2023学年度山东省临沂市高一(上)期末物理试卷(附答案详解)

2023-2023学年山东省临沂市高一〔上〕期末物理试卷一、单项选择题〔824.0分〕第24届冬季奥林匹克运动会将于2023年2月4日在北京、张家口进展，为了保障冬()争论自由式滑雪运发动空中动作时可将运发动看作质点钢架雪车运发动经过某计时点的速度为110𝑘𝑚/ℎ，该速度为瞬时速度两短道速滑运发动均绕场滑行一周，用时短者平均速度大一运动的冰壶去撞击一静止的冰壶，该静止的冰壶受到的撞击力更大在试验室中，一同学将三个力传感器的钩勾在一起，处于静止状态，并读出三个传感器的读数，以下数据明显有误的是( )A.1𝑁、5𝑁、10𝑁C.1𝑁、8𝑁、8𝑁

B.7𝑁、4𝑁、4𝑁D.4𝑁、8𝑁、9𝑁如下图为两个等高的光滑斜面𝐴𝐵、𝐴𝐶，将一可视为质点的滑块由静止在𝐴点释放。沿𝐴𝐵斜面运动，运动到𝐵点时所用时间为𝑡𝐵𝐴𝐶𝐶点所用时间为𝑡𝐶，则( )A.𝑡𝐵=𝑡𝐶 B.𝑡𝐵>𝑡𝐶 C.𝑡𝐵<𝑡𝐶 D.无法比较A𝐵𝐶𝐷𝐴点从静止开头做匀加速直线运动，经过𝐵点时的速度为𝑣，经过𝐶点时的速度为3𝑣，经过𝐷点时的速度为5𝑣，则( )A.物体在𝐴𝐵、𝐵𝐶、𝐶𝐷间的运动时间之比是1：1：1B.物体在𝐴𝐵、𝐵𝐶、𝐶𝐷间的运动时间之比是1：3：5C.𝐴𝐵、𝐵𝐶、𝐶𝐷间的距离之比是1：8：16D.𝐴𝐵、𝐵𝐶、𝐶𝐷间的距离之比是1：9：25𝐹将一质量为𝑚的黑板.重力加速度为𝑔，以下说法正确的选项是()黑板擦所受黑板的摩擦力大小为𝐹当推力𝐹的大小增加到2𝐹119页力变成原来的2倍当推力𝐹的大小增加到2𝐹2倍𝑚𝑔某同学在操场上做垒球投掷练习他把垒球以20𝑚/𝑠的初速度竖直上抛不计空气阻力，重力加速度𝑔=10𝑚/𝑠2，从抛出开头计时，垒球在第4𝑠内的( )路程为40𝑚位移大小为15𝑚，方向向上速度转变量的大小为10𝑚/𝑠平均速度大小为10𝑚/𝑠，方向向下如下图，将一橡胶弹力球掷向水平光滑地面，经水平地面反弹斜向上弹开，在与地面作用瞬间前后速度大小相等方向与竖直方向夹角也一样以下说法正确的是( )弹力球在与地面作用的瞬间，地面没有发生形变，不产生弹力弹力球在与地面作用的瞬间，弹力球受到的弹力是由于弹力球发生的形变而产生的弹力球在与地面作用的瞬间，地面给弹力球的弹力方向沿弹开方向弹力球在与地面作用的瞬间，弹力球的加速度方向竖直向上如下图，𝐴、𝐵两物块质量分别为2𝑚、𝑚，用一轻弹簧相连将𝐴用长度适当的轻绳悬挂于天花板上，系统处于静止状态，𝐵物块恰好与水平桌面接触而没有挤压此时轻弹簧的伸长量为𝑥，现将悬绳剪断，则以下说法正确的选项是( )悬绳剪断后，𝐴物块向下运动2𝑥时速度最大悬绳剪断后，𝐴物块向下运动3𝑥时速度最大悬绳剪断瞬间，𝐴物块的加速度大小为2𝑔悬绳剪断瞬间，𝐴物块的加速度大小为𝑔219页二、多项选择题〔520.0分〕如下图，两木块𝐴、𝐵叠放在水平桌面上，现以水平拉力𝐹拉𝐵没有拉动，则以下说法正确的选项是( )A、𝐵间有静摩擦力作用A、𝐵间不存在摩擦力作用𝐵与桌面间不存在静摩擦力作用假设撤去外力𝐹后，则𝐴与𝐵、𝐵与桌面间都没有摩擦力𝑎、𝑏、𝑐三个质点在同一条直线上运动，它们的位移—时间图像如下图，以下说法正确的选项是( )在0～𝑡3时间内，三个质点的平均速度一样在𝑡2～𝑡3这段时间内，三个质点运动方向一样在0～𝑡3时间内，质点𝑎、𝑏做单向直线运动在𝑡2时刻，质点𝑐的速率最大甲、乙两物体从同一地点同时开头沿同一方向运动，它们运动的𝑣−𝑡图像如下图甲乙两物体的图像均为两段直线如下图.(假设两物体在相遇时不相碰)以下说法正确的选项是( )319页甲物体的加速度不变0−𝑡4时间内，甲、乙两物体的平均速度相等两物体在𝑡1和𝑡3时刻相距最远两物体在𝑡2和𝑡4时刻相遇如下图，质量分别为𝑚𝐴、𝑚𝐵的𝐴、𝐵两物块用轻绳连接放在倾角为𝜃的固定斜面上，用平行于斜面对上的恒力𝐹拉𝐴，使它们沿斜面匀加速上升，𝐴、𝐵与斜面间的动摩擦因数均为𝜇，为了增大轻绳上的弹力，可行的方法是( )增大倾角𝜃C.减小𝐴物块的质量

