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文档简介

2022-2023学年高一下数学期末模拟试卷考生须知:1.全卷分选择题和非选择题两部分,全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂;非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2.请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3.保持卡面清洁,不要折叠,不要弄破、弄皱,在草稿纸、试题卷上答题无效。一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每个小题给出的四个选项中,恰有一项是符合题目要求的1.在△ABC中,如果,那么cosC等于()A. B. C. D.2.在正四棱柱中,,,则与所成角的余弦值为()A. B. C. D.3.已知与之间的一组数据如表,若与的线性回归方程为,则的值为A.1 B.2 C.3 D.44.角的终边经过点,那么的值为()A. B. C. D.5.已知,是两条不同的直线,,是两个不同的平面,则下列说法正确的是()A.若,,则 B.若,,,则C.若,,则 D.若,,则6.从装有2个红球和2个黑球的口袋内任取2个球,则互斥而不对立的两个事件是()A.恰有1个黑球与恰有2个黑球 B.至少有一个红球与都是黑球C.至少有一个黑球与至少有1个红球 D.至少有一个黑球与都是黑球7.已知非零向量、,“函数为偶函数”是“”的()A.充分非必要条件 B.必要非充分条件C.充要条件 D.既非充分也非必要条件8.已知向量,的夹角为,且,,则与的夹角等于A. B. C. D.9.在中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c,若,,则是()A.纯角三角形 B.等边三角形C.直角三角形 D.等腰直角三角形10.已知为的一个内角,向量.若,则角()A. B. C. D.二、填空题:本大题共6小题,每小题5分,共30分。11.已知正四棱锥的底面边长为,高为,则该四棱锥的侧面积是______________12.函数,函数,若对所有的总存在,使得成立,则实数的取值范围是__________.13.关于函数有下列命题:①由可得必是的整数倍;②的图像关于点对称,其中正确的序号是____________.14.设,则等于________.15.观察下列等式:(1);(2);(3);(4),……请你根据给定等式的共同特征,并接着写出一个具有这个共同特征的等式(要求与已知等式不重复),这个等式可以是__________________.(答案不唯一)16.有6根细木棒,其中较长的两根分别为,,其余4根均为,用它们搭成三棱锥,则其中两条较长的棱所在的直线所成的角的余弦值为.三、解答题:本大题共5小题,共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17.在数列中,,.(1)求证:数列是等差数列;(2)求数列的前项和.18.已知向量,,,设函数.(1)求的最小正周期;(2)求在上的最大值和最小值.19.设向量.(1)当时,求的值;(2)若,且,求的值.20.已知E、F、G、H为空间四边形ABCD的边AB、BC、CD、DA上的点,且EH∥FG.求证:EH∥BD.21.已知某校甲、乙、丙三个年级的学生志愿者人数分别是240,160,160.现采用分层抽样的方法从中抽取7名同学去某敬老院参加献爱心活动。(1)应从甲、乙、丙三个年级的学生志愿者中分别抽取多少人?(2)设抽出的7名同学分别用A,B,C,D,E,F,G表示,现从中随机抽取2名同学承担敬老院的卫生工作,求事件M“抽取的2名同学来自同一年级”发生的概率。

参考答案一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每个小题给出的四个选项中,恰有一项是符合题目要求的1、D【解析】解:由正弦定理可得;sinA:sinB:sinC=a:b:c=2:3:4可设a=2k,b=3k,c=4k(k>0)由余弦定理可得,CosC=,选D2、A【解析】

连结,结合几何体的特征,直接求解与所成角的余弦值即可.【详解】如图所示:在正四棱柱中,=1,=2,连结,则与所成角就是中的,所以与所成角的余弦值为:==.故选A.【点睛】本题考查正四棱柱的性质,直线与直线所成角的求法,考查空间想象能力以及计算能力,属于基础题.3、D【解析】

先求出样本中心点,代入回归直线方程,即可求得的值,得到答案.【详解】由题意,根据表中的数据,可得,又由回归直线方程过样本中心点,所以,解得,故选D.【点睛】本题主要考查了线性回归直线方程的应用,其中解答中熟记线性回归直线方程的基本特征是解答的关键,着重考查了推理与运算能力,属于基础题.4、C【解析】,故选C。5、D【解析】

试题分析:,是两条不同的直线,,是两个不同的平面,在A中:若,,则,相交、平行或异面,故A错误;在B中:若,,,则,相交、平行或异面,故B错误;在C中:若,,则或,故C误;在D中:若,,由面面平行的性质定理知,,故D正确.考点:空间中直线、平面之间的位置关系.6、A【解析】

从装有2个红球和2个黑球的口袋中任取2个球,包括3种情况:①恰有一个黑球,②恰有两个黑球,③没有黑球.

故恰有一个黑球与恰有两个黑球不可能同时发生,它们是互斥事件,再由这两件事的和不是必然事件,故他们是互斥但不对立的事件,

故选:A.7、C【解析】

根据,求出向量的关系,再利用必要条件和充分条件的定义,即可判定,得到答案.【详解】由题意,函数,又为偶函数,所以,则,即,可得,所以,若,则,所以,则,所以函数是偶函数,所以“函数为偶函数”是“”的充要条件.故选C.【点睛】本题主要考查了向量的数量积的运算,函数奇偶性的定义及其判定,以及充分条件和必要条件的判定,着重考查了推理与运算能力,属于基础题.8、C【解析】

根据条件即可求出,从而可求出,,,然后可设与的夹角为,从而可求出,根据向量夹角的范围即可求出夹角.【详解】,;,,;设与的夹角为,则;又,,故选.【点睛】本题主要考查向量数量积的定义运用,向量的模的求法,以及利用数量积求向量夹角.9、B【解析】

