湖南省岳阳市中洲乡中学2022-2023学年高二物理联考试题含解析

湖南省岳阳市中洲乡中学2022-2023学年高二物理联考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.（多选）要使真空中的两个点电荷间的库仑力增大到原来的4倍，下列方法中可行的是：（

）A、每个点电荷的带电量都增大到原来的2倍，电荷间的距离不变B、保持点电荷的带电量不变，使两个电荷间的距离增大到原来的2倍C、使一个点电荷的电荷量加倍，另一个点电荷的电荷量保持不变，同时将两个点电荷间的距离减小为原来的1/2D、保持点电荷的电荷量不变，将两个点电荷的距离减小到原来的1/2参考答案：AD2.如图所示，图线a是线圈在匀强磁场中匀速转动时所产生正弦交流电的图象，当调整线圈转速后，所产生正弦交流电的图象如图线b所示，以下关于这两个正弦交流电的说法错误的是

（

）

A、线圈先后两次转速之比为3∶2[来源

B、在图中t=0时刻穿过线圈的磁通量均为零:Z,x

C、交流电a的瞬时值为V

D、交流电b的最大值为20/3V参考答案：B3.以下说法正确的是（

）A．由可知此场中某点的电场强度E与F成正比；B．由公式可知电场中某点的电势φ与q成反比；C．由Uab=Ed可知，匀强电场中的任意两点a、b间的距离越大，则两点间的电势差也一定越大；D．公式C=Q/U，电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关；参考答案：D4.如图所示，在匀速转动的圆筒内壁上紧靠着一个物体一起运动，关于物体的受力情况下列说法正确的是（）A.重力、弹力、摩擦力 B.重力、弹力、摩擦力、向心力C.重力、弹力、向心力 D.重力、摩擦力、向心力参考答案：A物体做匀速圆周运动，合力指向圆心，对物体受力分析，受重力、向上的静摩擦力、指向圆心的支持力，如图其中重力G与静摩擦力f平衡，支持力N提供向心力．故选A．点睛：本题中要使静摩擦力与重力平衡，角速度要大于某一个临界值，即重力不能大于最大静摩擦力，要求同学们能正确对物体进行受力分析，不能分析向心力，难度不大，属于基础题.5.以下叙述正确的是()A．法拉第发现了电磁感应现象B．惯性是物体的固有属性，速度大的物体惯性一定大C．牛顿最早通过理想斜面实验得出力不是维持物体运动的必然结果D．感应电流遵从楞次定律所描述的方向，这是能量守恒定律的必然结果参考答案：AD二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.功率为P，质量为M的汽车，下坡时关闭油门，则速度不变．若不关闭油门，且保持功率不变，则在ts内速度增大为原来的2倍，则汽车的初速度为____________.参考答案：7.用接在50Hz交流电源上的打点计时器测定小车的运动情况．某次实验中得到的一条纸带如图所示，从比较清晰的点起，每五个打印点取一个计数点，分别标明0、1、2、3……，量得0与1两点间距离x1＝30mm,2与3两点间距离x3＝48mm，则小车在0与1两点间平均速度为v1＝________m/s，在2与3两点间平均速度为v2＝______m/s.据此可判定小车做________运动．参考答案：0.3，0.84，加速8.欧姆表表头的满偏电流为3mA，内接一节电动势为1.5V的干电池，那么该欧姆表的内阻为_____

__Ω。待测电阻接入两表笔之间时,指针指在满刻度的3/4处,则待测电阻的阻值为___

__Ω。（2）用多用表“×10”档测量一个电阻的阻值，调零后进行测量,发现表针偏转的角度很小,可以判定这个电阻的阻值

(填“较小”或者“较大”)，为了把电阻测量的更准确些,应换用

档（填“×1”或者“×100”），重新测量。参考答案：(1)

500

375

(2)

较大

×1009.(4分)自然界中只存在两种电荷：用丝绸摩擦过的

带正电荷，用毛皮摩擦过的

带负电荷。同种电荷相互

，异种电荷相互

。参考答案：玻璃棒，硬橡胶棒，排斥，吸引10.如图,一理想变压器原线圈输入的交变电压为e=311sin100πtV,其副线圈上,接有一只铭牌上标有“6V.9W”字样的灯泡,且刚好能正常发光,已知原线圈匝数n1为1100匝,则副线圈n2=

匝.参考答案：11.如图是研究电磁感应现象的实验。本实验要观察线圈

（填A、B）中产生的的

（填交流、恒定、感应）电流。参考答案：B

感应12.如图所示，水平地面上的物体质量为m，跨过动滑轮的绳子一端沿水平方向固定在墙上，另一端与水平方向成θ角，且受恒力F作用．在物体沿水平地面向右移动l的过程中，绳子的拉力所做的功W＝________。

参考答案：13.某校三人学习奥小组合作探究电容器的影响因素，电容器充电完成后与电源断开，按如图连接在一起：(1)甲同学将B极板向上移动，观察到静电计的指针偏角_____；（选填“变大”“变小”“不变”）。(2)乙同学将B极板_______（选填“左动”“右动”“旋转”），观察到静电计的指针偏角变小。（3）丙同学在A、B极板之间插入云母片，观察到静电计的指针偏角_____；（选填“变大”“变小”“不变”）。（4）三位同学应用他们实验得到的结论分析某核电站所使用的冷却系统自动化检测技术的原理。如图是一种通过检测电容器电容的变化来检测液面高低的仪器原理图。如果指示器显示出电容增大了,则必为液面______(“升高”、“降低”或“不变”).参考答案：