B.增大动摩擦因数𝜇D.增大𝐵物块的质量做“探究两个互成角度的力的合成规律”的试验时某同学在试验中需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上两根细绳，细绳的另一端都有细绳套，试验中需用两个弹簧测力计分别勾住绳套，并互成角度地拉橡皮条.该同学以下做法正确的选项是( )在使用弹簧测力计时要使弹簧测力计与木板平面平行拉两个细绳套时，两拉力夹角尽量小一些转变拉力，进展屡次试验，每次都要记录拉力的方向与大小弹簧测力计在使用前必需调零本试验所用的科学方法是掌握变量法三、试验题〔110.0分〕419页示的装置.滑块及其上所放砝码总质量为𝑀，砂和小桶总质量为𝑚。请完成以下试验问题：试验时为保证滑块受到的合力与砂、小桶的总重力大小根本相等，砂和小桶的总质量𝑚应满足的试验条件是 。试验小组将一条纸带与小车相连，通过打点计时器打下一系列点，从打下的点中选取假设干计数点，如图乙中𝐴、𝐵、𝐶、𝐷、𝐸所示，纸带上相邻的两个计数点之间有四个点未画出。现测出𝐴𝐵=2.00𝑐𝑚，𝐴𝐶=5.50𝑐𝑚，𝐴𝐷=10.50𝑐𝑚，𝐴𝐸=17.00𝑐𝑚，打点计时器电源频率为50𝐻𝑧。通过所给数据，求小车通过𝐷点时的速度大小为 𝑚/𝑠，小车运动的加速度大小为 𝑚/𝑠2。(结果均保存两位有效数字)在小车的质量保持不变的状况下，试验小组测得小车的加速度𝑎和拉力𝐹的数据如下表所示：依据表中的数据在图丙坐标图上作出𝑎−𝐹图象。𝐹/𝑁𝑎/𝑚⋅𝑠−2

