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文档简介
2022-2023学年四川省南充市天峰乡中学高二物理期末试题含解析一、选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分.每小题只有一个选项符合题意1.(多选题)如图甲所示,一个边长为L的正方形线框固定在匀强磁场(图中未画出)中,磁场方向垂直于导线框所在平面,规定向里为磁感应强度的正方向,向右为导线框ab边所受安培力F的正方向,线框中电流i沿abcd方向时为正.已知在0~4s时间内磁场的磁感应强度的变化规律如图所示.则下列图象所表示的关系正确的是()A. B. C. D.参考答案:AD【考点】法拉第电磁感应定律;闭合电路的欧姆定律.【分析】由图可知磁感应强度的变化,则可知线圈中磁通量的变化,由法拉第电磁感应定律可知感应电动势变化情况,由楞次定律可得感应电流的方向,根据左手定则可以找出安培力方向,结合可得出正确的图象.【解答】解:由题意可知,规定向里为磁感应强度的正方向,线框中电流i沿abcd方向时为正;A、由法拉第电磁感应定律可知,感应电动势E==,感应电流I==,由B﹣t图象可知,在每一时间段内,是定值,在各时间段内I是定值,ad边受到的安培力F=BIL,I、L不变,B均匀变化,则安培力F均匀变化,不是定值,A正确,B错误.C、由图示B﹣t图象可知,0~1s时间内,B减小,Φ减小,由楞次定律可知,感应电流是逆时针的,为正值;同理1~2s,磁场向里,且增大,磁通量增大,根据楞次定律,感应电流是逆时针,为正值;2~3s,B的方向垂直纸面向里,B减小,Φ减小,由楞次定律可知,感应电流沿顺时针方向,感应电流是正的;3~4s内,B的方向垂直纸面向外,B增大,Φ增大,由楞次定律可知,感应电流沿顺时针方向,感应电流是正的,故C错误,D正确;故选:AD.2.单摆的回复力是A.摆球所受的重力B.悬线对摆球的拉力C.摆球重力在垂直悬线方向上的分力D.摆球所受重力和悬线对摆球拉力的合力参考答案:C3.穿过一个电阻为4,总匝数为100匝的闭合线圈的磁通量每秒均匀减小0.8Wb,则线圈中:A.感应电动势为80VB.感应电动势为0.8VC.感应电流恒为0.2AD.感应电流恒为20A参考答案:AD4.(单选)如图所示,R1为定值电阻,R2为可变电阻,E为电源电动势,r为电源内阻,以下说法中正确的是()A.当R2=r时,R2上获得最大功率B.当R2=R1+r时,R1上获得最大功率C.当R2=0时,R1上获得最大功率D.当R2=0时,电源的输出功率最大参考答案:C5.如图,闭合的矩形线圈abcd放在范围足够大的匀强磁场中,下列哪种情况下线圈中能产生感应电流A.线圈向左平移
B.线圈向上平移
C.线圈以ab为轴旋转
D.线圈不动参考答案:C二、填空题:本题共8小题,每小题2分,共计16分6.如图所示,自耦变压器输入端A、B接交流稳压电源,其电压有效值UAB=100V,R0=40W,当滑动片处于线圈中点位置时,C、D两端电压的有效值UCD为___________V,通过电阻R0的电流有效值为_____________A.当触头P向下滑动的时候,流过交流电源的电流______________。(填“增大”、“减小”或“不变”)参考答案:7.欧姆表表头的满偏电流为3mA,内接一节电动势为1.5V的干电池,那么该欧姆表的内阻为_____