(1).（1）变大；

(2).（2）右；

(3).（3）变小；

(4).（4）升高．（1）若极板B稍向上移动一点，极板正对面积减小，由电容的决定式分析知电容减小，电容器的电量不变，根据电容的定义式C=Q/U，极板间的电压U增大，则静电计指针偏角变大；

（2）静电计的指针偏角变小，说明U减小，根据C=Q/U可知C变大，根据可知，d减小，即极板B向右移动；（3）在A、B极板之间插入云母片，根据可知，C变大，根据电容的定义式C=Q/U，极板间的电压U减小，则静电计指针偏角变小；（4）改变两电极正对面积时，根据电容器的决定式可知，电容增大，说明液面升高．【点睛】对于电容器动态变化分析问题，要抓住不变量．当电容器保持与电源相连时，电压不变．当电容器充电后，与电源断开后，往往电量不变．根据电容的决定式和定义式结合进行分析．三、实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.如图所示为用打点计时器验证机械能守恒定律的实验装置。关于这一实验，下列说法中正确的是

A．打点计时器应接直流电源

B．应先释放纸带，后接通电源打点

C．需使用秒表测出重物下落的时间

D．测出纸带上两点迹间的距离，可知重物相应的下落高度参考答案：15.用如图所示装置来验证动量守恒定律，质量为mB的钢球B放在小支柱N上，球心离地面高度为H；质量为mA的钢球A用细线栓好悬挂于O点，当细线被拉直时O点到球心的距离为L，且细线与竖直线之间夹角为；A球由静止释放，摆到最低点时恰与B球发生正碰，碰撞后，A球继续向左摆动，细线与竖直线的最大夹角为，B球落到地面上，地面上铺有一张盖有复写纸的白纸D，用来记录B球的落点。N

①、让A球摆到最低点时恰与B球发生正碰，这是为了

。②、用图中所示各个物理量的符号表示碰撞前后A、B两球的动量（设A、B两球的碰前动量分别为PA、PB；碰后动量分别为PA′、PB′），则：PA=

；PA′=

；

PB=

；

PB′=

。参考答案：四、计算题：本题共3小题，共计47分16.某火电站发电机输出功率1.2×104W

．电站通过升压器、输电线和降压器把电能输送给生产和照明组成的用户，若发电机输出电压是240V，升压器原副线圈的匝数之比为1：25，输电线的总电阻为10Ω，用户需要电压为220V．求：

(1)输电线上损失的电功率为多少?

(2)降压器的匝数比为多少?参考答案：17.（5分）如图所示，铜棒ab长为0.5m，质量0.6Kg，两端用轻铜线相连。整个装置处在竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度B=2T，接通电源，使铜棒中有恒定电流通过，若铜棒静止在与竖直方向成370且偏向纸内的位置。求：铜棒中通过的电流大小和方向？（g取10m/s2，sin370=0.6,cos370=0.8）参考答案：F安=BIL=mgtan370

I=4.5A(3分)

方向

a到b(2分)18.如图所示，光滑的水平导轨MN右端N处与水平传送带理想连接，传送带长度L=4.0m，皮带以恒定速率v=3.0m/s顺时针转动．三个质量均为m=1.0kg的滑块A、B、C置于水平导轨上，B、C之间有一段轻弹簧刚好处于原长，滑块B与轻弹簧连接，C未连接弹簧，B、C处于静止状态且离N点足够远，现让滑块A以初速度v0=3.0m/s沿B、C连线方向向B运动，A与B碰撞后粘合在一起，碰撞时间极短．滑块C脱离弹簧后滑上传送带，并从右端P滑出落至地面上．已知滑块C与传送带之间的动摩擦因数μ=0.1，重力加速度g=10m/s2．求：（1）滑块A、B碰撞时损失的机械能；（2）滑块C在传送带上因摩擦产生的热量Q；（3）若每次实验开始时滑块A的初速度v0大小不相同，要使滑块C滑上传送带后总能落至地面上的同一位置，则v0的取值范围是什么？参考答案：解：（1）设A和B碰撞后共同速度为v1，A、B系统动量守恒，以A的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mv0=2mv1①碰撞时损失机械能：②代入数据解得：△E=2.25J；（2）设AB碰撞后，弹簧第一次恢复原长时AB的速度为vB，C的速度为vc，对A、B、C和弹簧组成的系统从AB碰撞后到弹簧第一次恢复原长的过程中，以向右为正方向，由动量守恒定律得：2mv1=2mvB+mvC③由机械能守恒定律得：④代入数据解得：vC=2m/s，C以vc滑上传送带，假设匀加速直线运动位移为S时与传送带共速，由运动学公式得：，代入数据解得：S=2.5m＜L，加速运动的时间为t，有：t=，代入数据解得：t=1s

⑤C在传送带上滑过的相对位移为：△S=vt﹣S，⑥摩擦生热：Q=μmg△S，代入数据解得：Q=0.5J（3）设A的最大速度为vmax，滑块C在与弹簧分离时C的速度为vc1、AB的速度为vB1，则C在传送带上一直匀减速直线运动直到在P点与传送带共速，有：⑦，解得m/s，设A的最小速度为vmin，滑块C在与弹簧分离时C的速度为vc2、AB的速度为vB1，则C在传送带上一直匀加速直线运动直到在P点与传送带共速，有：⑧，解得：m/s对A、B、C和弹簧组成的系统从AB碰撞后到弹簧第一次恢复原长的过程中，以向右为正方向，由动量守恒定律得：mvmax=2mvB1+mvC1⑨由机械能守恒定律得：⑩解得：m/s同理解得：vmin=m/s所以：m/s≤v0≤m/s；答：