0.200.10

0.300.20

0.400.27

0.500.40

0.600.53519页依据自己所做的图像进展分析，确定是否有明显误差.假设有，则造成误差的主要缘由是 。四、计算题〔446.0分〕36𝑘𝑚/ℎ的速度在水平地面上匀速行驶。假设汽车以1𝑚/𝑠2的加速度加速，求6𝑠末汽车的速度大小。假设汽车以1𝑚/𝑠2的加速度刹车，求刹车12𝑠内走过的位移大小。为了确定物体在竖直方向上的运动状况，某争论小组利用一根轻弹簧、刻度尺、钩码制作了一个测量加速度的装置。如下图，轻弹簧上端固定在竖直放置的刻度尺的零刻线处，下端不挂钩码时指针指在𝐴(10𝑐𝑚)0.1𝑘𝑔的钩码，平衡时指针处在𝐵(12𝑐𝑚)位置。(重力加速度𝑔=10𝑚/𝑠2)求弹簧的劲度系数𝑘。将该装置挂在竖直方向的升降机中，觉察指针处在𝐶(14𝑐𝑚)位置，求此时升降机的加速度，并推断升降机的运动状况。619页如下图，质量为𝑚1=9𝑘𝑔𝑂。轻绳𝑂𝐵水平且𝐵端与放置在水平面上的质量为𝑚2=20𝑘𝑔的物体乙相连，轻绳𝑂𝐴与竖直方向的夹角𝜃=30°，物体甲、乙均处于静止状态(重力加速度𝑔=10𝑚/𝑠2，𝑠𝑖𝑛30°=0.5，𝑐𝑜𝑠30°=0.9，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力)，求：(1)轻绳𝑂𝐴、𝑂𝐵受到的拉力是多大？(2)乙受到的摩擦力是多少？(3)假设物体甲的质量为𝑚1=12𝑘𝑔，物体乙的质量𝑚2=20𝑘𝑔，欲使物体乙在水平面上不滑动，物体乙与水平面之间的动摩擦因数𝜇至少应为多大？719页现阶段无人机在农业、工业、环境保护、国防等领域有着广泛的应用。如下图，一质量𝑚=2𝑘𝑔的小型四旋翼遥控无人机从地面由静止开头竖直向上匀加速起飞，上升过程中的升力𝐹=30𝑁，经时间𝑡1=10𝑠时的速度大小𝑣1=10𝑚/𝑠.之后，掌握人机马上获得与上升时大小相等的升力，最终无人机落回地面时的速度恰好为零，𝑔=10𝑚/𝑠2，求：无人机受到的空气阻力；无人机失去升力后上升的最大高度；(3)无人机再次获得升力时的高度。819页答案和解析【答案】𝐵【解析】解：𝐴、争论自由式滑雪运发动空中动作时，运发动的外形和大小不能无视，A错误；B、钢架雪车运发动经过某计时点的速度为110𝑘𝑚/ℎ，对应某计时点的空间位置，该速B正确；C、两短道速滑运发动均绕场滑行一周，位移为零，依据平均速度的定义，可知两短道速滑运发动均绕场滑行一周的平均速度相等，故C错误；D、一运动的冰壶去撞击一静止的冰壶，依据牛顿第三定律，可知该静止的冰壶受到的撞击力与运动的冰壶受到的撞击力等大反向，故D错误。应选：𝐵。推断；依据牛顿第三定律推断。此题以第24届冬季奥林匹克运动会将于2023年2月4日在北京、张家口进展为背景，考查了质点、瞬时速度与平均速度、牛顿第三定律等根底学问在实际问题中的应用，要求学生对这局部学问要深刻理解，并加强记忆。【答案】𝐴【解析】解：𝐴、1𝑁和5𝑁最大合力为6𝑁，不行能和10𝑁的合力为零，故A正确；B、7𝑁和4𝑁的合力最大为11𝑁，最小为3𝑁，可以等于4𝑁，故三力的合力可以为零，故B错误；C、1𝑁和8𝑁的合力最大为9𝑁，最小为7𝑁，可以等于8𝑁，故三力的合力可以为零，故C错误；D、4𝑁和8𝑁的合力最大为12𝑁，最小为4𝑁，可以等于9𝑁，故三力的合力可以为零，故D错误。应选：𝐴。的合力能否为零即可确定数据有误的选项。919页三力能组成三角形，则三力的合力可以为零。【答案】𝐶【解析】解：设斜面倾角为𝜃，对𝑚利用牛顿其次定律，解得加速度为：𝑎=𝑔𝑠𝑖𝑛𝜃，由几何三角形，解得位移为：𝑥=