__Ω。待测电阻接入两表笔之间时,指针指在满刻度的3/4处,则待测电阻的阻值为___
__Ω。(2)用多用表“×10”档测量一个电阻的阻值,调零后进行测量,发现表针偏转的角度很小,可以判定这个电阻的阻值
(填“较小”或者“较大”),为了把电阻测量的更准确些,应换用
档(填“×1”或者“×100”),重新测量。参考答案:(1)
500
375
(2)
较大
×1008.如图所示,两块水平放置的金属板距离为d,用导线、电键K与一个n匝的线圈连接,线圈置于方向竖直向上的变化磁场B中。两板间放一台小型压力传感器,压力传感器上表面静止放置一个质量为m、电荷量为+q的小球。K断开时传感器上有示数,K闭合时传感器上恰好无示数。可知,线圈中磁场B的变化情况是正在
(填写“增强”或“减弱”);磁通量的变化率
。参考答案:9.用n1、n2分别表示主动轮和从动轮的转速,D1、D2分别表示主动轮和从动轮的直径,设传动过程中带与带轮之间无相对滑动,证明带传动的传动比为:i==.参考答案:考点:线速度、角速度和周期、转速.分析:同缘传动边缘点线速度相等,根据v=rω,ω=2πn列式求解即可.解答:解:同缘传动边缘点线速度v相等,根据v=rω,有:v=;根据ω=2πn,n与ω成正比,即:;故带传动的传动比为:i==;答:证明如上.点评:本题关键是明确同缘传动边缘点线速度相等,然后结合线速度、角速度关系公式列式分析,基础题目.10.某同学在做多用电表测电阻的实验,测量某电阻时,用档时,发现指针偏转角度过大,他应该换用
档(填档或档),换档后,在测量前要先
。参考答案:
电阻调零(调零)11.如图所示,绝缘金属平行板电容器充电后,静电计的指针偏转一定角度,若不改变两极板带的电量而减小两极板间的距离,同时在两极板间插入电介质,则电容器的电容将
▲
,静电计指针的偏转角度将
▲
。(填增大或者减小)
参考答案:增大,减小;。12.用6N水平拉力拉质量为2kg的物体,沿水平桌面匀速运动,若水平力改为10N,则物体的加速度大小为
▲
m/s2。动摩擦因数为
▲
(g=10m/s2)参考答案:2
,
0.313.如图2所示为光控开关电路的逻辑电路图,用发光二极管LED模仿路灯,RG为光敏电阻,R1的最大阻值为51k?,R2为330?。
为斯密特触发器。当光照较暗时,LED
(发光、不发光);要想在光线更强时LED亮,应该把R1的阻值
(调大、调小)。参考答案:发光,调小三、实验题:本题共2小题,每小题11分,共计22分14.在实验室测定电源的电动势和内阻,现备有如下实验器材:被测电源(一节干电池)、电压表、电流表、滑动变阻器、开关、导线等。(1)画出实验电路图;(2)根据电路图连接实物图(3)根据实验测得的几组I、U数据作出U-I图象如图14所示,则由图象可确定:该电源的电动势为_____________V,电源的内电阻为________________。参考答案:1.40
0.57
(电路图及实物连线图答案略)15.用伏安法测一节干电池的电动势ε和内电阻r,所给的器材有:(A)电压表V:0—3—15V;(B)电流表A:0—0.6—3A;(C)变阻器R1(总电阻20Ω);(D)变阻器R2(总电阻100Ω);以及电键S和导线若干.(1)(2分)请在虚线框内画出实验电路图(标明变阻器规格).