利用正弦定理结合条件,得到,再由,结合余弦定理,得到,从而得到答案.【详解】在中,由正弦定理得,而,所以得到,即,为的内角,所以,因为,所以,由余弦定理得.为的内角,所以,所以,为等边三角形.故选:B.【点睛】本题考查正弦定理和余弦定理判断三角形形状,属于简单题.10、C【解析】

带入计算即可.【详解】即,选C.【点睛】本题考查向量向量垂直的坐标运算,属于基础题.二、填空题:本大题共6小题,每小题5分,共30分。11、【解析】四棱锥的侧面积是12、【解析】

分别求得f(x)、g(x)在[0,]上的值域,结合题意可得它们的值域间的包含关系,从而求得实数m的取值范围.【详解】∵f(x)=sin2x+(2cos2x﹣1)=sin2x+cos2x=2sin(2x+),当x∈[0,],2x+∈[,],∴2sin(2x+)∈[1,2],∴f(x)∈[1,2].对于g(x)=mcos(2x﹣)﹣2m+3(m>0),2x﹣∈[﹣,],mcos(2x﹣)∈[,m],∴g(x)∈[﹣+3,3﹣m].由于对所有的x2∈[0,]总存在x1∈[0,],使得f(x1)=g(x2)成立,可得[﹣+3,3﹣m]⊆[1,2],故有3﹣m≤2,﹣+3≥1,解得实数m的取值范围是[1,].故答案为.【点睛】本题考查两角和与差的正弦函数,着重考查三角函数的性质的运用,考查二倍角的余弦,解决问题的关键是理解“对所有的x2∈[0,]总存在x1∈[0,],使得f(x1)=g(x2)成立”的含义,转化为f(x)的值域是g(x)的子集.13、②【解析】

对①,可令求出的通式,再进行判断;对②,将代入检验是否为0即可【详解】对①,令得,可令,,①错;对②,当时,,②对故正确序号为:②故答案为②【点睛】本题考查三角函数的基本性质,属于基础题14、【解析】

首先根据题中求出的周期,然后利用周期性即可求出答案.【详解】由题知,有,故的周期为,故,又因为,有.故答案为:.【点睛】本题考查了三角函数的周期性,属于基础题.15、【解析】

观察式子特点可知,分子上两余弦的角的和是,分母上两个正弦的角的和是,据此规律即可写出式子【详解】观察式子规律可总结出一般规律:,可赋值,得故答案为:【点睛】本题考查归纳推理能力,能找出余角关系和补角关系是解题的关键,属于基础题16、【解析】

分较长的两条棱所在直线相交,和较长的两条棱所在直线异面两种情况讨论,结合三棱锥的结构特征,即可求出结果.【详解】当较长的两条棱所在直线相交时,如图所示:不妨设,,,所以较长的两条棱所在直线所成角为,由勾股定理可得:,所以,所以此时较长的两条棱所在直线所成角的余弦值为;当较长的两条棱所在直线异面时,不妨设,,则,取CD的中点为O,连接OA,OB,所以CD⊥OA,CD⊥OB,而,所以OA+OB<AB,不能构成三角形。所以此情况不存在。故答案为:.【点睛】本题主要考查异面直线所成的角,熟记异面直线所成角的概念,以及三棱锥的结构特征即可,属于常考题型.三、解答题:本大题共5小题,共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、(1)证明见解析.(2).【解析】

(1)根据数列通项公式的特征,我们对,两边同时除以,得到,利用等差数列的定义,就可以证明出数列是等差数列;(2)求出数列的通项公式,利用裂项相消法,求出数列的前n项和.【详解】(1)的两边同除以,得,又,所以数列是首项为4,公差为2的等差数列.(2)由(1)得,即,故,所以【点睛】本题考查了证明等差数列的方法以及用裂项相消法求数列前和.已知,都是等差数列,那么数列的前和就可以用裂项相消法来求解.18、(1)(2)时,取最小值;时,取最大值1.【解析】

试题分析:(1)根据向量数量积、二倍角公式及配角公式得,再根据正弦函数性质得.(2)先根据得,,再根据正弦函数性质得最大值和最小值.试题解析:(1),最小正周期为.(2)当时,,由图象可知时单调递增,时单调递减,所以当,即时,取最小值;当,即时,取最大值1.19、(1);(2).【解析】

(1)直接由向量的模长公式进行计算.

(2)由向量平行的公式可得,再用余弦的二倍角和正弦的和角公式,然后再转化为的式子,代值即可.【详解】(1)因为,所以,所以.(2)由得,所以,故.【点睛】本题考查向量求模长和向量的平行的坐标公式的利用,以及三角函数的化简求值,属于基础题.20、证明见解析【解析】

证明:平面,平面,且,平面,平面ABD,平面平面,

.21、(1)应分别从甲、乙、丙三个年级分别抽取3人,2人,2人(2)P【解析】

(1)由分层抽样的性质可得甲、乙、丙三个年级的学生志愿者人数之比为3:2:2,可得抽取7名同学,应分别从甲、乙、丙三个年级分别抽取3人,2人,2人;(2)从抽出的7名同学中随机抽取2名的所有可能结果为21种,其中2名同学来自同一年级的所有可能结果为5种,可得答案.【详解】解:(1)由已知,甲、乙、丙三个年级的学生志愿者人数之比为3:2:2因为采取分层抽样的方法抽取7名同学,所以应分别从甲、乙、丙三个年级分别抽取3人,2人,2人(2)从抽出的7名同学中随机抽取2名的所有可能结果为:ABACADAEAFAGBCBD

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