ℎ，sin𝜃据𝑥=1𝑎𝑡2得：2𝑡=√2𝑥𝑎

=√ 2ℎ 𝑔𝑠𝑖𝑛2𝜃

1sin𝜃

√2ℎ，𝑔ABD错误，C正确。应选：𝐶。【答案】𝐶【解析】解：𝐴𝐵、设物体的加速度为𝑎，由匀变速直线运动的速度—时间公式得：𝑡𝐴𝐵=

=

=5𝑣𝑎 𝐴𝐶 𝑎 𝐴𝐷 𝑎𝑎𝑡𝐵𝐶=𝑡𝐴𝐶−𝑡𝐴𝐵=2𝑣𝑎𝑎𝑡𝐶𝐷=𝑡𝐴𝐷−𝑡𝐴𝐶=2𝑣𝑎则物体在𝐴𝐵、𝐵𝐶、𝐶𝐷间的运动时间之比是1：2：2，故AB错误；C、由匀变速直线运动的速度—位移公式位移可得：𝑥 =𝑣2

=(3𝑣)2=

=(5𝑣)2

=25𝑣2𝐴𝐵𝑥𝐶𝐷

2𝑎=𝑥𝐴𝐶=

𝐴𝐶−𝑥𝐴𝐵−

2𝑎=8𝑣22𝑎=16𝑣22𝑎

2𝑎

𝐴𝐷

2𝑎

2𝑎则𝐴𝐵、𝐵𝐶、𝐶𝐷间的距离之比是1：8：16C正确，D错误。应选：𝐶。由匀变速直线运动的速度—时间公式与速度—19页比。根本公式即可解答。【答案】𝐶【解析】解：黑板擦处于静止状态，即平衡状态，所受的力肯定是平衡力。在水平方向上受到推力𝐹和墙壁对它的向右的推力，这两个力是一对平衡力；黑板擦在竖直方向上受到重力的作用没有掉下来，是由于墙壁给它施加了一个向上的摩擦力。由于其静止，所以摩擦力与重力是一对平衡力；A𝐹，故A错误；B、由于重力不变，所以黑板擦受到的摩擦力也不变，始终等于其重力，故B错误；C、最大静摩擦力的大小与正压力成正比，所以当推力𝐹的大小增加到2𝐹时，则黑板擦与黑板之间的最大静摩擦力变成原来的2C正确；D、假设适当减小推力，使黑板擦沿黑板向下运动，假设黑板擦沿黑板向下做加速运动，则黑板擦受到的摩擦力肯定小于𝑚𝑔D错误。应选：𝐶。会发生变化，从而可以得到答案．𝐵.要从其所处的状态入手分析其受力状况．【答案】𝐶解：𝐴𝐵4𝑠内的位移𝑥4=𝑣0𝑡4−1𝑔𝑡2=20×4𝑚−2 41×10×42𝑚=0，前3𝑠内的位移𝑥3=𝑣0𝑡3−1𝑔𝑡2=20×3𝑚−1×10×32𝑚=15𝑚，2 2 3 2第4𝑠内的位移𝛥𝑥4=𝑥4−𝑥3=0−15𝑚=−15𝑚，位移大小为15𝑚4𝑠内的路程为15𝑚AB错误；C4内的速度变化量𝛥𝑣=−𝑔𝑡=−10×1𝑚/𝑠=−10𝑚/𝑠，大小为10𝑚/𝑠C正确；19页D、第4𝑠内的平均速度𝑣=𝛥𝑥4=15

