点的电势为，故ec为等势线，电场方向与等势面垂直，由高电势指向低电势，故电场方向沿bf方向且由b指向f，故B正确；C．be之间沿电场线方向的距离为由可知，场强为故C错误；D．电子带负电，在电势越高的地方电势能越小，故电子从a到c电势能减小，故D正确；故选ABD。9、CD【解题分析】

AB间的电势差为；BC间的电势差；φB=0，故UAB=φA-φB，解得φA=2V，故UBC=φB-φC，解得φC=-1V，故CD正确，AB错误；故选CD。10、ABC【解题分析】

A．根据得所以可以计算角速度之比，故A正确；BC．根据开普勒第三定律得由得所以能求半径之比和向心加速度之比，故BC正确；D．根据万有引力定律可知，因为无法知道两颗“超级地球”的质量比，所以无法求引力之比，故D错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、小于f甲【解题分析】

（1）根据电路图连接实物图如答案所示．注意不要将正负极连接错误．（2）根据欧姆定律可知测得的电阻是待测电阻与电压表的并联电阻，所以测量值小于真实值．（3）在电路图中闭合开关S，电流表、电压表均有示数，但无论怎样移动变阻器滑动片，总不能使电压表的示数调为零．说明电路没断，即f点出现问题．（4）处理图像如答案，注意不要连成折线．（5）I-U图线上某点的电阻即斜率的倒数才是电阻，即甲同学说法正确．12、向右向左【解题分析】

(1)[1]补充的实物电路如图所示．(2)[2]已知闭合开关瞬间，线圈L2中的磁通量增加，产生的感应电流使灵敏电流计的指针向右偏转．当开关闭合后，将线圈L1迅速插入线圈L2中时，线圈L2中的磁通量增加，由已知条件可知产生的感应电流也应使灵敏电流计的指针向右偏转．(3)[3]滑动变阻器的滑片迅速向右移动，线圈L1中的电流变小，线圈L2中的磁场方向不变，磁通量减少，则灵敏电流计的指针向左偏转．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）4×104【解题分析】

小球带正电，从A运动到其关于O对称的点的过程中，电场力做负功，动能减小，所以在A点动能最大，在其对称点的动能最小，根据动能定理求解电场强度E的大小；在A处动能最大，已知小球经过A点时细线的张力F=140N，由牛顿第二定律和动能的计算式求解A处的动能，再由动能定理得到最小动能。【题目详解】（1）设A点关于O点的对称点为B，则小球从A运动到B的过程中，电场力做负功，动能减小，所以在A点动能最大，在B点的动能最小。

小球在光滑水平面上运动的最大动能与最小动能的差值为△Ek=2qEL=20J代入数据得：E=4×104N/C（2）在A处动能最大，A处由牛顿第二定律：F-qE=mvA点关于O的对称点B处动能最小，则最小动能Ek代入数据得：E【题目点拨】本题是动能定理与类平抛运动的综合，要熟练运用正交分解法处理类平抛运动，抓住两个分运动的等时性，由牛顿第二定律和运动学规律结合进行研究。14、(1)(2)M端(3)2.5A(4)0.10【解题分析】试题分析：(1)设当电流表示数为零时，弹簧的伸长量为，则有①由①式得：.②(2)为使电流表正常工作，作用于通有电流的金属棒MN的安培力必须向下，因此M端应接正极．(3)设电流表满偏时通过MN间电流强度为Im.则有③联立②③并代入数据得．④(4)设量程扩大后，磁感应强度变为B′，则有⑤由①⑤式得：⑥代入数据得：考点：安培力；共点力平衡的条件及其应用；胡克定律．点评：本题题意新颖，考查点巧妙，借助生活中的实际器材考查了物体平衡问题，正确进行受力分析，然后根据平衡条件列方程是解题关键．15、（1）20W（2）8W