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文档简介
2022-2023学年河南省许昌市长葛葛天高级中学高二数学理测试题含解析一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的1.展开式中不含项其它所有项的系数和为(
)A.-1
B.0
C.1
D.2参考答案:B略2.在函数的图象上,横坐标在内变化的点处的切线斜率均大于1,则实数的取值范围是(
)A.
B.
C.
D.参考答案:C3.下列运算不属于我们所讨论算法范畴的是()A.已知圆的半径求圆的面积B.随意抽4张扑克牌算到二十四点的可能性C.已知坐标平面内两点求直线方程D.加减乘除法运算法则参考答案:B4.已知球的半径为1,三点都在球面上,且每两点间的球面距离均为,则球心到平面的距离为A.
B.
C.
D.参考答案:A5.阅读如图所示的程序框图,运行相应的程序,输出的结果是()
A.3
B.11C.38
D.123参考答案:B6.一束光线自点P(1,1,1)发出,遇到平面xoy被反射,到达点Q(3,3,6)被吸收,那么光所走的路程是()A. B. C. D.参考答案:D【分析】求出P关于平面xoy的对称点的M坐标,然后求出MQ的距离即可.【解答】解:点P(1,1,1)平面xoy的对称点的M坐标(1,1,﹣1),一束光线自点P(1,1,1)发出,遇到平面xoy被反射,到达点Q(3,3,6)被吸收,那么光所走的路程是:=.故选D.【点评】本题考查点关于平面对称点的求法,两点的距离公式的应用,考查计算能力.7.已知原命题:“若,则关于的方程有实根,”下列结论中正确的是(
)A.原命题和逆否命题都是假命题
B.原命题和逆否命题都是真命题
C.原命题是真命题,逆否命题是假命题
D.原命题是假命题,逆否命题是真命题参考答案:B8.抛物线的准线方程为,则的值为()A. B. C.8 D.-8参考答案:B略9.已知F是双曲线的左焦点,E是该双曲线的右顶点,过点F且垂直于x轴的直线与双曲线交于A、B两点,若ΔABE是锐角三角形,则该双曲线的离心率e的取值范围为(
)
A.(1,+∞)
B.(2,1+)
C.(1,1+)
D.(1,2)参考答案:D略10.设是函数的导函数,将和的图象画在同一个直角坐标系中,不可能正确的是(
)参考答案:D略二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分11.若复数(1+bi)(2+i)是纯虚数(i是虚数单位,b是实数),则b等于
.参考答案:212.下列四个正方体图形中,为正方体的两个顶点,分别为其所在棱的中点,能得出的图形的序号是_______.参考答案:①③13.在直角坐标系中任给一条直线,它与抛物线交于两点,则的取值范围为________________.参考答案:14.已知光线经过点A(﹣1,2)由镜面所在直线y=x反射后经过点B(1,4),则反射光线所在直线方程为
.参考答案:5x+y﹣9=0【考点】与直线关于点、直线对称的直线方程.【专题】方程思想;综合法;直线与圆.【分析】先求出A(﹣1,2)关于直线y=x对称的点的坐标,代入直线方程即可.【解答】解:设A(﹣1,2)关于直线y=x对称的点为(m,n),则,解得:,∴反射光线的斜率为:k==﹣5,∴反射光线的直线方程为:y﹣4=﹣5(x﹣1),即5x+y﹣9=0,故答案为:5x+y﹣9=0.【点评】本题考查了求直线的方程问题,考查直线的垂直关系,是一道基础题.15.命题“x∈R,x≤1或x2>4”的否定是
.参考答案:?x∈R,x>1且x2≤4【考点】命题的否定.【专题】阅读型.【分析】存在性命题”的否定一定是“全称命题”.?的否定为?,x≤1或x2>4的否定为x>1且x2≤4【解答】解:析已知命题为存在性命题,故其否定应是全称命题、答案?x∈R,x>1且x2≤4【点评】本题考查了命题的否定,属于基础题16.直线y=2x关于x轴对称的直线方程为
.参考答案:y=﹣2x【考点】与直线关于点、直线对称的直线方程.【专题】计算题.【分析】首先根据已知直线y=2x判断斜率及y轴截距,然后再根据直线关于x轴对称求出对称直线的斜率与截距.最后写出对称直线的方程.【解答】解:由直线y=2x可知:直线斜率为2,y轴上截距为0∵直线y=2x关于x轴对称∴对称直线斜率为﹣2,截距为0故直线y=2x关于x轴对称的直线方程为:y=﹣2x故答案为:y=﹣2x【点评】本题考查直线关于点,直线对称的直线方程问题,需要熟练掌握斜率的变化规律,截距的变化规律.本题属于中档题17.若关于的不等式在上恒成立,则实数的范围为 .参考答案:三、解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤18.(本大题满分13分)已知直线过两直线和的交点.求解下列问题.(1)直线经过点,求直线的方程;(2)直线与直线垂直,求直线的方程.参考答案:解:(1)由···········3分