𝑚/𝑠=15𝑚/𝑠 D错误；应选：𝐶。

𝑡 1物体竖直上抛后，只受重力，加速度等于重力加速度，可以把物体的运动看成一种匀减—时间公式求出前4𝑠内的位移和前3𝑠4𝑠内的位移。由平均速度公式求出平均速度，由𝛥𝑣=𝑎𝑡求出速度的转变量。对于竖直上抛运动，通常有两种处理方法，一种是分段法，一种是整体法，两种方法可以穿插运用。【答案】𝐷【解析】解：𝐴𝐵、弹力球在与地面作用的瞬间，地面发生形变，弹力球受到的弹力是由于地面发生的弹性形变而产生的，故AB错误；C、支持力是弹力，方向总是垂直于接触面，并指向被支持物，所以地面给篮球的弹力C错误；D、弹力球在与地面作用的瞬间，弹力球受到的弹力的方向竖直向上，重力的方向竖直向下，合力的方向竖直向上，所以弹力球的加速度方向竖直向上，故D正确。应选：𝐷。弹力方向垂直于接触面，压力指向被压物体，支持力指向被支持物体．作用力与反作用力大小相等，方向相反．弹力的方向与物体形变的方向相反．弹力有三种：压力、支持力和拉力，压力和支持力与接触面，轻绳的拉力沿着绳子指向绳收缩的方向．【答案】𝐵【解析】解：𝐴𝐵、弹簧开头处于伸长状态，弹力𝐹=𝑚𝑔=𝑘𝑥.当向下压缩，当弹力等于重力时，速度到达最大，则有：2𝑚𝑔=𝐹′=𝑘𝑥′，联立解得：𝑥′=2𝑥，所以下降的距离为𝑥2𝑥=3𝑥A错误，B正确。𝐶𝐷𝐵受力分析，𝐵𝐹=𝑚𝑔.剪断瞬间，对𝐴分析，𝐴的合力为𝐹合=2𝑚𝑔+𝐹=3𝑚𝑔，依据牛顿其次定律，得𝑎=1.5𝑔CD错误应选：𝐵。19页求出悬绳剪断前弹簧的拉力𝐴𝐴物块向下运动到重力和弹力相等时，速度最大．加速度．当弹力和重力相等时，速度最大．【答案】𝐵𝐷解：𝐴𝐵𝐴为争论对象，𝐴相对于𝐵𝐵𝐴𝐵间A错误，B正确；C、以𝐴和𝐵整体为争论对象，水平方向受到拉力𝐹，依据平衡条件得知，桌面对𝐵有向左的静摩擦力，大小𝑓=𝐹.C错误；D、假设撤去外力𝐹后，𝐴与𝐵、𝐵与桌面间都没有相对运动趋势，则𝐴与𝐵、𝐵与桌面间都D正确。应选：𝐵𝐷。两木块𝐴、𝐵𝐴和整体为争论对象，依据平衡条件求解𝐴、𝐵间，𝐵与桌面间的摩擦力．用的方法．【答案】𝐴𝐷【解析】解：𝐴、在0～𝑡3时间内，𝑎、𝑏、𝑐三个质点的初末位置一样，则它们通过的位移一样，所用时间也一样，所以平均速度一样，故A正确；B、𝑥−𝑡图象的斜率表示速度，速度正负表示速度方向，可知在𝑡2～𝑡3这段时间内，质点𝑏与𝑐运动方向一样，与质点𝑎B错误；C、在0～𝑡3时间内，质点𝑎𝑏做单向直线运动，C错误；D、斜率确定值越大，速率越大，则在𝑡2时刻，质点𝑐的速率最大，故D正确。应选：𝐴𝐷。—时间图像的斜率表示速度，速度的正负表示速度方始终质点的速度关系。解决此题的关键要清楚位移—19页依据图象的外形分析质点的运动状况。11.【答案】𝐵𝐶𝐷【解析】解：𝐴、𝑣−𝑡图像的斜率表示加速度，甲物体图像的斜率是变化的，则甲物体A错误；B、依据𝑥−𝑡图像与时间轴围成的面积表示位移，可知0−𝑡4时间内甲物体的位移等于乙物体的位移，所用时间也相等，则平均速度相等，故B正确；C𝑣−𝑡图像与时间轴围成的𝑡1和𝑡3时刻相距最远，C正确；D、甲、乙两物体从同一地点同时开头沿同一方向运动，0−𝑡2时间内甲物体的位移等于乙物体的位移，两物体在𝑡2时刻第一次相遇。0−𝑡4时间内甲物体的位移等于乙物体的位移，两物体在𝑡4D正确。应选：𝐵𝐶𝐷。𝑣−𝑡图像的斜率表示加速度，图像与时间轴围成的面积表示位移。平均速度等于位移与时间之比。结合数学学问进展分析。解决此题的关键要能够从速度—图线与时间轴围成的面积表示位移。【答案】𝐶𝐷𝐹−(𝑚𝐴+𝑚𝐵)𝑔𝑠𝑖𝑛𝜃−𝜇(𝑚𝐴+𝑚𝐵)𝑔𝑐𝑜𝑠𝜃=(𝑚𝐴+𝑚𝐵)𝑎得𝑎=