(2)(2分)如图所示的U-I图上是由实验测得的7组数据标出的点,请你完成图线,并由图线求出ε=________V,r=________Ω.(3)(2分)若只选用两组数据,用闭合电路欧姆定律算出ε、r,有可能误差较大.若选用第________和第________组数据误差最大.参考答案:(1)如图所示(2)1.5(1.47-1.52)
O.5(0.47-0.52)(3)5,6四、计算题:本题共3小题,共计47分16.大气中存在可自由运动的带电粒子,其密度随距地面高度的增加而增大,可以把离地面50km以下的大气看做是具有一定程度漏电的均匀绝缘体(即电阻率较大的物质);离地面50km以上的大气则可看做是带电粒子密度非常高的良导体,地球本身带负电,其周围空间存在电场.离地面l=50km处与地面之间的电势差约为U=3.0×105V.由于电场的作用,地球处于放电状态.但大气中频繁发生雷暴又对地球充电,从而保证了地球周围电场恒定不变,统计表明,雷暴每秒带给地球的平均电荷量约为q=1800C.试估算大气电阻率ρ和地球漏电功率P.(已知地球半径r=6400km,结果保留一位有效数字)参考答案:2×1012Ω·m5×108W本题中把50km厚的漏电均匀绝缘体视为一个导体,其长度为50km,横截面积为地球的表面积,所加电压为U=3.0×105V则由题意得又由电阻定律得地球漏电功率为P=UI=3×105×1800W≈5×108W17.如图所示,真空中水平放置的两个相同极板Y和Y'长为L,相距d,足够大的竖直屏与两板右侧相距b.在两板间加上可调偏转电压U,一束质量为m、带电量为+q的粒子(不计重力)从两板左侧中点A以初速度v0沿水平方向射入电场且能穿出.(1)证明粒子飞出电场后的速度方向的反向延长线交于两板间的中心O点;(2)求两板间所加偏转电压U的范围;(3)求粒子可能到达屏上区域的长度.参考答案:考点:带电粒子在匀强电场中的运动..专题:带电粒子在电场中的运动专题.分析:(1)画出运动轨迹图,根据运动学公式与牛顿第二定律,及三角函数关系,从而即可证明;(2)由牛顿第二定律与公式E=相结合,可求得结果;(3)运用几何关系,结合偏角与位移的关系,从而即可求解.解答:解:(1)设粒子在运动过程中的加速度大小为a,离开偏转电场时偏转距离为y,沿电场方向的速度为vy,偏转角为θ,其反向延长线通过O点,O点与板右端的水平距离为x,则有侧移量,y=①匀速运动的位移,L=v0t②竖直方向的速度,vy=at
联立可得
即粒子飞出电场后的速度方向的反向延长线交于两板间的中心.(2)由牛顿第二定律,则有
③电场强度与电势差的关系,E=
④由①②③④式解得当时,则两板间所加电压的范围
(3)当时,粒子在屏上侧向偏移的距离最大(设为y0),则而tan解得则粒子可能到达屏上区域的长度为答:(1)粒子飞出电场后的速度方向的反向延长线交于两板间的中心O点;(2)则两板间所加偏转电压U的范围
;(3)则粒子可能到达屏上区域的长度为.点评:考查粒子在电场力作用下,做类平抛运动与匀速直线运动,掌握运动学公式与牛顿第二定律相综合的运用,理解几何关系与三角函数关系的应用.18.如图所示,MN、PQ是足够长的光滑平行导轨,其间距为L,且MP与两导轨垂直,导轨平面与水平面间的夹角θ=30°.M、P和N、Q之间均接阻值为2R的电阻.有一垂直于导轨平面的匀强磁场,磁感应强度的大小为B0.将一根质量为m的金属棒ab紧靠MP放在导轨上,且与导轨接触良好,金属棒的电阻为R,导轨电阻不计.现用与导轨平行的恒力F=mg沿导轨平面向上拉金属棒,使金属棒从静止开始沿导轨向上运动,金属棒在运动过程中始终与MP平行.当金属棒滑行至cd处时已经达到稳定速度,cd到MP的距离为s,重力加速度为g.(1)求金属棒达到的稳定速度v.(2)求金属棒从静止开始运动到cd的过程中,导体棒上产生的热量.(3)当金属棒滑行至cd时,去掉NQ间的电阻2R,为使导体棒的速度不变,拉力应变为多少?参考答案:解:(1)当金属棒匀速运动时达到稳定状态,由平衡条件得:F=mgsinθ+F安,安培力:F安=B0IL=,解得:v=.(2)设金属棒从静止开始运动到cd的过程中,导体棒上产生的热量为Q,则整个电路产生的焦耳热为2Q,由能量守恒定律得:Fs=mgs?sinθ+2Q+mv2,解得:Q=mgs﹣.(3)当金属棒运动到cd时,去掉NQ间的电阻,为使导体棒的速度不变,即使金属棒处于平衡状态,设拉力变为F1,由平衡条件得
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