所求直线方程为:···············7分
(2)设所求直线方程为:············8分
又过P(0,2)
······················10分直线方程为:················13分略19.(12分)(2013春?福建期末)已知a,b,x,y∈R,证明:(a2+b2)(x2+y2)≥(ax+by)2,并利用上述结论求(m2+4n2)(+)的最小值(其中m,n∈R且m≠0,n≠0).参考答案:【分析】把b2x2+a2y2≥2abxy的两边同时加上a2x2+b2y2,即可得到(a2+b2)(x2+y2)≥(ax+by)2成立.【解答】证明:∵b2x2+a2y2≥2abxy,∴a2x2+b2y2+b2x2+a2y2≥a2x2+b2y2+2abxy,即(a2+b2)(x2+y2)≥(ax+by)2成立.由不等式(a2+b2)(x2+y2)≥(ax+by)2成立,知(m2+4n2)(+)当且仅当m2=n2时,等号成立,即(m2+4n2)(+)的最小值为25.【点评】本题主要考查用综合法证明不等式,属于中档题.20.已知三条直线,且与的距离是.(1)求的值;(2)能否找到一点同时满足下列条件:
①点是第一象限的点;②点到的距离是点到的距离的;③点到的距离与点到的距离之比是∶.若能,求出点坐标;若不能,说明理由.参考答案:略21.(本题满分14分)已知直线:和:。(1)当∥时,求a的值(2)当⊥时求a的值及垂足的坐标参考答案:解答:(1)a=2或a=0时,与不平行。由∥得:。解得(2)a=2时,垂足为
时,垂足为22.如图,已知四棱锥P﹣ABCD中,底面ABCD为菱形,PA⊥平面ABCD,∠ABC=60°,E、F分别是BC,PC的中点.(1)证明:AE⊥平面PAD;(2)若H为PD上的动点,EH与平面PAD所成最大角的正切值为,求二面角E﹣AF﹣C的余弦值.参考答案:【考点】与二面角有关的立体几何综合题;直线与平面垂直的判定.【分析】(1)通过证明AE⊥BC.PA⊥AE.说明PA?平面PAD,AD?平面PAD且PA∩AD=A,利用直线与平面垂直的判定定理证明AE⊥平面PAD.(2)解:设AB=2,H为PD上任意一点,连结AH,EH.由(1)知AE⊥平面PAD,则∠EHA为EH与平面PAD所成的角.(法一)在Rt△ESO中,求出cos∠ESO的值即可.(法二)由(1)知AE,AD,AP两两垂直,以A为坐标原点,建立如图所示的空间直角坐标系,求出平面AEF的一个法向量为,求出平面AFC的一个法向量,利用二面角公式求出二面角E﹣AF﹣C的余弦值.【解答】(1)证明:由四边形ABCD为菱形,∠ABC=60°,可得△ABC为正三角形.∵E为BC的中点,∴AE⊥BC.又BC∥AD,因此AE⊥AD.∵PA⊥平面ABCD,AE?平面ABCD,∴PA⊥AE.而PA?平面PAD,AD?平面PAD且PA∩AD=A,∴AE⊥平面PAD.(2)解:设AB=2,H为PD上任意一点,连结AH,EH.由(1)知AE⊥平面PAD,则∠EHA为EH与平面PAD所成的角.在Rt△EAH中,AE=,∴当AH最短时,∠EHA最大,即当AH⊥PD时,∠EHA最大.此时tan∠EHA===,因此AH=1.又AD=2,∴∠ADH=30°,∴PA=ADtan30°=.(8分)(法一)∵PA⊥平面ABCD,PA?平面PAC,∴平面PAC⊥平面ABCD.过E作EO⊥AC于O,则EO⊥平面PAC,过O作OS⊥AF于S,连结ES,则∠ESO为二面角E﹣AF﹣C的平面角,在Rt△AOE中,EO=AE?sin30°=,AO=AE?cos30°=.又F是PC的中点,如图,PC==,∴AF=PC=,sin∠SAO==,在Rt△ASO中,SO=AO?sin∠SAO=,∴SE===,在Rt△ESO中,cos∠ESO===,即所求二面角的余弦值为.(12分)(法二)由(1)知AE,AD,AP两两垂直,以A为坐标原点,建立如图所示的空间直角坐标系,又E,F分别为BC,PC的中点,∴A(0,0,0),B(,﹣1,0),C(,1,0),D(0,2,0),P(0,0,2),E(,0,0),F(,,),∴=(,0,0),=(,,).设平面AEF的一个法向量为=(x1,y1,
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