𝐹𝑚𝐴+𝑚𝐵

−𝑔𝑠𝑖𝑛𝜃−𝜇𝑔𝑐𝑜𝑠𝜃对𝐵依据牛顿其次定律得𝑇−𝑚𝐵𝑔𝑠𝑖𝑛𝜃−𝜇𝑚𝐵𝑔𝑐𝑜𝑠𝜃=𝑚𝐵𝑎得到，轻绳上的张力𝑇=

𝑚𝐵𝐹𝑚𝐴+𝑚𝐵

，𝑇与𝜃，𝜇AB错误；则要增大𝑇，可增大𝐵物的质量，或减小𝐴物的质量。AB错误，CD正确；应选：𝐶𝐷。19页依据牛顿其次定律求得整体加速度，再隔离𝐵物体，求得绳上拉力𝑇的表达式后即可得到答案。此题考察的是连接体物体间拉力问题，关键是找到连接两个物体的拉力的表达式。【答案】𝐴𝐷【解析】解：𝐴、弹簧测力计、细绳、橡皮条都应与木板平行，以保证不产生其他方向A正确；BB错误；C、转变拉力，进展屡次试验，除了要记录拉力的方向与大小，还要记录结点的位置，C错误；D、使用弹簧测力计之前，要调零，否则影响力的大小的测定，故D正确；E、本试验使用的科学方法是等效替代法，故E错误。应选：𝐴𝐷。(即橡皮条拉到同一位置)，而细线的作用是画出力的方向，弹簧测力计能测出力的大小；必需保证与木板平面平行。安排试验步骤，分析试验误差，明确留意事项，进展数据处理等等。【答案】砂和小桶的总质量远小于滑块的质量0.581.5没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够【解析】解：(1)设砂桶与车的加速度为𝑎，整体据牛顿其次定律满足𝑚𝑔=(𝑚+𝑀)𝑎隔离小车，据牛顿其次定律可得𝐹=𝑀𝑎=

𝑀𝑀+𝑚

·𝑚𝑔=

1𝑀

·𝑚𝑔只有当𝑀远大于𝑚时，𝐹≈𝑚𝑔，才能以砂与砂桶的总重力作为小车所受合外力。(2)小车通过𝐷点时的速度大小为𝑣𝑣=𝑥𝐴𝐸𝑥𝐴𝐶2𝑇𝐴𝐸=17.00𝑐𝑚=0.17𝑚，𝐴𝐶=5.50𝑐𝑚=0.055𝑚19页𝑇=0.02𝑆×5𝑠=0.1𝑠代入数据解得：𝑣=0.58𝑚/𝑠由逐差法求解加速度𝑎=𝑥𝐴𝐸2𝑥𝐴𝐶4𝑇2代入数据解得：𝑎=1.5𝑚/𝑠2依据表中的数据在图丙坐标图上做出𝑎 𝐹图像如以下图所示图象未过原点可能缘由是没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够，导致拉力到达某一值时，才能产生加速度。故答案为：(1)砂和小桶的总质量远小于滑块的质量；(2)0.58，1.5；(3)没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够；只有当𝑀远大于𝑚时，𝐹≈𝑚𝑔，才能以砂与砂桶的总重力作为小车所受合外力。依据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上𝐶𝛥𝑥=𝑎𝑇2可以求出加速度的大小．(3)(4)在图像上描点连线做𝑎𝐹图像如图示，试验时应平衡摩擦力，没有平衡摩擦力或平衡摩擦力缺乏，𝑎 𝐹图象在𝐹轴上有截距平衡摩擦力过度在𝑎 𝐹图象的𝑎轴上有截距．与加速度，学会通过描点作图象，留意单位的统一与正确的计算．15.𝑣0=36𝑘𝑚/ℎ=10𝑚/𝑠，选取初速度的方向为正方向；(1)假设汽车以1𝑚/𝑠2—6𝑠末汽车的速度：𝑣=𝑣0+𝑎1𝑡=10𝑚/𝑠+1×6𝑚/𝑠=16𝑚/𝑠(2)假设汽车以1𝑚/𝑠2的加速度刹车，设减速到停顿所需的时间为𝑡1，由速度—时间公式，19页可得：𝑡1=0𝑣0=010

𝑠=10𝑠𝑎2 1由于12𝑠>10𝑠=0可知刹车12𝑠汽车已经停顿运动，刹车12𝑠内走过的位移大小即汽车从刹车开头到速度减为零的位移，=0依据速度—位移公式，可得刹车12𝑠内走过的位移大小为：𝑥=

0𝑣2 0102

𝑚=50𝑚2𝑎2

2×(1)答：(1)假设汽车以1𝑚/𝑠2的加速度加速，6𝑠末汽车的速度大小为16𝑚/𝑠。(2)假设汽车以1𝑚/𝑠2的加速度刹车，刹车12𝑠内走过的位移大小为50𝑚。【解析】(1)速度—时间公式，求得6𝑠末汽车的速度大小；(2)依据速度—12𝑠的运动学公式求解。便不再运动，要敏捷应用运动学公式求解。16.【答案】解：(1)依据𝐹=𝑚𝑔=𝑘𝑥可得：𝑘=𝛥𝑥

= 0.1×10(1210)×102

𝑁/𝑚=50𝑁/𝑚(2)由牛顿其次运动定律得：𝑘𝑥𝐴𝐶𝑚𝑔𝑚𝑎代入数据解得：𝑎=10𝑚/𝑠2方向向上。升降机加速向上运动或者减速向下运动。答：(1)弹簧的劲度系数𝑘为50𝑁/𝑚；(2)此时升降机的加速度为10𝑚/𝑠2【解析】(1)依据胡克定律，弹簧的伸长量与拉力成正比，即𝐹=𝑘𝑥，代入数据求解劲度系数即可；由图读出弹簧的长度，由胡克定律求出弹簧的弹力，由牛顿其次定律求出加速度即可。此题考察胡克定律，关键是公式中的△𝑥是弹簧的伸长量，不能写成弹簧的长度。根底题目。【答案】解解：(1)对结点𝑂受力分析如下图，由平衡条件得：19页轻绳𝑂𝐴受到的拉力：𝑇𝐴=𝑚1𝑔9×10𝑁100𝑁cos𝜃 0.9𝐵 1 轻绳𝑂𝐵受到的拉力：𝑇 =𝑚𝑔𝑡𝑎𝑛𝜃=𝑚𝑔𝑠𝑖𝑛𝜃𝐵 1 cos𝜃

=9×10×0.5𝑁=50𝑁0.9(2)对于乙物体由平衡条件得：摩擦力𝑓=𝑇𝐵=50𝑁，方向水平向左。𝑂𝐵cos𝜃cos𝜃代入数据得：20×10𝜇≥12×10×